2019年四川省成都市中考物理试卷

2019年四川省成都市中考物理试卷

‎2019年四川省成都市中考物理试卷 一、单项选择题（每小题2分，共28分）‎ ‎1．（2分）中国的创新发展战略使科技领域不断取得新成果，下列说法正确的是（　　）‎ A．智能机器人只能通过声音信号控制 ‎ B．北斗卫星导航是通过光纤传递信息 ‎ C．无人自动驾驶汽车行驶不需要消耗能量 ‎ D．用5G手机上网是通过电磁波传递信息 ‎2．（2分）如图所示，将手机充电器插入家庭电路插座中，即可为手机充电。充电器为手机充电时的输出电压约为（　　）‎ A．1.5V B．5V C．110V D．220V ‎3．（2分）如图所示为音叉共鸣实验：两个频率相同的音叉，用橡皮锤敲击其中一个音叉，另一个未被敲击的音叉也会发出声音。此现象可以说明（　　）‎ A．声音能够传递能量 ‎ B．声音传播不需要介质 ‎ C．声音传播不需要时间 ‎ D．物体不振动也可产生声音 ‎4．（2分）关于原子核和核能，下列说法正确的是（　　）‎ A．原子核是由电子、质子和中子组成 ‎ B．核能的使用不会对人类产生危害 ‎ C．现有核电站利用核裂变释放的能量来发电 ‎ D．氢弹爆炸时的链式反应是可控的 ‎5．（2分）如图是汽车四冲程发动机的一个冲程示意图，下列说法正确的是（　　）‎ A．该冲程是做功冲程 ‎ B．该冲程机械能转化为内能 ‎ C．这种汽车对环境没有污染 ‎ D．此发动机的效率可达90%‎ ‎6．（2分）下列情形与大气压强无关的是（　　）‎ A．高原上用普通锅不易煮熟米饭 ‎ B．用吸管吸饮料 ‎ C．“玉兔”号在月球上留下“足迹” ‎ D．马德堡半球实验 ‎7．（2分）如图所示，“和谐号”动车满载旅客从成都东站缓缓驶出前在西安。下列说法正确的是（　　）‎ A．坐在列车上的乘客相对于车站是静止的 ‎ B．列车由静止变为运动，列车的惯性减小了 ‎ C．列车受到的牵引力和铁轨对它的支持力是平衡力 ‎ D．列车加速前进时，它受到的牵引力大于它受到的阻力 ‎8．（2分）下列符合安全用电要求的是（　　）‎ A．只要低于36V的电压，人体都可接触 ‎ B．三脚插头较长的那只脚无用，可以去掉 ‎ C．用布擦台灯前将其插头从插座中拔出 ‎ D．发现有人触电时，可直接用手去拉触电者 ‎9．（2分）将一枚重为0.5N的蛋放入一杯均匀盐水中，静止时如图所示，然后向杯子里加入一些清水，则（　　）‎ A．鸡蛋会下沉 B．鸡蛋的重力增加 ‎ C．鸡蛋所受浮力变大 D．鸡蛋所受浮力为0.5N ‎10．（2分）如图所示的情景中，关于能量的说法正确的是（　　）‎ A．水力发电，将电能转化为机械能 ‎ B．在空中飞行的C919，只具有重力势能 ‎ C．张弓待发，弓静止，所以没有能量 ‎ D．过山车冲上高处的过程中，重力势能增加 ‎11．（2分）1738年伯努利发现了流体压强与流速有关，以下选项利用伯努利这一发现的是（　　）‎ A．机翼受升力使飞机飞上蓝天 ‎ B．火箭受推力飞向太空 ‎ C．轮船经船闸从下游开到上游 ‎ D．潜水艇从海底上浮 ‎12．（2分）关于分子和物体内能，下列说法正确的是（　　）‎ A．杯子里的水可以任意倒出，说明水分子间没有引力 ‎ B．固体间能扩散，表明固体物质分子是运动的 ‎ C．把0℃的冰块加热熔化成0℃的水，其内能不变 ‎ D．用力搓手，手发热是通过热传递增加手的内能 ‎13．（2分）实验小组为医院病房设计呼叫电路，在病人需要护理时，闭合床头开关，就能及时通知值班室里的护土，图中最合理的设计方案是（　　）‎ A． ‎ B． ‎ C． ‎ D．‎ ‎14．（2分）如图所示的四个实验，反映电动机基本原理的是（　　）‎ A． ‎ B． ‎ C． ‎ D．‎ 二、填空题（每空2分，共2分）‎ ‎15．（4分）以镜正衣冠，如图所示，小红由远及近走向平面镜的过程中，她在镜中像的大小　 　（选填“变大”、“变小”或”不变”），周围的同学都能看见小红，是因为光照到小红身上，发生了光的　 　反射。‎ ‎16．（4分）学校排球联赛中，小婷迎面而来的球扣向了对方场地，如图所示，说明力可以改变物体的　 　。排球上有许多花纹，是采用增大接触面粗糙程度的方法来增大　 　。‎ ‎17．（4分）小明在实验室做“观察水的沸腾”实验，每隔30s记录一次温度计的示数，并据此作成图象，如图所示，由图象可知，水在沸腾过程中，继续吸热，温度　 　（选填“升高”，“降低”或”不变”），停止加热一段时间后，水　 　（选填会”或“不会）汽化。‎ ‎18．（4分）如图，是三种类型剪刀的示意图，请你为铁匠师傅选择一把剪铁皮的剪刀，你会选择　 　（选填”A”、“B”或“C”）剪刀，这样选择的目的是为了省　 　。‎ ‎19．（4分）如图所示，用细线悬挂的磁体AB，磁极未知，当闭合电路并关S后，磁体的B端与通电螺线管左端相互排斥，则B端是磁体的　 　极，断开开关S，磁体静止时，B端会指向地理的　 　（选填“北方”或南方”）。‎ ‎20．（4分）如图所示，电源电压不变，开关S闭合后，把滑片P向右移动，则滑动变阻器接入电路的阻值将　 　，电压表示数将　 　（两空均选填“变大”“变小或“不变”）。‎ ‎21．（4分）如图所示电路，关S闭合后，两灯均发光，电压表测的是灯　 　（选填“L1“或“L2”）两端电压。一段时间后，两灯均熄灭，但电压表有读数且示数较大，电流表无读数，则故障可能是　 　（选填“L1短路”、“L1断路”或”L2断路”）。‎ ‎22．（4分）如图甲是一种家用电器，图乙是其简化的电路图，已知R1＜R2，电暖器的部分参数如表中所示。闭合开关S，要让电器处于第二档工作，则应再将开关　 　闭合；若电暖器在第二档正常工作10min，则产生的热量是　 　J． ‎ 额定电源 ‎220V 功率选择 一档950W 二档1150W 三档2100W 三、作图与计算题（共16分、计算题在解答时应写出公式和重要的演算步，只写出最后答案的不能得分）‎ ‎23．（2分）在图中，F是透镜的焦点，a、b是烛焰发出的两条光线，a与两焦点的连线平行，b经过透镜中心。请作出a、b两条光线通过透镜之后的光路图。‎ ‎24．（2分）质量均匀的小球a从地面冲上弧形轨道，如图所示，是小球a向上运动的某一状态，请画出此时小球所受重力及小球对弧形轨道压力的示意图。‎ ‎25．（6分）歼20是由成都飞机设计研究所设计、成都飞机工业公司制造的中国第五代隐身重型歼击机。由网络查面得到下列数据。其中，最大飞行速度2.8马赫，表示歼20的最大飞行速度是空气中声速的2.8倍。‎ ‎（1）若空气中声速取340m/s，求歼20以2马赫的速度飞行10min运动的路程。‎ ‎（2）如图所示，空载的歼20停在水平地面，若轮胎与地面接触的总面积为0.4m3，求地面受到的压强。（g取10N/kg）‎ 空载质量 最大飞行速度 作战半径 最大飞行高度 ‎17吨 ‎2.8马赫 ‎2200千米 ‎18500米 ‎26．（6分）在如图甲所示的电路中，电源电压恒定不变，R1、R2为定值电阻，已知电灯L的伏安特性曲线（即电流随两端电压的变化图象）如图乙所示，当开关S1、S3闭合，S2断开时，电流表的示数为0.26A；当开关S2、S3闭合，S1断开时，电流表的示数为1.25A；当开关S3闭合，S1、S2断开时，电流表的示数为0.2A．求：‎ ‎（1）当开关S1，S3闭合，S2断开，5min内电路消耗的电能是多少？‎ ‎（2）当开关S3闭合，S1、S2断开，R2消耗的电功率是多大？‎ 四、实验与探究题（共14分）‎ ‎27．（6分）在“探究串联电路的电流特点”的实验中，小红同学选用两个不同的小灯泡组成了如图甲所示的串联电路，然后用一个电流表分别接在a，b，c三处去测量电流。‎ ‎（1）她先把电流表接在a处，闭合开关后，发现两灯的亮度不稳定，电流表的指针也来回摆动。故障的原因可能是　 　。‎ A．某段导线断开 B．某接线柱处接触不良 C．某灯泡被短路 D．电流表被烧坏 ‎（2）她排除故障后，重新闭合开关，电流表的指针指示位置如图乙所示，则所测的电流值为　 　A。‎ ‎（3）她测量了a，b，c三处的电流，又改变灯泡的规格进行了多次实验，其中一次实验的测量数据如下表，在分析数据时，发现三处的测量值有差异。下列分析正确的是　 　。‎ Ia/（A）‎ Ib/（A）‎ Ic/（A）‎ ‎0.16‎ ‎0.15‎ ‎0.14‎ A．可能是因为测量误差造成的 B．是因为没有对电流表调零造成的 C．串联电路中各处的电流本来就不等 D．电流从电源正极流向负极的过程中，电流越来越小 ‎28．（8分）在“测量石块的密度”实验中：‎ ‎（1）小李同学首先用天平测出石块的质量，天平平衡时右盘砝码和游码位置如图甲所示，则石块的质量为　 　g。‎ ‎（2）为了测量出石块的体积，小李同学先往量筒中加入一定量的水，如图乙所示，他的操作合理吗？为什么？答：　 　。‎ ‎（3）四个小组测量出的石块密度如下表所示：‎ 第一组 第二组 第三组 第四组 ‎2.5×103kg/m3‎ ‎2.6g/cm3‎ ‎2.6×102kg/m3‎ ‎2.5g/cm3‎ 其中错误的是第　 　组的测量结果。‎ ‎（4）对实验进行评估时，下列分析正确的是　 　。‎ A．放置天平的操作台面不水平，测出的质量偏大 B．放置天平的操作台面不水平，测出的质量偏小 C．先测石块体积，后测石块质量，测出的密度偏小 D．先测石决体积，后测石块质量，测出的密度偏大 五、选择题（每小题2分，共10分，有的小题只有一个选项符合题目要求，有的小题有二个选项符合题目要求，全部选对的得2分，选对但不全的得1分，有选错的得0分）‎ ‎29．（2分）我们的生产与生活总离不开能量及其转化。下列说法正确的是（　　）‎ A．提高能量利用中的转化效率是节能问题的核心 ‎ B．全自动洗衣机工作时，电能全部转化为机械能 ‎ C．吊装码头上，只要货物受到的合力为0，它的能量就不变 ‎ D．用燃气灶烧水，只要调大火力，燃气灶的加热效率就提高 ‎30．（2分）如图，成都锦江之上，夜色中的安顺廊桥流光溢彩，让游人流连忘返。下列说法错误的是（　　）‎ A．小张看到桥在水中的倒影，是因为光从水中射入空气，再进入小张的眼睛 ‎ B．小郑取下近视取镜，看到廊桥变模糊了，是因为廊桥的像成在了视网膜的前面 ‎ C．小陈拿出携带的放大镜观看远处的廊桥，看到了廊桥倒立的像，这个像是实像 ‎ D．小李用手指组成方框“取景”，方框离眼睛越远，“取景”范围越小，是因为光沿直线传播 ‎31．（2分）用两只相同的电加热器，分别给相同体积的水和某种油加热，在开始和加热3min时各记录一次温度，如下表所示。已知ρ水＝1.0×103kg/m3．c水＝4.2×103J/（kg•℃），ρ油＝0.8×103kg/m3，加热的效率都为90%，油的末温没有达到它的沸点，下列说法正确的是（　　） ‎ 加热时间（min）‎ ‎0‎ ‎3‎ 水的温度（℃）‎ ‎18‎ ‎28‎ 油的温度（℃）‎ ‎18‎ ‎43‎ A．这种油的比热容为1.68×103J/（kg•℃） ‎ B．这种油的比热容为2.1×103J/（kg•℃） ‎ C．因为这种油的密度比水小，所以它的比热容比水小 ‎ D．加热效率没有达到100%，是因为电加热器没有把电能全部转化为内能 ‎32．（2分）如图甲所示的装置，每个滑轮的重力为10N，物体A的重力GA＝100N，物体B的重力GB＝40N，对A施加水平向右的拉力F1＝110N，使A以0.1m/s的速度匀速向右运动；撤去拉力F1，在A的右侧加挂一个与它相同的物体，如图乙所示，对B施加一个竖直向下的拉力F2，使A以0.2m/s的速度匀速向左运动。绳重及滑轮转轴处的摩擦等次要因素忽略不计，则下列说法正确的是（　　）‎ A．甲图中，A受到的摩擦力为110N ‎ B．乙图中，F2的大小为45N ‎ C．乙图中，P点处受到的拉力为145N ‎ D．乙图中，F2做功的功率为2W ‎33．（2分）如图甲所示的电路，电源电压U＝10V（恒定不变），R2＝8Ω，闭合开关S后，V2表的示数为7V，把甲电路中的两个电压表换成两个电流表，如图乙所示，闭合开关S后，A1表的示数为1.75A，下列说法正确的是（　　）‎ A．甲电路中V1表的示数为5V ‎ B．乙电路中A2表的示数为2.25A ‎ C．甲电路消耗的总功率为2.5W ‎ D．乙电路中R1消耗的功率为10W 六、综合题（共10分．第35题在解溶时写出公式和重要的演算步，只写出最答案的不能得分）‎ ‎34．（1分）初三实验小组的同学决定设计一个简易的身高测量仪，可用器材有电压恒定的电源、电压表、电阻丝、定值电阻、开关、导线（若干）等。他们的设想是：用滑片在绷直的电阻丝上滑动代替滑动变阻器；将电压表改装成身高显示仪﹣﹣所测身高越大，显示仪示数越大，且刻度均匀。‎ ‎（1）同学们设计了如图所示电路，老师指出他们的设计有不够合理的地方。你认为下列分析正确的是　 　。‎ A．移动滑片P时，电路的总电阻没有变化 B．当所测身高越大时，电压表的示数越小 C．电压表的示数变化量跟身高变化量不成正比 D．电压表的示数不能由零变化到最大刻度值 ‎（2）在老师的引导下，同学们设计出了正确的电路，是图四个电路中的　 　电路。‎ ‎（3）确定正确的电路设计方案后，小组成员开始对器材的参数进行选择。他们采用了电压为12V的电源，一根长为80cm的均匀电阻丝（0.5Ω/cm）、量程为0～3V的电压表。为了让测量仪测量身高的范围达到最大，且测量精确度最高，选择的定值电R1阻值应该为　 　Ω。‎ ‎（4）利用选定的器材，小组同学连接好了测量电路，对身高为160cm的小曾进行测量时，电压表的示数为1.5V；对小杨进行测量时，电压表的示数为1.2V，则小杨的身高为　 　cm。‎ ‎35．（7分）如图所示，足够高的薄壁圆柱形容器放在水平桌面上，容器内水的质量为1kg，水的深度为10cm。实心圆柱体A质量为400g，底面积为20cm2，高度为16cm。实心圆柱体B质量为m0克（m0取值不确定），底面积为50cm2，高度为12cm。实心圆柱体A和B均不吸水，已知ρ水＝1.0×103kg/m3，常数g取10N/kg。‎ ‎（1）求容器的底面积。‎ ‎（2）若将圆柱体A竖直放入容器内，求静止时水对容器底部的压强p1。‎ ‎（3）若将圆柱体B竖直放入容器内，求静止时水对容器底部的压强p2与m0的函数关系式。‎ ‎2019年四川省成都市中考物理试卷 参考答案与试题解析 一、单项选择题（每小题2分，共28分）‎ ‎1．（2分）中国的创新发展战略使科技领域不断取得新成果，下列说法正确的是（　　）‎ A．智能机器人只能通过声音信号控制 ‎ B．北斗卫星导航是通过光纤传递信息 ‎ C．无人自动驾驶汽车行驶不需要消耗能量 ‎ D．用5G手机上网是通过电磁波传递信息 ‎【分析】导航仪是利用电磁波传递信息的，导航仪、地面端的中心控制系统、导航卫星间可以相互传递信息。‎ ‎【解答】解：A、智能机器人具备形形色色的内部信息传感器和外部信息传感器，如视觉、听觉、触觉、嗅觉。除具有感受器外，它还有效应器，作为作用于周围环境的手段，故A错误；‎ B、我国自行研制的北斗卫星导航系统具有定位、导航和通信等功能，它传递信息是利用电磁波传递信息的。故B错误；‎ C、无人自动驾驶汽车行驶也需要消耗能量，故C错误；‎ D、5G手机上网属于移动电话，所以它传递信息是通过电磁波来实现的，故D正确。‎ 故选：D。‎ ‎【点评】本题考查电磁波的应用等，属于中等题。‎ ‎2．（2分）如图所示，将手机充电器插入家庭电路插座中，即可为手机充电。充电器为手机充电时的输出电压约为（　　）‎ A．1.5V B．5V C．110V D．220V ‎【分析】根据对常见用电器工作电压的了解作答。‎ ‎【解答】解：充电器为手机充电时的输出电压较小，在5V左右。‎ 故选：B。‎ ‎【点评】此题考查的是我们对常见用电器工作电压的掌握，属于识记性知识的考查，难度较小，容易解答。‎ ‎3．（2分）如图所示为音叉共鸣实验：两个频率相同的音叉，用橡皮锤敲击其中一个音叉，另一个未被敲击的音叉也会发出声音。此现象可以说明（　　）‎ A．声音能够传递能量 ‎ B．声音传播不需要介质 ‎ C．声音传播不需要时间 ‎ D．物体不振动也可产生声音 ‎【分析】①共振在声学中亦称“共鸣”，它指的是物体因共振而发声的现象，比如两个频率相同的音叉靠近，其中一个振动发声时，另一个也会发声；‎ ‎②声音的传播需要介质，气态、液体、固体都可以传播声音；‎ ‎③声音能够传递能量。‎ ‎【解答】解：‎ A、一个音叉被敲击发声时，另一个没有被敲击的音叉也会跟着振动发声，即两音叉产生了共鸣现象，此现象说明声音可以传递能量，故A正确；‎ B、声音的传播需要介质，该实验中声音是靠空气传播的，故B错误；‎ C、声音的传播有一定的速度，因此也需要一定的时间，故C错误；‎ D、声音是由物体振动产生的，此实验不能证明物体不振动也可产生声音，故D错误。‎ 故选：A。‎ ‎【点评】此题主要考查的是学生对共振概念的了解以及对声现象相关知识点的掌握，基础性题目。‎ ‎4．（2分）关于原子核和核能，下列说法正确的是（　　）‎ A．原子核是由电子、质子和中子组成 ‎ B．核能的使用不会对人类产生危害 ‎ C．现有核电站利用核裂变释放的能量来发电 ‎ D．氢弹爆炸时的链式反应是可控的 ‎【分析】（1）原子是由位于原子中心的原子核和核外电子组成的，原子核又是由带正电的质子和不带电的中子组成的；‎ ‎（2）核能的应用当前主要有以下几种：核反应堆、原子弹、氢弹。应用核能对环境的影响主要有：核污染（核辐射、核泄漏），废物等。‎ ‎【解答】解：‎ A、原子是由原子核和电子组成的，原子核是由质子和中子组成的，故A错误；‎ B、核能的使用会对人类产生危害，如核辐射、核泄漏等危害很大，故B错误；‎ C、现有核电站是利用可控制的核裂变释放的能量来发电，故C正确；‎ D、氢弹爆炸是核聚变的结果，核聚变是不可控的，故D错误。‎ 故选：C。‎ ‎【点评】本题考查了原子组成以及核能的利用，属于基础知识的考查，相对比较简单。‎ ‎5．（2分）如图是汽车四冲程发动机的一个冲程示意图，下列说法正确的是（　　）‎ A．该冲程是做功冲程 ‎ B．该冲程机械能转化为内能 ‎ C．这种汽车对环境没有污染 ‎ D．此发动机的效率可达90%‎ ‎【分析】由进气门和排气门的关闭和打开情况、活塞的上行和下行情况来判断是哪个冲程；‎ 在内燃机的四个冲程中，将机械能转化为内能的是压缩冲程，将内能转化为机械能的是做功冲程；‎ 汽油机对环境的危害：大气污染和噪声污染；‎ 汽油机的效率为20%﹣30%；柴油机的效率为30%﹣40%。‎ ‎【解答】解：‎ AB、图中两个气门都关闭，火花塞点火，活塞向下运动，所以该冲程是做功冲程，其能量转化是内能转化为机械能；故A正确，B错误；‎ C、该汽车的燃料是汽油，排放的尾气会污染空气，故C错误；‎ D、汽油机的效率在20%﹣30%左右，不可能达到90%，故D错误。‎ 故选：A。‎ ‎【点评】此题考查了内燃机的相关知识，注意从活塞的运动方向和气门的关闭两方面判断属于哪个冲程，知道内燃机的危害并记住内燃机的效率。‎ ‎6．（2分）下列情形与大气压强无关的是（　　）‎ A．高原上用普通锅不易煮熟米饭 ‎ B．用吸管吸饮料 ‎ C．“玉兔”号在月球上留下“足迹” ‎ D．马德堡半球实验 ‎【分析】大气压的存在能够解释很多现象，这些现象有一个共性：通过某种方法，使设备的内部气压小于外界大气压，在外界大气压的作用下出现了这种现象。据此逐个分析各选择项中各个实验或现象的操作过程，然后确定其是否与大气压有关。从而可以得到答案。‎ ‎【解答】解：A、高原上用普通锅不易煮熟米饭，是因为海拔越高，大气压越低，而水的沸点越低造成的，与大气压强有关，故A不合题意；‎ B、用吸管吸饮料时，吸走管内空气，使管内的气压减小，小于外界大气压，饮料在外界大气压的作用下被压入吸管，流入口中，故B不合题意；‎ C、“玉兔”号在月球上留下“足迹”，是压力产生了一定的效果，使月球表面发生了形变，与大气压强无关，故C符合题意；‎ D、马德堡半球实验有力地证明了大气压强的存在，故D不合题意。‎ 故选：C。‎ ‎【点评】大气压相关的事例在生活中有很多，我们应该学会从原理的角度去分析它们。平时学习中注意贴近生活实际，激发学生探究物理现象的兴趣。‎ ‎7．（2分）如图所示，“和谐号”动车满载旅客从成都东站缓缓驶出前在西安。下列说法正确的是（　　）‎ A．坐在列车上的乘客相对于车站是静止的 ‎ B．列车由静止变为运动，列车的惯性减小了 ‎ C．列车受到的牵引力和铁轨对它的支持力是平衡力 ‎ D．列车加速前进时，它受到的牵引力大于它受到的阻力 ‎【分析】（1）判断物体的运动状态，主要看参照物之间的相对位置是否发生了改变，如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的。‎ ‎（2）影响惯性大小的因素是物体的质量，质量越大，惯性越大。‎ ‎（3）二力平衡的条件有四个：大小相等，方向相反，作用在同一直线上，并作用在同一物体上。‎ ‎（4）列车做加速运动时，受到的牵引力大于它受到的阻力。‎ ‎【解答】解：‎ A．坐在列车上的乘客相对于车站来说其位置发生了变化，所以列车上的乘客相对于车站是运动的，故A错误；‎ B．惯性大小取决于物体的质量，列车由静止变为运动，列车的质量没有改变，惯性大小也不变，故B错误；‎ C．列车受到的牵引力和铁轨对它的支持力不在同一直线上、方向也不是相反的，所以二力不是平衡力，故C错误；‎ D．列车加速前进时，合力向前，则它受到的牵引力大于它受到的阻力，故D正确。‎ 故选：D。‎ ‎【点评】此题考查了学生对参照物的选择、运动和静止的相对性的理解和掌握；二考查了学生对平衡力判断及二力平衡条件的应用。‎ ‎8．（2分）下列符合安全用电要求的是（　　）‎ A．只要低于36V的电压，人体都可接触 ‎ B．三脚插头较长的那只脚无用，可以去掉 ‎ C．用布擦台灯前将其插头从插座中拔出 ‎ D．发现有人触电时，可直接用手去拉触电者 ‎【分析】（1）对人体的安全电压通常是不高于36V．指的是在正常状况下，但是人如果用潮湿的手触碰接近36V的电源时候也有触电的危险。因为潮湿状态下，人体的电阻大大减少，通过人体的电流就会变大，尽管是低于36V的电压，人体触碰也有安全隐患。‎ ‎（2）三角插座中间的长脚是为了把用电器的金属外壳连接地线，能有效防止触电。‎ ‎（3）用布擦台灯时候，应该断开开关或者把插头从插座拔出，安全用电的原则是：不接触低压电，不靠近高压电。‎ ‎（4）当发现用人触电时，不应该直接用手拉触电者。因为人体是导体，直接用手拉会让施救者也触电。正确做法是：切断电路，如果找不到电路开关的情况下可以用绝缘棒把导线挑开。‎ ‎【解答】解：‎ A．对人体的安全电压通常是不高于36V，指的是在正常状况下；但是人如果用潮湿的手触碰接近36V的电源时候也有触电的危险，因为潮湿状态下，人体的电阻大大减小，通过人体的电流就会变大，尽管是低于36V的电压，人体触碰也有安全隐患，故A错误。‎ B．三角插座中间的长脚是为了把用电器的金属外壳接地，能有效防止触电，不能去掉三脚插头较长的那只脚，故B错误。‎ C．为避免触电事故的发生，用布擦台灯时，应该断开开关或者把插头从插座拔出，故C正确。‎ D．当发现有人触电时，不应该直接用手拉触电者，因为人体是导体，直接用手拉会让施救者也触电；正确做法是：切断电源，如果找不到电路开关的情况下可以用绝缘棒把导线挑开，故D错误。‎ 故选：C。‎ ‎【点评】该题考察安全用电的知识。安全用电的原则是：不接触低压电，不靠近高压电。‎ ‎9．（2分）将一枚重为0.5N的蛋放入一杯均匀盐水中，静止时如图所示，然后向杯子里加入一些清水，则（　　）‎ A．鸡蛋会下沉 B．鸡蛋的重力增加 ‎ C．鸡蛋所受浮力变大 D．鸡蛋所受浮力为0.5N ‎【分析】（1）阿基米德原理：F浮＝ρ液gV排；‎ ‎（2）物体的沉浮与物体的重力大小以及物体所受浮力的大小无关，它是由物体所受重力与浮力的合力决定。当合力向上则物体上浮；当合力向下，则物体下沉；当合力为0，则物体处于漂浮或悬浮状态。‎ ‎【解答】解：‎ 由图知，鸡蛋静止时悬浮在盐水中，鸡蛋所受浮力等于其自身的重力，即F浮＝G＝0.5N；‎ 向杯子里加入一些清水，盐水的密度减小，鸡蛋排开盐水的体积不变，根据F浮＝ρ液gV排可知，鸡蛋受到的浮力变小（即此时鸡蛋所受浮力小于0.5N），鸡蛋的重力不变，鸡蛋的重力大于受到盐水的浮力，所以鸡蛋会下沉；‎ 综上分析可知，A正确，BCD错误。‎ 故选：A。‎ ‎【点评】本题考查物体的浮沉条件及应用，属于中等题。‎ ‎10．（2分）如图所示的情景中，关于能量的说法正确的是（　　）‎ A．水力发电，将电能转化为机械能 ‎ B．在空中飞行的C919，只具有重力势能 ‎ C．张弓待发，弓静止，所以没有能量 ‎ D．过山车冲上高处的过程中，重力势能增加 ‎【分析】（1）水力发电，将机械能转化为电能；‎ ‎（2）机械能包括动能和势能，动能的影响因素是质量和速度，重力势能的影响因素是质量和高度，弹性势能的影响因素是弹性形变的程度。‎ ‎【解答】解：A、水力发电，将水的机械能转化为电能，故A错误；‎ B、在空中飞行的C919，由于是运动的，所以具有动能，由于在空中，所以还具有重力势能，故B错误；‎ C、张弓待发，弓静止，但发生了弹性形变，所以弓具有弹性势能，故C错误；‎ D、过山车冲上高处的过程中，速度减小，高度增加，所以重力势能增加，故D正确。‎ 故选：D。‎ ‎【点评】本题主要考查了能量的转化、动能和势能的转化等知识，属于常见题型。‎ ‎11．（2分）1738年伯努利发现了流体压强与流速有关，以下选项利用伯努利这一发现的是（　　）‎ A．机翼受升力使飞机飞上蓝天 ‎ B．火箭受推力飞向太空 ‎ C．轮船经船闸从下游开到上游 ‎ D．潜水艇从海底上浮 ‎【分析】（1）飞机的机翼做成上凸下平的形状，当飞机运动的时候机翼上方的气流经过的路程长，机翼下方的气流经过的路程短。而气流经过机翼上下方的时间相同。所以，机翼上方的空气流速大，压强小；机翼下方的空气流速小，压强大。机翼上下方就有了向上的压力差，所以飞机获得了“升力”。‎ ‎（2）火箭的燃料燃烧并高速向后喷射而获得的推力是喷射燃料的反作用力，利用了力的作用是相互的这个知识。‎ ‎（3）轮船过船闸是利用了连通器的原理。‎ ‎（4）潜水艇通过改变自身的重力来实现上浮或者下潜。当潜水艇把水排出水舱后潜水艇上浮；当潜水艇往水舱充水潜水艇下沉。‎ ‎【解答】解：‎ A、飞机的机翼做成上凸下平的形状，当飞机运动时，流过机翼上方的空气流速大、压强小，流过机翼下方的空气流速小、压强大，机翼上下方就有了向上的压力差，便形成向上的升力，利用了伯努利这一发现，故A符合题意。‎ B、火箭的燃料燃烧时高速向后喷出热气流，从而获得向前的推力，利用了力的作用是相互的原理，故B不符合题意。‎ C、轮船过船闸是利用了连通器的原理，故C不符合题意。‎ D、潜水艇通过改变自身的重力来实现上浮或者下潜。当潜水艇把水排出水舱后潜水艇上浮；当潜水艇往水舱充水时潜水艇下沉，故D不符合题意。‎ 故选：A。‎ ‎【点评】本题要求能区分生活中常见的物理现象背后的原理；要求学生区分不同的交通工具获得动力的方式。‎ ‎12．（2分）关于分子和物体内能，下列说法正确的是（　　）‎ A．杯子里的水可以任意倒出，说明水分子间没有引力 ‎ B．固体间能扩散，表明固体物质分子是运动的 ‎ C．把0℃的冰块加热熔化成0℃的水，其内能不变 ‎ D．用力搓手，手发热是通过热传递增加手的内能 ‎【分析】液体没有固定的形状，具有流动性；‎ 扩散现象表明分子在不停的做无规则运动；‎ 改变内能的方式：做功和热传递，对物体做功，物体的内能会增加；物体吸收热量，内能会增加。‎ ‎【解答】解：‎ A、杯子里的水可以任意倒出，说明水具有流动性，不能说明分子间没有引力，故A错误；‎ B、扩散现象表明分子在不停的做无规则运动，固体间能扩散，表明固体物质分子在不停地做无规则运动，故B正确；‎ C、把0℃的冰块加热熔化成0℃的水，该过程中冰吸收热量，其内能会增加，故C错误；‎ D、用力搓手，由于需要克服摩擦力做功，所以手发热是通过做功的方式增加手的内能，故D错误。‎ 故选：B。‎ ‎【点评】本题主要考查分子动理论和改变内能的方式，属于识记性内容，难度不大。‎ ‎13．（2分）实验小组为医院病房设计呼叫电路，在病人需要护理时，闭合床头开关，就能及时通知值班室里的护土，图中最合理的设计方案是（　　）‎ A． ‎ B． ‎ C． ‎ D．‎ ‎【分析】由题意可知，各病床的灯互不影响，故为并联，并且各支路灯泡都有相应的开关控制。由于每位病人按下床头开关后，值班室的电铃响，故电铃在干路上。‎ ‎【解答】解：AC、各病床的灯为并联，电铃在干路上，故AC错误；‎ B、各病床的灯为并联，电铃在干路上，无论哪个房间闭合床头开关，所控制的灯与电铃连通，电铃响，灯发光，就能及时通知值班室里的护土，B正确；‎ D、虽然也能满足要求，但用了三个电铃，不够合理；D错误。‎ 故选：B。‎ ‎【点评】本题考查根据要求设计电路，关键是明确各病床的灯为并联，电铃在干路上。‎ ‎14．（2分）如图所示的四个实验，反映电动机基本原理的是（　　）‎ A． ‎ B． ‎ C． ‎ D．‎ ‎【分析】首先明确电动机的工作原理，是利用通电导线在磁场中受力的作用的原理制成的；然后根据图示的实验装置，结合文字描述的实验现象，得到该装置反应的物理理论，两者对比从而可以得到答案。‎ ‎【解答】解：‎ A、将通电导线放在小磁针之上，是奥斯特实验，说明通电导体周围存在磁场，故A不符合题意；‎ B、该图反映了电荷间的相互作用，与电动机的原理无关，故B不符合题意；‎ C、若导体在磁场中做切割磁感线运动，电流表的指针发生偏转，说明电路中产生了电流，这种现象叫电磁感应，故C不符合题意。‎ D、图中有电源，通电导体在磁场中受力而运动，是电动机的原理图，故D符合题意。‎ 故选：D。‎ ‎【点评】加强对课本中实验装置的记忆，将实验装置与反应的物理规律联系在一起，对于解决此种类型的题目非常关键。‎ 二、填空题（每空2分，共2分）‎ ‎15．（4分）以镜正衣冠，如图所示，小红由远及近走向平面镜的过程中，她在镜中像的大小　不变　（选填“变大”、“变小”或”不变”），周围的同学都能看见小红，是因为光照到小红身上，发生了光的　漫　反射。‎ ‎【分析】根据平面镜成正立、等大的虚像的特点即可直接得出答案。我们能从各个角度看到银幕上的影象，是由于发生了光的漫反射。‎ ‎【解答】解：因为平面镜成正立、等大的虚像，与物距的大小无关，‎ 所以小红在平面镜中看到自己的像是虚像，当小红由远及近走向平面镜的过程中，她在镜中的像的大小不变。‎ 周围的同学都能看见小红，是因为光照到小红身上反射光线向各个方向，所以周围同学都能接收到反射光线，这是漫反射。‎ 故答案为：不变；漫。‎ ‎【点评】解答此类题，应弄清镜面反射和漫反射的区别。镜面反射表面光滑，强调某个角度接收到光线强；漫反射表面粗糙，强调各个角度都能接收到反射光。‎ ‎16．（4分）学校排球联赛中，小婷迎面而来的球扣向了对方场地，如图所示，说明力可以改变物体的　运动状态　。排球上有许多花纹，是采用增大接触面粗糙程度的方法来增大　摩擦力　。‎ ‎【分析】力可以改变物体的运动状态；滑动摩擦力的大小与压力和接触面的粗糙程度有关，压力越大、接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。‎ ‎【解答】解：（1）小婷将迎面而来的球扣向了对方场地，说明力可以改变物体的运动状态。‎ ‎（2）排球上有许多花纹，是在压力一定时，采用增大接触面粗糙程度的方法来增大摩擦力。‎ 故答案为：运动状态；摩擦力。‎ ‎【点评】本题主要考查了对力的作用效果的理解，对摩擦力影响因素的认识，属力学基础知识的考查。‎ ‎17．（4分）小明在实验室做“观察水的沸腾”实验，每隔30s记录一次温度计的示数，并据此作成图象，如图所示，由图象可知，水在沸腾过程中，继续吸热，温度　不变　（选填“升高”，“降低”或”不变”），停止加热一段时间后，水　会　（选填会”或“不会）汽化。‎ ‎【分析】水在沸腾过程中温度保持不变；由液态变为气态叫汽化。‎ ‎【解答】解：小明在实验室做“观察水的沸腾”实验，每隔30s记录一次温度计的示数，并据此作成图象，如图所示，由图象可知，水在沸腾过程中，继续吸热，温度不变；‎ 停止加热一段时间后，水不会沸腾，但蒸发不会停止，蒸发在任何条件下都能进行，故水还会汽化。‎ 故答案为：不变；会。‎ ‎【点评】本题主要考查做“观察水的沸腾”实验时，沸腾时的温度特点及汽化的条件。‎ ‎18．（4分）如图，是三种类型剪刀的示意图，请你为铁匠师傅选择一把剪铁皮的剪刀，你会选择　C　（选填”A”、“B”或“C”）剪刀，这样选择的目的是为了省　力　。‎ ‎【分析】生活中的各类剪刀可以看作不同种类的杠杆，各类杠杆的特点也不相同：省力杠杆费距离；费力杠杆省距离。‎ ‎【解答】解：由图片可知，C剪刀的动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，可用来剪铁皮，目的是为了省力。‎ 故答案为：C；力。‎ ‎【点评】解题时应先根据生活经验了解各种活动的目的，然后再根据各种杠杆的特点选择相应的剪刀。‎ ‎19．（4分）如图所示，用细线悬挂的磁体AB，磁极未知，当闭合电路并关S后，磁体的B端与通电螺线管左端相互排斥，则B端是磁体的　N　极，断开开关S，磁体静止时，B端会指向地理的　北方　（选填“北方”或南方”）。‎ ‎【分析】根据安培定则和磁极间的相互作用规律判断磁体的极性；根据地磁的N极在地理的南极附近，地磁的S极在地理的北极附近，可判断静止时磁体的指向。‎ ‎【解答】解：当闭合电路并关S后，电流从螺线管右端流入，左端流出，根据安培定则可知，螺线管左端为N极，右端为S极，‎ 由于磁体的B端与通电螺线管左端相互排斥，根据同名磁极相互排斥可知，B端是磁体的N极；‎ 由于地磁的N极在地理的南极附近，地磁的S极在地理的北极附近，由于受地磁场的影响，磁体静止时，B端（N极）会指向地理的北方。‎ 故答案为：N；北方。‎ ‎【点评】此题主要考查的是学生对磁极间作用规律、安培定则的理解和掌握，应记住地理的南极为地磁场的N极，我们所说的指南针指向南方的是小磁针的S极。‎ ‎20．（4分）如图所示，电源电压不变，开关S闭合后，把滑片P向右移动，则滑动变阻器接入电路的阻值将　变大　，电压表示数将　变小　（两空均选填“变大”“变小或“不变”）。‎ ‎【分析】R与变阻器串联，电压表测R的电压，电流表测电路中的电流，滑片P向右移动分析滑动变阻器接入电路的阻值变化，根据电阻的串联确定总电阻变化，由欧姆定律判断电路中的电流变化，根据U＝IR确定电压表示数变化。‎ ‎【解答】解：R与变阻器串联，电压表测R的电压，电流表测电路中的电流，滑片P向右移动，则滑动变阻器接入电路的阻值将变大，根据电阻的串联，总电阻变大，由欧姆定律，电路中的电流变小，根据U＝IR，电压表示数将变小。‎ 故答案为：变大；变小。‎ ‎【点评】本题考查串联电路的规律和欧姆定律的运用，为基础题。‎ ‎21．（4分）如图所示电路，关S闭合后，两灯均发光，电压表测的是灯　L1　（选填“L1“或“L2”）两端电压。一段时间后，两灯均熄灭，但电压表有读数且示数较大，电流表无读数，则故障可能是　L1断路　（选填“L1短路”、“L1断路”或”L2断路”）。‎ ‎【分析】图中电路，两灯泡为串联，电压表测量灯泡L1两端的电压；两灯同时熄灭，说明电路出现断路，电压表示数增大，说明电压表所在电路没有出现断路。‎ ‎【解答】解：如图所示电路，小灯泡 L1和L2的连接方式为串联；电压表测量L1两端的电压；‎ 一段时间后，两灯均熄灭，但电压表有读数且示数较大，电流表无读数，电路中无电流，电压表两接线柱到电源是通路，导致这种电路故障的原因可能是 L1断路。‎ 故答案为：L1；L1断路。‎ ‎【点评】本题考查电路的故障分析，关键是明白电路中各个用电器的连接情况，还要知道串联、并联电路的规律。‎ ‎22．（4分）如图甲是一种家用电器，图乙是其简化的电路图，已知R1＜R2，电暖器的部分参数如表中所示。闭合开关S，要让电器处于第二档工作，则应再将开关　S1　闭合；若电暖器在第二档正常工作10min，则产生的热量是　6.9×105　J． ‎ 额定电源 ‎220V 功率选择 一档950W 二档1150W 三档2100W ‎【分析】分析电路连接方式，根据P＝可判断电暖器处于的档位；根据Q＝W＝P2t求出电暖器在第二档正常工作10min产生的热量。‎ ‎【解答】解：由题可知，R1＜R2；‎ 闭合开关S、S2时，R2单独接入电路，电路中电阻最大，根据P＝可知，功率最小，电暖器处于第一档；‎ 闭合开关S、S1时，R1单独接入电路，电路电阻较大，根据P＝可知，功率较大，电暖器处于第二档；‎ 闭合开关S、S1、S2时，R1、R2并联，电路中电阻最小，根据P＝可知，功率最大，电暖器处于第三档；‎ 工作时间t＝10min＝600s，‎ 电暖器在第二档正常工作10min产生的热量：‎ Q＝W＝P2t＝1150W×600s＝6.9×105J。‎ 故答案为：S1；6.9×105。‎ ‎【点评】本题属于用电器档位问题的判断，关键是分析电路的连接方式，会应用P＝判断用电器的档位，属于中考常考题型。‎ 三、作图与计算题（共16分、计算题在解答时应写出公式和重要的演算步，只写出最后答案的不能得分）‎ ‎23．（2分）在图中，F是透镜的焦点，a、b是烛焰发出的两条光线，a与两焦点的连线平行，b经过透镜中心。请作出a、b两条光线通过透镜之后的光路图。‎ ‎【分析】关于凸透镜有三条特殊的入射光线：①平行于主光轴的；②过焦点的；③过光心的；在作凸透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点作出反射光线。‎ ‎【解答】解：a这条入射光线平行于主光轴，其经凸透镜折射后，折射光线过焦点；‎ b这条入射光线过焦点，过焦点的入射光线经过凸透镜折射后，平行于主光轴，如图所示。‎ ‎【点评】凸透镜的三条特殊光线：①通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴。②平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点。③过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变。‎ ‎24．（2分）质量均匀的小球a从地面冲上弧形轨道，如图所示，是小球a向上运动的某一状态，请画出此时小球所受重力及小球对弧形轨道压力的示意图。‎ ‎【分析】‎ ‎（1）先根据规则物体的重心在物体的几何中心，确定小球的重心；然后根据重力的方向竖直向下，过重心表示出重力的方向；‎ ‎（2）压力是接触面受到的力，因此压力的作用点是小球与斜面的接触点，根据压力的方向与接触面垂直的关系，过压力作用点表示出压力的方向即可。‎ ‎【解答】解：小球所受重力的作用点在小球的球心，方向竖直向下，过球心沿竖直向下画一条有向线段，标上符号“G”；‎ 压力 的作用点在弧形轨道上，方向垂直于弧形轨道向下，过作用点沿垂直轨道向下画一条有向线段，标上符号“F”； 如下图所示：‎ ‎【点评】画力的示意图的一般步骤为：一画简图二定点，三画线，四画箭，五把力的符号标箭边。按照这个作图步骤，很容易能够画出指定力的示意图。‎ ‎25．（6分）歼20是由成都飞机设计研究所设计、成都飞机工业公司制造的中国第五代隐身重型歼击机。由网络查面得到下列数据。其中，最大飞行速度2.8马赫，表示歼20的最大飞行速度是空气中声速的2.8倍。‎ ‎（1）若空气中声速取340m/s，求歼20以2马赫的速度飞行10min运动的路程。‎ ‎（2）如图所示，空载的歼20停在水平地面，若轮胎与地面接触的总面积为0.4m3，求地面受到的压强。（g取10N/kg）‎ 空载质量 最大飞行速度 作战半径 最大飞行高度 ‎17吨 ‎2.8马赫 ‎2200千米 ‎18500米 ‎【分析】（1）根据题意求出歼20的最大飞行速度，又知时间，利用速度公式计算路程；‎ ‎（2）水平面上的物体，对水平面的压力大小等于物体的重力，根据p＝计算压强。‎ ‎【解答】解：（1）根据题意可得，歼20的最大飞行速度v＝2马赫＝2v声＝2×340m/s＝680m/s，‎ 根据v＝可得，歼20飞行10min运动的路程：s＝vt＝680m/s×10×60s＝408000m＝408km。‎ ‎（2）飞机停在水平地面上：F压＝G＝mg＝17×103kg×10N/kg＝1.7×105N，‎ 地面受到的压强：p＝＝＝4.25×105Pa；‎ 答：（1）歼20以2马赫的速度飞行10min运动的路程408km。‎ ‎（2）地面受到的压强4.25×105Pa。‎ ‎【点评】本题考查速度公式及其应用、压强的大小计算，难度不大，关键是知道水平面上的物体，对水平面的压力大小等于物体的重力。‎ ‎26．（6分）在如图甲所示的电路中，电源电压恒定不变，R1、R2为定值电阻，已知电灯L的伏安特性曲线（即电流随两端电压的变化图象）如图乙所示，当开关S1、S3闭合，S2断开时，电流表的示数为0.26A；当开关S2、S3闭合，S1断开时，电流表的示数为1.25A；当开关S3闭合，S1、S2断开时，电流表的示数为0.2A．求：‎ ‎（1）当开关S1，S3闭合，S2断开，5min内电路消耗的电能是多少？‎ ‎（2）当开关S3闭合，S1、S2断开，R2消耗的电功率是多大？‎ ‎【分析】（1）当开关S1、S3闭合，S2断开时，定值电阻R1、R2被短路，只有电灯L接入电路；‎ 已知此时电流表的示数，结合灯泡L的伏安特性曲线可知电源电压值，根据W＝UIt可求出5min内电路消耗的电能；‎ ‎（2）当开关S2、S3闭合，S1断开时，R2和灯泡L被短路，只有定值电阻R1接入电路；已知此时电流表的示数，利用欧姆定律求出R1的阻值；‎ 当开关S3闭合，S1、S2断开时，定值电阻R1、R2和灯L串联接入电路；已知此时电流表的示数，结合灯泡L的伏安特性曲线可知此时灯泡两端的电压，利用欧姆定律求出R1两端的电压，根据串联电路的电压特点可得R2两端的电压，最后根据P＝UI求出R2消耗的电功率。‎ ‎【解答】解：（1）当开关S1、S3闭合，S2断开时，定值电阻R1、R2被短路，只有电灯L接入电路，如下图所示：‎ 电流表的示数为0.26A，由灯泡L的伏安特性曲线可知，L两端的电压UL＝5V，则电源电压U＝UL＝5V，‎ ‎5min内电路消耗的电能为：‎ W＝UI1t＝5V×0.26A×5×60s＝390J；‎ ‎（2）当开关S2、S3闭合，S1断开时，R2和灯泡L被短路，只有定值电阻R1接入电路，如下图所示：‎ 此时电流表的示数为1.25A，由I＝得，定值电阻R1的阻值为：‎ R1＝＝＝4Ω；‎ 当开关S3闭合，S1、S2断开时，定值电阻R1、R2和灯L串联接入电路，如下图所示：‎ 此时电路中的电流I3＝0.2A，由图象可知UL′＝3V，‎ 由欧姆定律可得R1两端的电压：U1＝I3R1＝0.2A×4Ω＝0.8V，‎ 由串联电路的电压特点可得，R2两端的电压：U2＝U﹣UL′﹣U1＝5V﹣3V﹣0.8V＝1.2V，‎ 则R2消耗的电功率：P2＝U2I3＝1.2V×0.2A＝0.24W。‎ 答：（1）当开关S1，S3闭合，S2断开，5min内电路消耗的电能是390J；‎ ‎（2）当开关S3闭合，S1、S2断开，R2消耗的电功率是0.24W。‎ ‎【点评】本题考查了串联电路的特点、欧姆定律和电功率公式的应用，正确分析开关在不同状态下电路的连接方式，从灯泡的I﹣U图象中获取信息是解题的关键。‎ 四、实验与探究题（共14分）‎ ‎27．（6分）在“探究串联电路的电流特点”的实验中，小红同学选用两个不同的小灯泡组成了如图甲所示的串联电路，然后用一个电流表分别接在a，b，c三处去测量电流。‎ ‎（1）她先把电流表接在a处，闭合开关后，发现两灯的亮度不稳定，电流表的指针也来回摆动。故障的原因可能是　B　。‎ A．某段导线断开 B．某接线柱处接触不良 C．某灯泡被短路 D．电流表被烧坏 ‎（2）她排除故障后，重新闭合开关，电流表的指针指示位置如图乙所示，则所测的电流值为　0.22　A。‎ ‎（3）她测量了a，b，c三处的电流，又改变灯泡的规格进行了多次实验，其中一次实验的测量数据如下表，在分析数据时，发现三处的测量值有差异。下列分析正确的是　A　。‎ Ia/（A）‎ Ib/（A）‎ Ic/（A）‎ ‎0.16‎ ‎0.15‎ ‎0.14‎ A．可能是因为测量误差造成的 B．是因为没有对电流表调零造成的 C．串联电路中各处的电流本来就不等 D．电流从电源正极流向负极的过程中，电流越来越小 ‎【分析】（1）逐一分析每个选项，找出符合题意的答案；‎ ‎（2）根据电流表选用小量程确定分度值读数；‎ ‎（3）A．测量过程中总是存在误差；‎ B．若没有对电流表调零，则测量值总是偏大或偏小；‎ CD．串联电路各处的电流相等。‎ ‎【解答】解：（1）A．若某段导线断开，电路断路，则灯不发光，电流表没有示数，不符合题意；‎ B．某接线柱处接触不良，则电路时通断，发现两灯的亮度不稳定，电流表的指针也来回摆动，符合题意；‎ C．某灯泡被短路，则灯不发光，电流表示数大小不变，不符合题意；‎ D．电流表被烧坏，则电路断路，灯不发光，电流表没有示数，不符合题意；‎ 故选B；‎ ‎（2）她排除故障后，重新闭合开关，电流表的指针指示位置如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，则所测的电流值为0.22A。‎ ‎（3）A．测量过程中总是存在误差，A正确；‎ B．若是因为没有对电流表调零造成的，则电流总是偏大或偏小；B错误；‎ CD．串联电路各处的电流相等，CD错误；‎ 故选A。‎ 故答案为：（1）B；（2）0.22；（3）A。‎ ‎【点评】本题探究串联电路的电流特点，考查故障分析、电流表读数、数据分析等知识。‎ ‎28．（8分）在“测量石块的密度”实验中：‎ ‎（1）小李同学首先用天平测出石块的质量，天平平衡时右盘砝码和游码位置如图甲所示，则石块的质量为　43　g。‎ ‎（2）为了测量出石块的体积，小李同学先往量筒中加入一定量的水，如图乙所示，他的操作合理吗？为什么？答：　不合理；加水量太多，再浸入石块后总体积可能超出量筒的量程　。‎ ‎（3）四个小组测量出的石块密度如下表所示：‎ 第一组 第二组 第三组 第四组 ‎2.5×103kg/m3‎ ‎2.6g/cm3‎ ‎2.6×102kg/m3‎ ‎2.5g/cm3‎ 其中错误的是第　三　组的测量结果。‎ ‎（4）对实验进行评估时，下列分析正确的是　D　。‎ A．放置天平的操作台面不水平，测出的质量偏大 B．放置天平的操作台面不水平，测出的质量偏小 C．先测石块体积，后测石块质量，测出的密度偏小 D．先测石决体积，后测石块质量，测出的密度偏大 ‎【分析】（1）天平的读数等于砝码的质量加游码在标尺上所对的刻度值；‎ ‎（2）量筒中倒水时要适量，既要能浸没物体，又不能浸没物体后超出量程；‎ ‎（3）在误差允许的范围内，分析哪些数据合理，哪个数据不合理；‎ ‎（4）实验中，要严格遵守操作要求，并注意不同的操作可以对测量结果造成的影响，据此分析。‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）由图甲可知，石块的质量：m＝20g+20g+3g＝43g；‎ ‎（2）由图乙可知，量筒中加水量太多，再浸入石块后总体积可能超出量筒的量程，所以这样操作是不合理的；‎ ‎（3）由表中数据可知，第一、二、四组的数据比较接近，都在2.5g/cm3﹣2.6g/cm3或2.5×103kg/m3﹣2.6×103kg/m3之间，而第三组：2.6×102kg/m3，明显相差比较大，可能是少算了一个“0”造成的，故此组数据错误。‎ ‎（4）AB．放置天平的操作台面不水平，会影响天平的调节，但只要天平调平了，其测出的质量依然是准确的，故AB错误；‎ CD．先测石块体积，后测石块质量，取出石块时，由于石块上沾有水，则测得的质量偏大，而体积测量值是准确的，由密度公式可知，所测出的密度偏大，故C错误、D正确。‎ 故答案为：（1）43；（2）不合理；加水量太多，再浸入石块后总体积可能超出量筒的量程；（3）三；（4）D。‎ ‎【点评】本题考查了“测量石块的密度”实验中天平的读数、量筒的使用、实验数据的分析、实验过程的评估等，对基本实验能力考查较全面，值得我们关注。‎ 五、选择题（每小题2分，共10分，有的小题只有一个选项符合题目要求，有的小题有二个选项符合题目要求，全部选对的得2分，选对但不全的得1分，有选错的得0分）‎ ‎29．（2分）我们的生产与生活总离不开能量及其转化。下列说法正确的是（　　）‎ A．提高能量利用中的转化效率是节能问题的核心 ‎ B．全自动洗衣机工作时，电能全部转化为机械能 ‎ C．吊装码头上，只要货物受到的合力为0，它的能量就不变 ‎ D．用燃气灶烧水，只要调大火力，燃气灶的加热效率就提高 ‎【分析】（1）现在节能的主要措施核心还是利用科技提高能量的转换率，以及加大对可再生资源的开发利用；‎ ‎（2）洗衣机工作时，大部分电能转化为机械能；‎ ‎（3）合力为零时处于平衡状态，但物体的能量同样会发生变化；‎ ‎（4）热效率是指有效利用的能量占燃料完全燃烧释放总能量的百分比，据此分析。‎ ‎【解答】解：‎ A、现在节能的主要措施中，提高能量利用中的转化效率是节能问题的核心，故A正确；‎ B、全自动洗衣机工作时，大部分电能转化为机械能，还有少部分转化为内能，故B错误；‎ C、吊装码头上，如果货物匀速竖直上升或竖直下降，其受到的合力为0，它的动能不变，但它的高度变化，所以重力势能改变，则机械能就改变，故C错误；‎ D、热效率是指有效利用的能量占燃料完全燃烧释放总能量的百分比；用燃气灶烧水时，调大火力，散失的热量也会增加，则水吸收的热量占燃气完全燃烧释放总能量的百分比不一定增大，因此燃气灶的加热效率不一定会提高，故D错误。‎ 故选：A。‎ ‎【点评】本题主要考查了对能量转化效率的理解，对节能措施的认识，对能量转化的判断等，有一定综合性，但难度不大。‎ ‎30．（2分）如图，成都锦江之上，夜色中的安顺廊桥流光溢彩，让游人流连忘返。下列说法错误的是（　　）‎ A．小张看到桥在水中的倒影，是因为光从水中射入空气，再进入小张的眼睛 ‎ B．小郑取下近视取镜，看到廊桥变模糊了，是因为廊桥的像成在了视网膜的前面 ‎ C．小陈拿出携带的放大镜观看远处的廊桥，看到了廊桥倒立的像，这个像是实像 ‎ D．小李用手指组成方框“取景”，方框离眼睛越远，“取景”范围越小，是因为光沿直线传播 ‎【分析】（1）根据光的反射知识分析桥在水中的倒影即可对A作出判断；‎ ‎（2）近视眼是因为晶状体太厚或眼球太长，像成在视网膜的前方；‎ ‎（3）根据物距和像距的关系，然后利用凸透镜成像规律及其应用即可得出结论。‎ ‎（4）根据光沿直线传播原理，将眼看作一个点，通过做光路图来判断所看到景物范围的大小变化。‎ ‎【解答】解：A、小张看到桥在水中的倒影，是因为桥反射的光经水面反射，进入小张的眼睛，故A错误；‎ B、小郑取下近视取镜，看到廊桥变模糊了，是因为小郑近视，晶状体太厚，廊桥的像成在了视网膜的前面，故B正确；‎ C、小陈拿出携带的放大镜观看远处的廊桥，放大镜是凸透镜，此时u＞2f，成倒立缩小的实像，可以看到了廊桥倒立的像，这个像是实像，故C正确；‎ D、由于光沿直线传播，当眼镜向方框远离时，从B点靠近到A点时，所看外面景物范围的大小变化如图：‎ 因此，看到外面的景物范围逐渐变大，方框离眼睛越远，“取景”范围越小，故D正确；‎ 故选：A。‎ ‎【点评】‎ 本题考查光沿直线传播的应用、凸透镜的特点、反射的应用，要求灵活运用所学知识分析解释实际现象。‎ ‎31．（2分）用两只相同的电加热器，分别给相同体积的水和某种油加热，在开始和加热3min时各记录一次温度，如下表所示。已知ρ水＝1.0×103kg/m3．c水＝4.2×103J/（kg•℃），ρ油＝0.8×103kg/m3，加热的效率都为90%，油的末温没有达到它的沸点，下列说法正确的是（　　） ‎ 加热时间（min）‎ ‎0‎ ‎3‎ 水的温度（℃）‎ ‎18‎ ‎28‎ 油的温度（℃）‎ ‎18‎ ‎43‎ A．这种油的比热容为1.68×103J/（kg•℃） ‎ B．这种油的比热容为2.1×103J/（kg•℃） ‎ C．因为这种油的密度比水小，所以它的比热容比水小 ‎ D．加热效率没有达到100%，是因为电加热器没有把电能全部转化为内能 ‎【分析】（1）由相同的加热器可以体现出水与这种液体在相同的时间内吸收的热量相同。取相同的时间，利用他们温度的变化，结合吸热公式即可求出该液体的比热容。比热容与密度都是物质的一种属性；‎ ‎（2）能量在转化和转移时会有一定的损失，很难做出百分之百。‎ ‎【解答】解：AB、取两种液体都加热了3分钟为研究对象，因为是用的两个相同的电加热器，且加热效率都为90%，‎ 所以Q水＝Q油，‎ 设它们的体积为V，则水的质量：m水＝ρ水V，油的质量：m油＝ρ油V，‎ 因为Q水＝c水m水（t水﹣t0），Q油＝c油m油（t油﹣t0）‎ 所以c水ρ水V（t水﹣t0）＝c油ρ油V（t油﹣t0），‎ ‎4.2×103J/（kg•℃）×1.0×103kg/m3×（28℃﹣18℃）＝c油×0.8×103kg/m3×（43℃﹣18℃）‎ 解得：c油＝2.1×103J/（kg•℃）。故A错误、B正确；‎ C、密度和比热容都是物质的一种属性，二者的大小之间没有必然的联系，故C错误；‎ D、加热效率没有达到100%，主要是因为电加热器产生的热量没有全部被液体吸收，而是存在一定的损失，而不是因为电加热器没有把电能全部转化为内能，故D错误。‎ 故选：B。‎ ‎【点评】本题中，根据两者吸收的热量相同列出方程求解是关键。同时，还要注意这里的两种液体是体积相同，而非质量相同，所以要设出体积，表示出质量，再代入公式求解，有一定难度。‎ ‎32．（2分）如图甲所示的装置，每个滑轮的重力为10N，物体A的重力GA＝100N，物体B的重力GB＝40N，对A施加水平向右的拉力F1＝110N，使A以0.1m/s的速度匀速向右运动；撤去拉力F1，在A的右侧加挂一个与它相同的物体，如图乙所示，对B施加一个竖直向下的拉力F2，使A以0.2m/s的速度匀速向左运动。绳重及滑轮转轴处的摩擦等次要因素忽略不计，则下列说法正确的是（　　）‎ A．甲图中，A受到的摩擦力为110N ‎ B．乙图中，F2的大小为45N ‎ C．乙图中，P点处受到的拉力为145N ‎ D．乙图中，F2做功的功率为2W ‎【分析】（1）当A以0.1m/s的速度匀速向右运动时，根据力的平衡条件，算出摩擦力；‎ ‎（2）影响摩擦力的因素是压力和接触面的粗糙程度，乙图中，撤去拉力F1，在A的右侧加挂一个与它相同的物体，压力变为原来的2倍，接触面的粗糙程度不变，摩擦力变为原来的2倍，算出此时的摩擦力，已知滑轮重，根据二力平衡条件，可求得F2的大小；‎ ‎（3）乙图中，P点处受到的拉力为定滑轮的重力和三段绳子向下的拉力；‎ ‎（4）A以0.2m/s的速度匀速向左运动，因为有两段绳子吊着物体，所以拉力F2的运动速度为物体A的2倍，根据P＝F2×v绳算出F2做功的功率。‎ ‎【解答】解：‎ A、因为B物体重40N，则B拉左侧绳子的力FB＝GB＝40N，‎ 由图知有两段绳子吊着动滑轮，不计绳重及滑轮转轴处的摩擦等，由力的平衡条件可得2FB＝G动+F左（F左为动滑轮下面绳子的拉力），‎ 所以F左＝2FB﹣G动＝2×40N﹣10N＝70N，‎ 由图甲可知，当A以0.1m/s的速度匀速向右运动时，受向右的拉力F1、向左的摩擦力f、向左的拉力F左，这三个力平衡；‎ 由力的平衡条件可得，A受到的摩擦力：f＝F1﹣F左＝110N﹣70N＝40N，故A错误；‎ B、乙图中，撤去拉力F1，在A的右侧加挂一个与它相同的物体，A以0.2m/s的速度匀速左运动，此时压力变为原来的2倍，接触面的粗糙程度不变，摩擦力变为原来的2倍，即f′＝2f＝2×40N＝80N，‎ 把A和它右侧的物体看做一个整体，该整体受到向左的拉力F左′、向右的摩擦力f′，因二者向左做匀速运动，所以绳子对整体向左的拉力F左′＝f′＝80N，‎ 已知动滑轮的重力为10N，且n＝2，不计绳重及滑轮转轴处的摩擦等，‎ 所以滑轮组中每段绳子的拉力为：F＝（G动+F左′）＝×（10N+80N）＝45N，‎ 以B为研究对象，由力的平衡条件可得F2+GB＝F，‎ 所以F2＝F﹣GB＝45N﹣40N＝5N，故B错误；‎ C、乙图中，P点处受到的拉力为定滑轮的重力和三段绳子向下的拉力，‎ 则P点处受到的拉力为：F′＝3F+G定＝3×45N+10N＝145N，故C正确；‎ D、乙图中，A以0.2m/s的速度匀速向左运动，因为有两段绳子吊着物体，‎ 所以拉力F2的运动速度为：v绳＝2vA＝2×0.2m/s＝0.4m/s，‎ 则F2做功的功率为：P＝F2v绳＝5N×0.4m/s＝2W，故D正确。‎ 故选：CD。‎ ‎【点评】本题考查摩擦力、拉力、功率的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，难点是对物体的受力分析，分析出动滑轮上绳子的段数即可正确解题。‎ ‎33．（2分）如图甲所示的电路，电源电压U＝10V（恒定不变），R2＝8Ω，闭合开关S后，V2表的示数为7V，把甲电路中的两个电压表换成两个电流表，如图乙所示，闭合开关S后，A1表的示数为1.75A，下列说法正确的是（　　）‎ A．甲电路中V1表的示数为5V ‎ B．乙电路中A2表的示数为2.25A ‎ C．甲电路消耗的总功率为2.5W ‎ D．乙电路中R1消耗的功率为10W ‎【分析】图乙中三个电阻并联，电流表A1测量R2和R3中的电流，电流表A2测量R1和R2中的电流，根据欧姆定律求出R3的阻值，图甲中三个电阻串联，根据分压原理求出V1表的示数和R1的阻值；再求出图乙中各自的电流，进而得出电流表的示数；根据P＝UI求出乙电路中R1消耗的功率；根据欧姆定律求出图甲的电流，根据P＝UI求出甲电路消耗的总功率。‎ ‎【解答】解：图乙中三个电阻并联，电流表A1测量R2和R3中的电流，电流表A2测量R1和R2中的电流，‎ 通过R2的电流：I2＝＝＝1.25A，‎ 通过R3的电流：I3＝IA1﹣I2＝1.75A﹣1.25A＝0.5A，‎ 根据欧姆定律可得，R3的阻值：‎ R3＝＝＝20Ω，‎ 图甲中，三个电阻串联，‎ 电路中的电流：I＝＝＝0.25A，‎ 根据串联电路电压的特点，‎ U1＝U﹣UV2＝10V﹣7V＝3V，‎ 由I＝可得，R1＝＝＝＝12Ω，‎ A、甲电路中V1表的测量电阻R1和R2的电压，示数为：‎ UV1＝I（R1+R2）＝0.25A×（12Ω+8Ω）＝5V，故A正确；‎ C、甲电路消耗的总功率为：‎ P＝UI＝10V×0.25A＝2.5W，故C正确；‎ B、图乙中三个电阻并联，电流表A2测量R1和R2中的电流，‎ IA2＝I1′+I2＝+I2＝+1.25A＝0.83A+1.25A＝2.08A，故B错误；‎ D、乙电路中R1消耗的功率：‎ P1＝UI1′＝＝＝8.3W，故D错误。‎ 故选：AC。‎ ‎【点评】本题主要考查串并联电路的特点以及欧姆定律和电功率公式的应用，是一道综合题。‎ 六、综合题（共10分．第35题在解溶时写出公式和重要的演算步，只写出最答案的不能得分）‎ ‎34．（1分）初三实验小组的同学决定设计一个简易的身高测量仪，可用器材有电压恒定的电源、电压表、电阻丝、定值电阻、开关、导线（若干）等。他们的设想是：用滑片在绷直的电阻丝上滑动代替滑动变阻器；将电压表改装成身高显示仪﹣﹣所测身高越大，显示仪示数越大，且刻度均匀。‎ ‎（1）同学们设计了如图所示电路，老师指出他们的设计有不够合理的地方。你认为下列分析正确的是　C　。‎ A．移动滑片P时，电路的总电阻没有变化 B．当所测身高越大时，电压表的示数越小 C．电压表的示数变化量跟身高变化量不成正比 D．电压表的示数不能由零变化到最大刻度值 ‎（2）在老师的引导下，同学们设计出了正确的电路，是图四个电路中的　丁　电路。‎ ‎（3）确定正确的电路设计方案后，小组成员开始对器材的参数进行选择。他们采用了电压为12V的电源，一根长为80cm的均匀电阻丝（0.5Ω/cm）、量程为0～3V的电压表。为了让测量仪测量身高的范围达到最大，且测量精确度最高，选择的定值电R1阻值应该为　120　Ω。‎ ‎（4）利用选定的器材，小组同学连接好了测量电路，对身高为160cm的小曾进行测量时，电压表的示数为1.5V；对小杨进行测量时，电压表的示数为1.2V，则小杨的身高为　152　cm。‎ ‎【分析】（1）由图可知，变阻器R2与电阻R1串联，电压表测变阻器R2两端的电压，人身高越高R2电阻越大，电压表示数越大，据此分析；‎ ‎（2）明确电压表的测量对象，根据电路的变化对电压表示数的影响，结合实验要求“所测身高越大，显示仪示数越大，且刻度均匀”可逐一做出判断；‎ ‎（3）在确定了正确的设计电路之后，根据电阻丝的规格可求出其最大阻值，根据电压表的量程可求出电路中的电流。已知电路电流不变，又知道电源电压，可求出总电阻，则定值电阻就等于总电阻与电阻丝最大阻值之差；‎ ‎（4）丁图中，电路中的电流不变，根据电压表的示数可分别求出对应的电阻值，得出两次的电阻之差，再根据电阻丝的规格得出电阻丝长度的变化量，最终确定小杨同学的身高。‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）由图知，变阻器R2与电阻R1串联，电压表测变阻器R2两端的电压，‎ A、移动滑片P时，R2接入电路的阻值改变，电路的总电阻等于两个电阻之和，所以总电阻也会发生改变，故A错误；‎ B、当所测身高越大时，R2接入电路的阻值越大，根据串联分压规律可知，电压表的示数变大，故B错误；‎ C、图中身高的变化量决定了变阻器R2的电阻变化量，该电路中的电流I＝＝‎ ‎，电压表的示数：U2＝•R2，由此可见，电压表的示数与R2接入的阻值不成正比，则电压表示数的变化量与R2的阻值变化量不成正比，所以电压表的示数变化量跟身高变化量不成正比，故C正确；‎ D、当滑片在最下端时，变阻器的阻值为零，电压表的示数为零；当滑片在最上端时，变阻器接入的阻值最大，电压表的示数也最大，因此，电压表的示数能由零变化到最大刻度值，故D错误。‎ 故选：C。‎ ‎（2）由甲电路图可知，变阻器R2与电阻R1串联，电压表测电阻R2两端的电压，人身高越高，R2电阻越大，电压表示数越大，但由于电压表的示数变化量跟身高变化量不成正比（见第一问C的解析），所以刻度并不均匀，不合题意；‎ 由乙电路图可知，变阻器R2与电阻R1串联，电压表测电阻R1两端的电压，人身高越高，R2电阻越大，电压表示数越小，不合题意；‎ 由丙电路图可知，变阻器R2与电阻R1串联，人身高变化不会改变R2接入电路电阻的大小，电压表测R2上半部分那段电阻两端的电压，身高越高，电压表示数越小，不合题意；‎ 由丁电路图可知，变阻器R2与电阻R1串联，人身高变化不改变R2接入电路电阻的大小，整个电路电流I不变。电压表测R2下半部分那段电阻两端的电压，其示数为：U2＝IR2下，所以电压表示数与电阻R2的阻值成正比，因此刻度是均匀的，且身高越高，电压表示数越大，符合题意。‎ 故选：丁。‎ ‎（3）由上述分析可知，正确的电路为丁图。‎ 电阻丝的最大阻值为：R2＝80cm×0.5Ω/cm＝40Ω，‎ 当电压表示数最大为3V时，测的是全部电阻丝两端的电压，此时电路中的电流：I＝＝＝0.075A，‎ 由于丁图中电流大小始终不变，所以电路中的总电阻始终为：R总＝＝＝160Ω，‎ 则定值电阻R1阻值应为：R1＝R总﹣R2＝160Ω﹣40Ω＝120Ω。‎ ‎（4）由上述分析可知，丁图中电路中的电流始终不变，I＝0.075A，‎ 则小曾进行测量时电压表所测电阻丝的阻值：R小曾＝＝＝20Ω，‎ 同理，小杨进行测量时电压表所测电阻丝的阻值：R小杨＝＝＝16Ω，‎ 两次电阻的差值为：△R＝20Ω﹣16Ω＝4Ω，‎ 又因为电阻丝的规格为：0.5Ω/cm，‎ 所以电阻丝相差的长度，也就是两个同学身高的差值为：△L＝＝8cm，‎ 小杨进行测量时电压表的示数较小，说明小杨的身高要小一些，‎ 则小杨的身高为：160cm﹣8cm＝152cm。‎ 故答案为：（1）C；（2）丁；（3）120；（4）152。‎ ‎【点评】本题通过对简易身高测量仪的电路设计，考查了电路的基本连接与动态分析，串联电路基本特点与欧姆定律的灵活运用等，综合性强，具有较强的实践性，有一定难度，同时还属于易错题。‎ ‎35．（7分）如图所示，足够高的薄壁圆柱形容器放在水平桌面上，容器内水的质量为1kg，水的深度为10cm。实心圆柱体A质量为400g，底面积为20cm2，高度为16cm。实心圆柱体B质量为m0克（m0取值不确定），底面积为50cm2，高度为12cm。实心圆柱体A和B均不吸水，已知ρ水＝1.0×103kg/m3，常数g取10N/kg。‎ ‎（1）求容器的底面积。‎ ‎（2）若将圆柱体A竖直放入容器内，求静止时水对容器底部的压强p1。‎ ‎（3）若将圆柱体B竖直放入容器内，求静止时水对容器底部的压强p2与m0的函数关系式。‎ ‎【分析】（1）知道水的质量和密度，可以求出水的体积，再求出容器的底面积。‎ ‎（2）知道A的底面积和高度求出体积，又知道A的质量，根据密度公式可以求出A的密度。‎ 由于A的密度大于水的密度，当A放入水中时，A在水中下沉。还要分析A是完全浸没还是部分浸没，再求水的深度。然后根据液体压强公式求出容器底受到的压强。‎ ‎（3）当物体B的密度大于或等于水的密度时，物体放在水中会下沉，假设完全浸没求出水的深度，如果水深小于B的高度，说明假设错误，否则假设正确。求出水的深度，根据液体压强公式求出容器底受到的压强。‎ ‎ 当物体B的密度小于水的密度时，物体放在水中会漂浮，求出水的深度，根据二力平衡求出物体排开水的体积，利用液体压强公式，联立方程求解压强和质量的关系。‎ ‎【解答】解：（1）水的体积：V＝＝＝1000cm3‎ 容器的底面积等于水柱的横截面积：S容＝＝＝100cm2‎ ‎（2）圆柱体A的密度：ρA＝＝＝1.25g/cm3＞ρ水 所以，将圆柱体A竖直放入容器内，A将沉底。‎ 假设A竖直放入后，没有被水淹没，且水深度为h1‎ 由体积关系得：h1（S容﹣SA）＝1000cm3‎ ‎ h1（100cm2﹣20cm2）＝1000cm3‎ 解得：h1＝12.5cm hA＞h1，假设成立 水对容器底部的压强为：p1＝ρ水gh1＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.125m＝1.25×103Pa ‎（3）①当ρB≥ρ水时，B竖直放入容器内，假设B被水淹没，且水深度为h2‎ 由体积关系得 h2S容﹣VB＝1000cm3‎ ‎ h2×100cm2﹣50cm2×12cm＝1000cm3‎ 解得：h2＝16cm ‎∵h2＞hB，∴假设成立 ‎∴水对容器底部的压强为：p2＝ρ水gh2＝1.6×103Pa 此时，mB＝ρBVB≥ρ水VB＝1g/cm3×50cm2×12cm＝600g ‎∴当m0≥600g时，p2＝1.6×103Pa ‎②当0＜ρB＜ρ水时，B竖直放入容器内会漂浮 由体积关系得：h2S容﹣V排＝1000cm3‎ h2S容﹣V排＝1000cm3‎ h2＝＝①‎ 物体B漂浮，物体B受到的浮力和重力相等 mB的单位是g ‎∴ρ水gV排＝10﹣3mBg ρ水V排＝10﹣3mB V排＝②‎ p2＝ρ水gh2 ③‎ 把①代入②，再把②代入③‎ p2＝（1000+m0）Pa ‎∴当0＜m0＜600g时，p2＝（1000+m0）Pa 答：（1）求容器的底面积是100cm2。‎ ‎（2）若将圆柱体A竖直放入容器内，静止时水对容器底部的压强是1.25×103Pa。‎ ‎（3）若将圆柱体B竖直放入容器内，静止时水对容器底部的压强：当m0≥600g时，p2＝1.6×103Pa，当0＜m0＜600g时，p2＝（1000+m0）Pa。‎ ‎【点评】对于讨论的问题，要进行假设是解题的方法。本题的难度很大。‎ 声明：试题解析著作权属菁优网所有，未经书面同意，不得复制发布 日期：2019/6/25 17:38:31；用户：初中校园号；邮箱：wjwl@xyh.com；学号：24424282‎