浙江省台州市2020届高三11月选考科目教学质量评估物理试题

浙江省台州市2020届高三11月选考科目教学质量评估物理试题

台州市2019年11月选考科目教学质量评估试题 物 理 一、选择题 ‎1.电导率σ是电阻率ρ的倒数，即σ=。σ用国际单位制中基本单位表示正确的是 A. kg·m2s-1C-2 B. kg·m3s-1C-2‎ C. kg-1·m-3s3A2 D. kg-1·m-2s3A2‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】根据电阻定律可知：，解得：‎ 则：，根据欧姆定律可知：，联立可得：‎ 根据，而W=FL；q=It，联立并根据公式对应单位的换算可知，其单位为：‎ kg-1·m-3s3A2‎ A．kg·m2s-1C-2。故A错误。 ‎ B．kg·m3s-1C-2。故B错误。‎ C．kg-1·m-3s3A2。故C正确。 ‎ D．kg-1·m-2s3A2。故D错误。‎ ‎2.以下是有关近代物理内容的若干叙述，其中正确的是 A. 发生一次β衰变，该原子外层就失去一个电子 B. 太阳辐射的能量主要来自太阳内部的核裂变反应 C. 用粒子轰击铍核（），可以得到碳核（）和质子 D. 用质子流工作的显微镜比用相同速度的电子流工作的显微镜分辨率高 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A．β衰变的实质是原子核中的一个中子转变为一个质子和一个电子，电子释放出来，不是来自核外电子。故A错误。‎ B．太阳辐射的能量主要来自太阳内部的核聚变反应。故B错误。‎ C．根据电荷数守恒，质量数守恒，用α粒子轰击铍核Be），可以得到碳核（和中子。故C错误。‎ D．由德布罗意波长公式，可知与电子流速度相同的质子流具有更短的波长，即具有更高分辨率。故D正确。‎ ‎3.2019年4月24日亚洲田径锦标赛男子110米栏决赛中，中国选手谢文骏发挥出色，跑出13秒21夺得冠军。打破了刘翔在2011年创下的13秒22赛会纪录，同时也是这个项目今年的世界最好成绩。关于谢文骏的运动过程分析正确的是 A. 在冲线时可以当成质点 B. 跑动过程中的平均速度为8.3m/s C. 运动过程中地面对运动员提供了动力并做正功 D. 上栏过程中，重力做负功，地面对人的支持力做正功 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A．在比赛时谁最先达到终点，谁就获胜，此时要看是谁最先达到，看谁的身体的部位最先到终点，所以人不能看成质点。故A错误。‎ B．运动员全程的平均速度：‎ 故B正确。‎ C．从站立到跃起过程中，地面对运动员的作用力没有发生位移，做功为零。故C错误。‎ D．上栏过程中，重力做负功，地面对人的支持力不做功。故D错误。‎ ‎4.国庆假期，某学习小组开展节约用电活动，他们发现家电待机耗电成为市民普遍的问题。以电视机为例，待机一天的耗电量在0.2度左右，小小机顶盒一天待机耗电量更是高达0.4度。根据专家统计:每使用l度(千瓦时)电,就相应消耗了0.4kg标准煤,同时产生0.272kg碳粉尘、0.997kg二氧化碳、0.03kg二氧化硫、0.015kg氮氧化物，根据下表提供的数据，台州户籍人口数为605.4万人，估算我市由于家庭待机一年产生相应的二氧化碳总量约为 每户普通家庭家用电器平均数 一台台式电脑 ‎2台平板电视机 ‎1台洗衣机 每台电器待机平均功率（w）‎ ‎4‎ ‎1‎ ‎2‎ A. 1.2×105吨 B. 3.6×106吨 C. 3.6×107吨 D. 1.2×108吨 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】一户普通家庭所有家电待机功率约为0.6 KW•h，由W=Pt，平均每户4口人，待机一年消耗电能为：‎ W=605.4×104×0.25×8×10-3KW×24h×365≈1.203×108KW•h 根据题意，每消耗1度（千瓦时）电，相应产生0.997kg的二氧化碳，所以一户普通家庭电 器待机一年相应产生的二氧化碳约为：‎ M=1.203×108×0.997≈1.2×105吨 ‎ A．1.2×105吨。故A符合题意。 ‎ B．3.6×106吨。故B不符合题意。‎ C．3.6×107吨。故C不符合题意。 ‎ D．1.2×108吨。故D不符合题意。‎ ‎5.筷子是中国人常用的饮食工具，也是中华饮食文化的标志之一。如图所示， 甲、乙、丙图是筷子夹鹅卵石时的三个动作示意图，筷子均在竖直平面内，鹅卵石均处于静止状态，则 A. 甲图中的鹅卵石受三个力的作用 B. 乙图中下面筷子对鹅卵石力大于上面筷子对鹅卵石的力 C. 若增大丙图中的筷子对鹅卵石的弹力，鹅卵石受到的摩擦力也会增加 D. 若增大丙图中筷子与水平方向的夹角，鹅卵石受到的摩擦力和弹力都增大 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A．甲图中的鹅卵石受重力、每根筷子的压力和每根筷子的摩擦力共五个力的作用。故A错误。‎ B．根据平衡条件可知乙图中下面筷子对鹅卵石的力大于上面筷子对鹅卵石的力。故B正确。‎ C．鹅卵石受到的摩擦力与鹅卵石的重力沿筷子方向的分量相等，所以若增大丙图中的筷子对鹅卵石的弹力，鹅卵石受到的摩擦力不会变。故C错误。‎ D．根据平衡条件可得鹅卵石受到的摩擦力为：，弹力为：，所以若增大丙图中筷子与水平方向的夹角，鹅卵石受到的摩擦力增大，弹力将减小。故D错误。‎ ‎6.如图所示，2019年10月8日三位科学家共享今年诺贝尔物理学奖。以表彰他们“在增进我们对宇宙演化，以及地球在宇宙中地位的理解方面所做出的贡献”。根据他们的研究，太阳系外有一行星围绕着银河系中的一颗类似太阳的恒星运行，假设万有引力常量G正在逐渐减小，则下列说法正确的是 A. 该恒星的第一宇宙速度会变大 B. 该恒星表面重力加速度会变大 C. 该行星绕恒星的角速度会变大 D. 该行星和恒星组成的系统的引力势能会增加 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A．根据万有引力提向心力：，解得该恒星的第一宇宙速度为：‎ 假设万有引力常量G正在逐渐减小，可知该恒星的第一宇宙速度将会减小。故A错误。‎ B．在行星表面根据万有引力等于重力：，解得：‎ 假设万有引力常量G正在逐渐减小，该恒星表面的重力加速度会变小。故B错误。‎ C．根据万有引力提向心力：，解得：‎ 假设万有引力常量G正在逐渐减小，可知该行星绕恒星的角速度会减小。故C错误。‎ D．行星和恒星组成的系统的引力势能的表达式为：，假设万有引力常量G正在逐渐减小，该行星和恒星组成的系统的引力势能会增加。故D正确。‎ ‎7.如图所示，缠绕在铁芯上的线圈与处于竖直平面内的导体环连接，导体环内分布有垂直于纸面向里的匀强磁场。自由电荷为电子的霍尔元件水平置于的铁芯的间隙中，1、2、3、4分别是霍尔元件上的四个接线端。当开关S2闭合后，下列说法正确的是 A. 霍尔元件探测的是导体环当中的匀强磁场 B. 电压表和电流表的示数比值表示霍尔元件的电阻值 C. 导体环当中的匀强磁场发生变化的过程中，电压表、电流表的示数也会发生变化 D. 导体环当中的匀强磁场均匀增加的过程中，2接线端的电势低于4接线端的电势 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A．霍尔元件探测的是导体环当中的是非匀强磁场。故A错误。‎ B．电压表测量的是2、4两个面的电势差，而电流表测量的是1、3两个面间的电流，所以电压表和电流表的示数比值不表示霍尔元件的电阻值。故B错误。‎ C．导体环当中的匀强磁场发生变化的过程中，电动势E2不变，所以流过霍尔元件的电流不变。电子定向移动速率不变，霍尔电压为U=Bdv，当导体环当中的匀强磁场发生变化的过程中，电压表的示数将要发生变化。故C错误。‎ D．导体环当中的匀强磁场均匀增加的过程中，根据左手定则可知电子将偏向2接线端，所以2接线端的电势低于4接线端的电势。故D正确。‎ ‎8.如图所示，轻质弹簧一端固定在水平面上O点的转轴上（转轴处摩擦不计），另一端与一质量为m、套在粗糙固定直杆A处的小球（可视为质点）相连，直杆的倾角为30°，OA=OC，B为AC的中点，OB等于弹簧的原长。小球从A处由静止开始下滑，加速度大小为aA，第一次经过B处的速度为v，所用的时间为t1，再经过t2运动到C处速度恰好为0，后又以大小为aC的加速度由静止开始向上滑行。设最大静摩擦力等于滑动摩擦力。下列说法正确的是 A. t1 =t2‎ B. aA－aC＝2g C. 弹簧具有的最大弹性势能为mv2‎ D. 撤去弹簧，小球可以静止在直杆上 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A．根据题意可知，由牛顿第二定律可知小球从A到B的加速度大于从B到C的加速度，根据，可知t1 大于t2。故A错误。‎ B．根据牛顿第二定律得：在A点有：Fcos30°+mgsin30°-f=maA；在C点有：Fcos30°-f-mgsin30°=maC；两式相减得：‎ aA-aC=g 故B错误。‎ C．设小球从A运动到B的过程克服摩擦力做功为Wf，AB间的竖直高度为h，小球的质量为m，弹簧具有的最大弹性势能为Ep．根据能量守恒定律得，对于小球A到B的过程有： ，A到C的过程有：2mgh+Ep=2Wf+Ep，解得：‎ Wf=mgh 故C正确。‎ D．设从A运动到C摩擦力的平均值为，AB=s，由Wf=mgh得：‎ 在B点，摩擦力f=μmgcos30°，由于弹簧对小球有拉力（除B点外），小球对杆的压力大于μmgcos30°，所以，可得：‎ mgsin30°＞μmgcos30°‎ 因此撤去弹簧，小球不能在直杆上处于静止。故D错误。‎ 二、选择题 ‎9.如图所示，沿x轴正方向传播的一列横波在某时刻的波形图为一正弦曲线，其波速为20 m/s，则下列说法正确的是 A. 图中质点b的正在做减速运动 B. 从图示时刻开始，经0.05 s质点b通过的路程为20 cm C. 从图示时刻开始，经0.05 s质点a沿着传播方向移动1m D. 若该波在传播过程中遇到人，会发生明显的衍射现象 ‎【答案】AD ‎【解析】‎ ‎【详解】A．简谐横波沿x轴正方向传播，由波形平移法知图示时刻b点的振动方向沿y轴负方向，正远离平衡位置，其速度正在减小。故A正确。‎ B．由图可知波长为：，周期为：‎ 从图示时刻开始，经0.05 s，即，由图可知经0.05 s质点b通过的路程小于20 cm。故B错误。‎ C．质点a在平衡位置附近做周期性振动，并不随随波迁移。故C错误。‎ D．该波的波长为4m，若该波发生明显的衍射，知波遇到的障碍物或孔的尺寸比4m小，或与4m相当。故D正确。‎ ‎10.已知金属铯逸出功为1.88 eV，氢原子能级图如图所示，下列说法正确的是 A. 一个处于n＝4能级的氢原子跃迁到基态，可能释放出6种频率的光子 B. 若氢原子先从n＝3能级跃迁到n＝2能级，再从n＝2能级跃迁到n＝1能级，辐射出的光子通过同一干涉装置，则前者条纹间距更大 C. 氢原子从n＝5能级跃迁到n＝3能级，辐射出的光子不能使金属铯发生光电效应 D. 大量处于n＝2能级的氢原子跃迁到基态过程中发出的光照射由金属铯作为阴极的光电管，为使光电管电流为零，则反向电压可以是8.50V ‎【答案】BCD ‎【解析】‎ ‎【详解】A．大量处于n=4能级的氢原子，跃迁到基态的过程中，根据，因此释放出6种频率的光子。故A正确。‎ B．n=3与n=2间的能级差小于n=2与n=1间的能级差，则前者光子的能量小于后者光子的能量。前者光的频率小，则波长长，根据，可知前者光的双缝干涉条纹间距大。故B正确。‎ C．氢原子从n＝5能级跃迁到n＝3能级释放的能量为0.97eV，小于金属铯的逸出功，所以辐射出的光子不能使金属铯发生光电效应。故D正确。‎ D．根据辐射的光子能量等于两能级间的能级差，可知，n=2能级的氢原子跃迁到基态过程中发出的光能量为△E′=13.6-3.4=10.2eV，再根据EKm=hv-W，则有产生的光电子最大初动能为：‎ EKm=10.2-1.88=8.32eV 可得反向电压为8.32V，所以反向电压为8.50V时，光电管电流为零。故D正确。‎ ‎11.四个电荷量大小相等的点电荷位于边长为a的正方形四个角 上，两组对边的中垂线分别在x、y轴上，交点为原点O，电性与各点电荷附近的电场线如图所示，P、Q分别为坐标轴上的点，O规定无穷远处电势为零，下列说法正确的是 A. O点的电场强度为零，电势也为零 B. P点电势大于M点电势 C 将正电荷从P点移到Q点，电场力做正功 D. 负电荷在Q点的电势能大于在M点的电势能 ‎【答案】AB ‎【解析】‎ ‎【详解】A．根据点电荷的场强叠加原理可知O点的电场强度为零，根据异种电荷的电势分布规律可知O点电势也为零。故A正确。‎ B．x轴上各点的电势相等且为零，M点比x轴上各点的电势低，则M点的电势比P点的低。故B正确。‎ C．根据电场线与等势面垂直，可知x轴与y轴是两条等势线，则P与O的电势相等，Q与O的电势也相等，所以P、Q两点的电势相等，所以将正电荷从P点移到Q点，电场力做功为零。故C错误。‎ D． P、Q两点的电势相等，则Q点的电势高于M点的电势，而负电荷在电势高处电势能小，所以带负电的试探电荷在Q点的电势能比在M点小。故D错误。‎ ‎12.如图所示为一玻璃工件的截面图，上半部ABC为等腰直角三角形，∠A =90°，下半部是半径为R的半圆，O是圆心，P、Q是半圆弧BDC上的两个点，AD和BC垂直相交于O点。现有一束平行于AD方向的平行光射到AB面上，从A点射入玻璃的光射到P点，已知圆弧BQ与QD的长度相等，圆弧CP长度是DP长度的2倍，光在真空中传播的速度为C，若只考虑光从AB界面一次折射到圆弧界面，则 A. 此玻璃工件的折射率为 B. 射到Q点的光一定发生全反射 C. 能从圆弧界面射出的圆弧长度为 D. 射到圆弧界面的最长时间为 ‎【答案】ABC ‎【解析】‎ ‎【详解】A．如图所示：‎ 过A点做AB面的法线，连接AP，连接OP，设从A点射入玻璃的光的入射角为i，折射角为r，则i=45°，设OP与OD夹角为θ1，由于圆弧CP长度是DP的2倍，则，设AP与AD夹角为θ2，由于△ABC为等腰直角三角形，则OA=OP=R，所以△AOP是等腰三角形，‎ ‎，r=∠OAC-θ2=30°，由折射定律有：，解得：‎ 故A正确。‎ B．设玻璃的临界角为C，，解得：‎ C=45°‎ 作出射到圆弧上Q点光线FQ，连接OQ，设FQ与BC的夹角为θ3，FQ与OQ的夹角θ4，因为圆弧BQ与QD的长度相等，所以∠BOQ=45°，因为所有入射光平行，所以所有折射光线平行，则θ3=90°-θ2=75° ，θ4=180°-θ3-∠BOQ=60°，由于θ4＞C，所以射到Q点的光一定发生全反射。故B正确。‎ C．由上可知对应的圆心角是60°，可得圆能从圆弧界面射出的圆弧长度为。故C正确。‎ D．当光线沿AP射出时，所用时间最长，根据几何关系可得：，速度为：，传播的时间为：‎ 故D错误。‎ 三、非选择题 ‎13.某同学将力传感器固定在车上用于探究“加速度与力、质量之间的关系”，如图甲、乙所示。‎ ‎（1）下列说法正确的是（ ）‎ A．需要用天平测出传感器的质量 B．需要用到低压交流电源 C．实验时不需要平衡摩擦力 D．若实验中砂桶和砂子的总质量过大，作出的a-F图象可能会发生弯曲 ‎（2）下列实验中用到与该实验相同研究方法的有（ ） ‎ A．探究单摆周期的影响因素 B．探究求合力的方法 C．探究做功与速度的变化关系 D．探究导体电阻与其影响因素的关系 ‎ ‎（3）图丙是某同学通过实验得到的一条纸带（交流电频率为50Hz），他在纸带上取A、B、C、D、E、F、G等7个计数点（每相邻两个计数点之间还有4个点没有画出），将毫米刻度尺放在纸带上。根据图可知，打下F点时小车的速度为_____m/s。小车的加速度为______m／s2。（计算结果均保留两位有效数字）‎ ‎【答案】 (1). A (2). AD (3). 0.24 (4). 0.40‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】(1)[1]A．本实验是探究“加速度与力、质量之间的关系”，即F=Ma，所以M包括传感器的质量，即需要用天平测出传感器的质量。故A正确。‎ B．电火花计时器使用的是220V交流电源。故B错误。‎ C．实验前要平衡摩擦力，平衡摩擦力时要把小车（包括力传感器）放在木板上，后面固定一条纸带，纸带穿过打点计时器。把木板一端垫高，调节木板的倾斜程度，使小车在不受绳的拉力时能拖动纸带沿木板做匀速直线运动。故C错误。‎ D．实验中力传感器直接测出了拉力的大小，所以不需要满足砂桶和砂子的总质量远小于小车的质量，所以即使实验中砂桶和砂子的总质量过大，作出的a-F图象也不会发生弯曲。故D错误。‎ ‎(2)[2]该实验采用了控制变量法进行探究。‎ A．单摆的周期公式为：，是用的控制变量法。故A符合题意。‎ B．探究求合力的方法，采用的是等效替代的方法。故B不符合题意。‎ C．探究做功与速度的变化关系，采用的是倍增法。故C不符题意。‎ D．导体的电阻为：，采用的是控制变量法。故D符合题意。‎ ‎(3)[3]由于每相邻两个计数点间还有4个点没有画出，所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.1s，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度得：‎ ‎[4]根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小为：‎ ‎14.在“测定电池的电动势和内阻”实验中，某兴趣小组选用不同的实验器材并连接了以下四种电路。‎ ‎（1）上面测量电路中，能够完成实验目的可能电路是（填序号）_____。‎ ‎（2）若某同学在拿到的仪器时，指针偏转情况如图所示，则他该调节哪一个？____。 （选填：A或B或C)‎ ‎（3）小明同学根据其中的一个电路直接测得了电压U、电阻R的多组实验数据 ‎①由此可知该同学选用的是_____图所示的电路进行的实验。‎ ‎②根据测得的数据，若利用图像确定电池的电动势和内阻，则应作_____图像 A． B． C． D．‎ ‎【答案】 (1). BCD (2). A (3). B (4). A ‎【解析】‎ ‎【详解】(1)[1]A.．此电路因为不知滑动变阻器的阻值，所以不能测出电池的电动势和内阻。故A不符合题意。‎ B．测量电池的电动势和内阻时，以采用电压表与电阻箱组合。故B符合题意。‎ C．测量电池的电动势和内阻时，以采用电流表与电阻箱组合。故C符合题意。‎ D．测量电池的电动势和内阻时，可以采用电流表和电压表结合。故D符合题意。‎ ‎(2)[2]指针不对准阻值“”处，应该调节机械调零旋钮，即图中A。‎ ‎(3)[3]根据题意可知该同学直接测得了电压U、电阻R的多组实验数据，可知选择的是B电路。‎ ‎(4)[4]根据欧姆定律可得：，即则应作图像。所以选A。‎ ‎15.国际乒联为了增加乒乓球比赛的观赏性，降低球的飞行速度。将原先直径是d1=38mm的小球改为直径d2=40mm的大球，且质量保持不变。已知乒乓球比赛的球桌长度S=2.7m，球网上端离桌面的高度d=15cm，忽略球的旋转。‎ ‎（1）若不计空气阻力的影响，某一运动员在桌面底线正上方h=45cm处将球垂直于底线水平击出。要使乒乓球能直接落到对方台面上，求水平击出速度；‎ ‎（2）若考虑空气阻力的影响，为了研究方便，只考察球被扣杀后沿水平方向的运动且空气阻力与球的直径的平方成正比。扣杀小球时，球在底线正上方垂直于底线的水平分速度v0=30m/s，到达另一端底线时的水平末速度v1‎ ‎=10m/s。若在原位置正上方稍高处将大球以同样的水平速度击出，求大球飞到另一端底线时的水平末速度。（本题可能用到的数学关系）‎ ‎【答案】（1）（2）‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】(1)若乒乓球恰好过网，根据平抛运动规律：‎ 竖直方向：‎ 水平方向：‎ 联立解得：‎ 若乒乓球恰好到底线，同理：‎ 竖直方向：‎ 水平方向：‎ 解得：‎ ‎ 所以水平击出速度：‎ ‎(2)对小球，根据速度位移公式： ‎ 加速度为：‎ 大球：根据速度位移公式： ‎ 加速度为：‎ 联立解得：‎ ‎16.如图甲所示，间距为L=0.5m的两条平行金属导轨ABCD和A′B′C′D′由倾斜部分与圆弧部分平滑连接组成，倾斜部分导轨的倾角θ ‎=37°，处在垂直于导轨平面向上的匀强磁场中，磁感应强度大小B1=1.0T，AA′之间连接一定值电阻R=0.1Ω，圆弧部分导轨的半径r=1.44m，中间圆弧部分没有磁场，右侧四分之一圆弧轨道区域存在均匀分布的辐向磁场，导轨所在处的磁感应强度大小B2=。导体棒P的质量m=0.25kg，电阻R=0.1Ω，在沿斜面向下的力F作用下从倾斜导轨上端某位置由静止开始运动，运动到BB′时撤去力F，定值电阻R两端的电压随时间的变化规律如图乙所示。当P经过CC′进入右侧圆弧运动时，始终受到水平向右的外力F′，并满足F′=mgtanα（α为导体棒所在位置和圆心的连线与竖直方向的夹角）。导体棒在运动过程中与导轨垂直并接触良好，不计摩擦阻力和导轨电阻。（已知：，）‎ ‎（1）求导体棒沿斜面向下运动过程中力F随时间t的表达式；‎ ‎（2）通过分析判断导体棒能否到达DD′，如果能，求它到达该位置的速度大小；如果不能，求导体棒上升的最大高度；‎ ‎（3）求导体棒在辐向磁场中运动中电阻R产生的焦耳热。‎ ‎【答案】（1）（2）不能；072m（3）1.0J ‎【解析】‎ ‎【详解】(1)根据U-t图象可知：U=t 即：‎ 解得：‎ 导体棒在倾斜轨道做匀加速直线运动，加速度 根据牛顿第二定律：‎ 电流为：‎ 联立解得：‎ ‎(2)导体棒运动到BB′时的速度：vB=3.2m/s ‎ 从BB′运动到CC′，根据动能定理：‎ 解得：‎ vC=4.0m/s 由于F′=mgtanθ，导体棒在辐向磁场中的运动可等效为在安培力作用下沿光滑水平导轨的运动，导体棒运动的位移大小等于沿圆弧运动的弧长。‎ 假设导体棒的速度减为0，根据动量定理：‎ 通过的电量为：‎ 解得：‎ 故导体棒不能到达DD′，上升的最大高度 ‎(3)导体棒最终将静止于h高度处，根据能量守恒：‎ 可得电阻R产生的焦耳热 ：‎ ‎17.如图甲，在真空中的竖直平面内，距y轴为L的位置有一足够大的荧光屏P，在荧光屏和y轴的第一象限内分布着垂直于纸面向里、磁感应强度为B的匀强磁场，第四象限内分布着水平向左、电场强度为E的匀强电场。在y轴上放有一电子枪，可以将静止的电子（带电量e，质量为m）经电场加速后从坐标原点O处沿着y轴正方向射入磁场。不计电子的重力及电子在电子枪中的运动时间。‎ ‎（1）若电子经磁场作用后垂直打在荧光屏上，求电子枪的加速电压；‎ ‎（2）若给电子枪加上如图乙所示的加速电压，求荧光屏上的发光区域的总长度。‎ ‎【答案】（1）（2）‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】(1)电子在电子枪中加速时，根据动能定理：‎ 电子在匀强磁场中作匀速圆周运动，根据牛顿第二定律：‎ 根据题意：‎ 联立以上可得：‎ ‎(2)根据(1)可得：‎ 根据乙图电压取值范围，得到：‎ ‎，‎ ‎①的粒子经过磁场作用直接打在荧光屏上，由几何关系可得：‎ 的粒子击中的位置为（L，）；‎ 的粒子击中的位置为（L，L）‎ 所以打中的区域长度为：‎ ‎ ② 的粒子经过磁场作用运动半个周期，再沿着-y方向进入匀强电场作类平抛后打在荧光屏上。‎ 在电场中：‎ 水平位移为：‎ 加速度为：‎ 竖直方向：‎ 又因为：‎ 可得：‎ 可得：当时，‎ 当时 ‎ 当时 ‎ 综上可得：‎ 综合①②可得：‎ 电子打在荧光屏上的总长度为：‎ ‎ ‎