广西桂林市第十八中学2019-2020学年高二下学期开学考试生物试题

广西桂林市第十八中学2019-2020学年高二下学期开学考试生物试题

桂林十八中2019-2020学年度18级高二下学期开学考试卷 生物（理科）‎ 一、选择题 ‎1.下列关于人体内环境及其稳态的叙述，正确的是（　　）‎ A. 人体剧烈运动后，血浆的pH会明显下降 B. 蛋白质消化分解成氨基酸发生在人体的内环境中 C. 有三种以上的生理系统参与维持人体内环境稳态 D. 血浆渗透压与蛋白质含量有关，与无机盐离子含量无关 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎1、人体的内环境（细胞外液）主要包括血浆、组织液和淋巴等。‎ ‎2、由于机体中含有H2CO3/NaHCO3、NaH2PO4/Na2HPO4等缓冲物质而使pH稳定在7.35-7.45。‎ ‎【详解】A、人体剧烈运动后会产生乳酸，但由于乳酸进入血液后，与血液中的NaHCO3发生作用，生成乳酸钠和碳酸，从而使血浆pH保持稳定，A错误；‎ B、食物中蛋白质的消化过程发生在人体消化道中，细胞内也存在蛋白质的消化过程（即细胞内蛋白质的水解），两者都没在内环境中，B错误；‎ C、直接参与内环境物质交换的系统为：呼吸系统、消化系统、循环系统、泌尿系统，C正确；‎ D、血浆渗透压的大小主要与无机盐、蛋白质的含量有关，D错误。‎ 故选C。‎ ‎【点睛】本题的知识点是内环境的概念、内环境稳态的调节机制，掌握相关的知识点并理解知识点是解题的关键。‎ ‎2. 如图为人体内环境三种主要组成成分之间的相互转化模式图，据图分析正确的是（ ）‎ A. 就所含成分而言，乙比甲更相似于淋巴 B 甲中含有血红蛋白、O2和葡萄糖等成分 C. 与甲相比，乙和淋巴的蛋白质浓度较高 D. 组织细胞代谢废物经细胞膜进入乙 ‎【答案】AD ‎【解析】‎ 内环境中的血浆、组织液和淋巴之间物质是可以相互转化的，其中血浆和组织液之间物质交换是双向的，组织液中的大分子物质可以进入淋巴，然后通过淋巴循环进入血浆，因此可以确定图中甲表示血浆、乙表示组织液．‎ 解：A、血浆、组织液和淋巴的成分基本相同，不同点是血浆中含有较多的蛋白质，A正确；‎ B、血红蛋白位于红细胞内，不属于血浆的成分，B错误；‎ C、血浆中蛋白质含量较高，组织液和淋巴中蛋白质含量较少，C错误；‎ D、组织细胞代谢废物经细胞膜进入乙组织液中，D正确．‎ 故选AD．‎ ‎【点评】本题考查了内环境各组分之间的关系和区别，意在考查考生能识记并理解所学知识的要点，把握知识间的内在联系；理论联系实际，综合运用所学知识解决自然界和社会生活中的一些生物学问题的能力和从题目所给的图形中获取有效信息的能力．‎ ‎3.下列关于人体内环境稳态失调的叙述，错误的是（　　）‎ A. 淋巴管阻塞引起组织水肿 B. 腹泻引起体液中水和蛋白质大量丢失 C. 营养不良可引起组织水肿 D. 血液中钙盐过少会引起抽搐 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 组织水肿是由于组织液增多造成的，其水分可以从血浆、细胞内液渗透而来，主要原因包括以下几个方面：‎ ‎（1）过敏反应中组织胺的释放引起毛细血管壁的通透性增加，血浆蛋白进入组织液使其渗透压升高，吸水造成组织水肿；‎ ‎（2）毛细淋巴管受阻，组织液中大分子蛋白质不能回流至毛细淋巴管而导致组织液渗透压升高，吸水造成水肿；‎ ‎（3）组织细胞代谢旺盛，代谢产物增加；‎ ‎（4）营养不良引起血浆蛋白减少，渗透压下降，组织液回流减弱，组织间隙液体增加，导致组织水肿现象；‎ ‎（5‎ ‎）肾脏病变引起细胞内外液体交换失衡，肾炎导致肾小球滤过率下降，引起水滞留，导致组织水肿。‎ ‎【详解】A、毛细淋巴管堵塞，组织液中的蛋白质等大分子物质不能回流至毛细淋巴管，使组织液渗透压升高，导致组织水肿，A正确；‎ B、腹泻时会引起水和无机盐的大量丢失，B错误；‎ C、营养不良，血浆蛋白含量减少，血浆渗透压降低，组织液吸水，引起组织水肿，C正确；‎ D、钙离子对维持人体正常的生命活动起着重要的作用，血液中钙盐浓度过低会引起抽搐，D正确。‎ 故选B。‎ ‎【点睛】本题考查内环境相关知识，解题的关键是理解引起组织水肿的几个方面因素。‎ ‎4.下图为某反射弧的部分结构示意图。若在B、E两处的细胞膜表面安放两个电极，中间接电表，据图判断下列叙述错误的是（　　）‎ A. 刺激D处时将会使电表的指针发生两次偏转 B. C处发生的信号变化是电信号→化学信号→电信号 C. 刺激B处时相应部位兴奋的传导方向是A←B→C D. 若C处缺少神经递质受体，则D处将无法得到从C处传来的信息 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎1、图中C处突触的类型为轴突一树突型，兴奋是从左侧的神经元传向右侧的神经元。‎ ‎2、在突触处，信号的转换模式为电信号→化学信号→电信号。‎ ‎3、神经递质存在于突触前膜的突触小泡中，只能由突触前膜释放，然后作用于突触后膜，因此兴奋只能从一个神经元的轴突传递给另一个神经元的细胞体或树突。‎ ‎【详解】A、刺激D处时，兴奋只能传导到E处，而不能传递到B处，因此电表的指针只能发生一次偏转，A错误；‎ B、C处是突触结构，在传递过程中发生了电信号→化学信号→电信号的信号转换，B正确；‎ C、兴奋在神经纤维上的传导是双向的，因此B处受到刺激后，可以向A处和C处传导，C 正确；‎ D、神经递质存在于突触前膜的突触小泡中，只能由突触前膜释放，然后作用于突触后膜，并与突触后膜上的受体结合，所以C处缺乏神经递质受体，则D处将无法得到从C传来的信息，D正确。‎ 故选A。‎ ‎【点睛】本题考查反射弧结构和神经细胞膜电位的相关知识，意在考查识图能力和判断能力，运用所学知识综合分析问题的能力。‎ ‎5.下列有关胰液素和胰液的叙述，错误的是 A. 盐酸进入小肠可促进胰液素的产生 B. 胰腺分泌的胰液进入小肠能消化食物 C. 促胰液素可经血液到胰腺 D. 盐酸引起胰腺分泌胰液的过程不包含体液调节 ‎【答案】D ‎【解析】‎ 盐酸进入小肠可促进胰液素的产生，A正确；胰腺分泌的胰液含有多种消化酶，进入小肠能消化食物，B正确；促胰液素可经血液到胰腺等全身各处，C正确；盐酸引起胰腺分泌胰液的过程属于神经——体液调节，D错误。‎ ‎【考点定位】促胰液素的发现 ‎6.给实验鼠静脉注射不同剂量的胰岛素，测得血糖的补充速率和消耗速率如右图所示。下列相关分析正确的是 A. 随着曲线a的下降，非糖物质向葡萄糖转化的速率加快 B. 曲线b的上升是胰岛素作用于肝脏、肌肉等细胞的结果 C. 当胰岛素浓度为40uU/mL时，在较长时间内血糖浓度会维持相对稳定 D. 高浓度胰岛素条件下，下丘脑中控制胰岛A细胞分泌的神经中枢处于抑制状态 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 本题考查血糖调节，考查胰岛素、胰高血糖素在血糖平衡中的作用。胰岛素可以促进组织细胞摄取、利用、贮存葡萄糖，增加血糖消耗速率，据此可判断图中a曲线为血糖补充速率，b曲线为血糖消耗速率。‎ ‎【详解】随着血浆胰岛素浓度升高，曲线a的下降，非糖物质向葡萄糖转化的速率减慢，A项错误；胰岛素可促进肝脏细胞、肌肉细胞摄取葡萄糖，并把葡萄糖转化为糖原，曲线b的上升是胰岛素作用于肝脏、肌肉等细胞的结果，B项正确；当胰岛素浓度为40uU/mL时，血糖补充速率是1mg/kgmin，血糖消耗速率是3.8mg/kgmin,，在较长时间内血糖浓度不能维持相对稳定，C项错误；高浓度胰岛素会抑制胰高血糖素的分泌，但不会抑制神经中枢，D项错误。‎ ‎7.中暑是指在高温和热辐射的长时间作用下，机体体温调节障碍，水、电解质代谢紊乱及神经系统功能损害症状的总称。下列相关叙述错误的是 A. 中暑后，下丘脑的调控能力将会下降 B. 中暑与人体体液调节和神经调节紊乱有关 C. 中暑和剧烈运动导致肌肉酸痛都是人体内环境稳态遭到破坏所致 D. 中暑导致神经系统功能受损可能与离子的跨膜运输有关 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 中暑的原因有很多，在高温作业的车间工作，如果再加上通风差，则极易发生中暑；农业及露天作业时，受阳光直接暴晒，再加上大地受阳光的暴晒，使大气温度再度升高，使人的脑膜充血，大脑皮层缺血而引起中暑，空气中湿度的增强易诱发中暑；在公共场所、家族中，人群拥挤集中，产热集中，散热困难。症状: 1、发热、乏力、皮肤灼热、头晕、恶心、呕吐、胸闷；2、烦躁不安、脉搏细速、血压下降；3、重症病例可有头痛剧烈、昏厥、昏迷、痉挛。‎ ‎【详解】A、体温调节中枢在下丘脑，因此中暑后下丘脑的调控能力将会下降，A正确； B、根据题干信息可知，机体体温调节障碍，出现水、电解质代谢紊乱及神经系统功能损害症状，说明中暑与人体体液调节和神经调节紊乱有关，B正确； C、中暑导致肌肉酸痛是人体内环境稳态遭到破坏所致的，而剧烈运动没有破坏人体内环境稳态，C错误；‎ D、神经系统的功能与钠离子内流、钾离子外流等有关，因此中暑导致神经系统功能受损可能与离子的跨膜运输有关，D正确。‎ 故选C ‎【点睛】解答本题的关键是掌握高温下的体温调节过程，明确其既有神经调节，也有体液调节，明确剧烈运动会导致肌肉酸痛，但是没有破坏内环境稳态。‎ ‎8.下列关于体液免疫和细胞免疫异同的表述不正确的是(　 　)‎ A. 有免疫效应的是效应T淋巴细胞和浆细胞 B. 体液免疫中，抗体和抗原发生特异性结合，发挥免疫效应 C. 淋巴细胞都来自骨髓造血干细胞，都在骨髓中分化、发育成熟 D. 细胞免疫中，效应T细胞的攻击目标是已经被抗原入侵了的宿主细胞 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 体液免疫过程为：除少数抗原可以直接刺激B细胞外，大多数抗原被吞噬细胞摄取和处理，并暴露出其抗原决定簇；吞噬细胞将抗原呈递给T细胞，再由T细胞呈递给B细胞； B细胞接受抗原刺激后，开始进行一系列的增殖、分化，形成记忆细胞和浆细胞；浆细胞分泌抗体与相应的抗原特异性结合，发挥免疫效应。‎ 细胞免疫过程为：吞噬细胞摄取和处理抗原，并暴露出其抗原决定簇，然后将抗原呈递给T细胞；T细胞接受抗原刺激后增殖、分化形成记忆细胞和效应T细胞，同时T细胞能合成并分泌淋巴因子，增强免疫功能；效应T细胞发挥效应。‎ ‎【详解】根据前面的体液免疫和细胞免疫过程可知，有免疫效应的是效应T细胞和浆细胞，A正确；体液免疫中浆细胞分泌抗体，与抗原发生特异性结合，发挥免疫效应，B正确；淋巴细胞起源于骨髓中的造血干细胞．T淋巴细胞是造血干细胞随血液流经胸腺时，在胸腺分泌的胸腺素的作用下分化、发育形成的，B淋巴细胞是在骨髓中发育成的，C错误；被抗原入侵的宿主细胞叫靶细胞，效应T细胞能与靶细胞密切接触，使靶细胞裂解死亡，D正确。‎ ‎【点睛】熟悉体液免疫和细胞免疫的大体过程是解答本题的关键。‎ ‎9.为了验证胚芽鞘尖端确实能产生促进生长的某种物质，用胚芽鞘和琼脂块等材料进行实验时，对照实验的设计思路是（ ）‎ A. 完整胚芽鞘分别置于单侧光照射和黑暗条件下 B. 胚芽鞘尖端和未放过尖端的琼脂块分别置于胚芽鞘切面的同一侧 C. 未放过尖端的琼脂块和放过尖端的琼脂块分别置于胚芽鞘切面的同一侧 D. 胚芽鞘尖端和放过尖端的琼脂块分别置于胚芽鞘切面的同一侧 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 对照实验：在探究某种条件对研究对象的影响时，对研究对象进行的除了该条件不同以外，其他条件都相同的实验。根据变量设置一组对照实验，使实验结果具有说服力。一般来说，对实验变量进行处理的，就是实验组。没有处理是的就是对照组。‎ ‎【详解】验证胚芽鞘尖端确实能产生促进生长的某种物质，要把尖端离体进行实验。注意实验的单因子变量为：有无胚芽鞘。故应用未放过尖端的琼脂块和放过尖端的琼脂块分别置于胚芽鞘切面的同一侧。  故选C。‎ ‎【点睛】本题主要考查生长素发现的相关知识，解答本题的关键是理解对照实验的设计思路。‎ ‎10.用燕麦幼苗做如图所示的两组实验。甲组：将切下的胚芽鞘尖端③水平放置，分别取两个琼脂块①、②紧贴在③的切面上，数小时后如甲图所示处理。乙组：将附有琼脂块X和Y的胚芽鞘顶端放在旋转器上匀速旋转，数小时后如乙图所示处理。以下错误的是 ( )‎ A. 去掉尖端的胚芽鞘⑤将直立生长 B. 去掉尖端的胚芽鞘④将向左弯曲生长 C. ④的右侧生长素多，右侧生长快 D. ⑤的两侧生长素浓度不相等 ‎【答案】D ‎【解析】‎ 由于琼脂块中的生长素含量X=Y，所以去掉尖端的胚芽鞘⑤将直立生长，A正确；由于琼脂块中的生长素含量为①＜②，所以去掉尖端的胚芽鞘④右侧生长素多，向下运输多，生长快，将向左弯曲生长，B正确；由于琼脂块中的生长素含量为①＜②，所以去掉尖端的胚芽鞘④右侧生长素多，向下运输多，生长快，C正确；虽然有左侧单侧光的照射，但是胚芽鞘在匀速旋转，则琼脂块中的生长素含量X=Y，所以⑤的两侧生长素浓度相等，D错误。‎ ‎【考点定位】生长素的产生、分布和运输情况 ‎【名师点睛】根据题意和图示分析可知：图甲中，由于重力的影响，使琼脂块②所含生长素浓度比琼脂块①多。图乙虽然是单侧光照射，但由于匀速旋转，造成胚芽鞘尖端见光均匀，琼脂块X和Y中的生长素浓度相等。明确知识点，梳理相关的基础知识，分析题图，结合问题的具体提示综合作答。‎ ‎11.生物兴趣小组的同学对某品种番茄的花进行人工去雄后，用不同浓度的生长素类似物2，4－D涂抹子房，得到的无子番茄果实平均重量如表所示：‎ ‎2，4－D浓度（mg/L）‎ ‎0‎ ‎5‎ ‎10‎ ‎15‎ ‎20‎ ‎25‎ ‎30‎ ‎35‎ 无子番茄平均重量（g/个）‎ ‎0‎ ‎13.5‎ ‎26.2‎ ‎46.5‎ ‎53.6‎ ‎53.7‎ ‎43.0‎ ‎30.2‎ 据表得出的正确结论是（　　）‎ A. 2，4－D可以促进扦插枝条生根 B. 2，4－D与生长素的作用效果完全相同 C. 2，4－D浓度超过30 mg/L，对果实的发育起抑制作用 D. 2，4－D诱导无子番茄的最适浓度范围为20～30 mg/L ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 分析表格：生长素及其类似物(2，4-D)能促进果实的发育，用一定浓度的生长素涂抹未受粉的子房，可以获得无子果实。表中数据显示不同浓度2，4-D对番茄子房发育的影响，2，4-D浓度在0~25mg/L时，随着2，4-D浓度的升高促进作用增强；2，4-D浓度超过25mg/L时，随着2，4-D浓度的升高促进作用逐渐减弱。‎ ‎【详解】A、该实验没有涉及枝条生根，不能说明2，4-D可以促进扦插枝条生根，A错误；‎ B、本题没有将2，4-D和生长素对照使用，因此不能说明2，4-D与生长素的作用效果相同，B错误；‎ C、从表中数据可看出：2，4-D浓度超过25mg/L后，对果实发育仍有促进作用，但促进作用减弱，C错误；‎ D、从表中数据可看出：2，4－D诱导无子番茄的最适浓度范围是20~30mg/L，D正确。‎ 故选D。‎ ‎【点睛】本题结合图表，考查生长素类似物的作用特性及应用，重点是考查分析表中数据的能力，要求理解掌握生长素作用的两重性，能利用所学知识分析表格，得出正确结论。‎ ‎12.某同学查资料得知细胞分裂素可解除顶端优势。为研究细胞分裂素的作用部位，该同学用适宜浓度的细胞分裂素溶液、多株生长状况相同的幼苗为材料进行实验，用未经处理的幼苗作对照组，用在①②处同时涂抹等量细胞分裂素溶液的幼苗作实验组，以观察其生长状况（如图）。下列对实验组的设计评价合理的是 A. 实验组设计正确，能研究细胞分裂素解除顶端优势的作用部位 B. 实验组设计错误，应选两株完整幼苗分别在①②处涂抹细胞分裂素 C. 实验组设计错误，应切除②处后在①处涂抹细胞分裂素 D. 实验组设计错误，应选两株切除②处的幼苗并分别在①②处涂抹细胞分裂素 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 以细胞分裂素解除顶端优势的作用部位的实验研究为素材，考查对照实验中自变量的控制等实验技能，能力层次的考查。‎ ‎【详解】根据实验目的“为研究细胞分裂素的作用部位”可知，细胞分裂素的涂抹部位是该实验的自变量，应设置两个实验组，实验操作的区别是细胞分裂素的使用部位不同，其它量均相同。选B。‎ ‎【点睛】除了自变量，其它与对照组相同，实验不应该去除顶芽或腋芽，对照组应涂抹等量的蒸馏水。‎ ‎13.下列事例中与所涉及的植物激素对应关系一致的是（　　）‎ A. 植物疯长患恶苗病——脱落酸 B. 移栽棉花比非移栽棉花的根系发达——生长素 C. 自然生长的雪松保持塔形的树姿——细胞分裂素 D. 用某溶液处理未授粉的雌蕊柱头培育无子西瓜——乙烯 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 各种植物激素的合成部位、分布及生理功能：‎ 激素名称 合成部位 存在较多的部位 生理功能 生长素 幼嫩的芽、嫩叶、发育中的种子 在各器官中都有分布，大多集中在生长旺盛的部位 ‎①生长素的作用表现出两重性：既能促进生长，也能抑制生长；既能促进发芽，也能抑制发芽；既能防止落花落果，也能疏花疏果；②促进子房发育；③促进生根 赤霉素 幼芽、幼根和未成熟的种子 普遍存在于植物体内，主要分布于未成熟的种子、幼芽、幼根等幼嫩组织和器官 ‎①促进细胞伸长，从而引起茎秆伸长和植株增高；②解除种子、块茎的休眠并促进萌发；③诱导α─淀粉酶的形成 细胞分裂素 根尖 正在进行细胞分裂的部位 ‎①促进细胞分裂；②诱导芽的分化，延缓叶片的衰老；③解除顶端优势，促进侧芽生长；④促进气孔的开放 脱落酸 根冠和萎蔫的叶片 普遍存在于植物体内，将要脱落和进入休眠的器官和组织中较多 是最重要的生长抑制剂，①能抑制植物细胞的分裂和种子的萌发；②促进休眠、促进叶和果实的衰老和脱落；③引起气孔关闭，增加抗逆性 乙烯 植物体的各个部位 广泛存在于植物体内，成熟的果实中含量最多 ‎①促进果实成熟；②促进叶片和果实的脱落；③促进气孔关闭，促进侧芽、块茎休眠；④促进开花和雌花分化 ‎【详解】A、赤霉素可以促进细胞伸长，引起植株增高，从而可能使植株疯长患恶苗病，A 错误；‎ B、根也存在顶端优势，主根存在会抑制侧根的发育，而在移栽过程中破坏了主根的顶端优势，侧根发育较快，顶端优势与生长素有关，B正确；‎ C、雪松的塔形树冠与生长素作用有关，C错误；‎ D、生长素能够促进子房发育成果实，无子西瓜的培育用到了生长素，D错误。‎ 故选B。‎ ‎【点睛】本题考查了植物激素调节的有关知识，要求能够识记不同植物激素的生理作用，掌握植物激素在生产实践中的应用，再结合所需知识准确判断各项。‎ ‎14. 根据甲、乙两个国家各年龄段的人口数量曲线图，判断下列叙述正确的是（ ）‎ A. 甲属于人口增长型国家，乙属于人口稳定型国家 B. 甲属于人口稳定型国家，乙属于人口衰退型国家 C. 甲属于人口增长型国家，乙属于人口衰退型国家 D. 甲属于人口衰退型国家，乙属于人口稳定型国家 ‎【答案】A ‎【解析】‎ 试题分析：种群的年龄组成：‎ ‎（1）增长型：种群中幼年个体很多，老年个体很少，这样的种群正处于发展时期，种群密度会越来越大．‎ ‎（2）稳定型：种群中各年龄期的个体数目比例适中，数目接近．这样的种群正处于稳定时期，种群密度在一段时间内会保持稳定．‎ ‎（3）衰退型：种群中幼年个体较少，而老年个体较多，这样的种群正处于衰退时期，种群密度会越来越小．‎ 解：（1）甲国家中，幼年人口数量远多于老年人口，即出生率大于死亡率，因此甲属于人口增长型国家；‎ ‎（2）乙国家中，幼年人口、中年人口和老年人口数量的比例适中，因此乙属于人口稳定型国家．‎ 故选A．‎ 考点：种群的特征．‎ ‎15.如图表示种群的各个特征之间的关系，下列叙述正确的是 A. 甲为出生率和死亡率，乙为迁入率和迁出率 B. 丙为性别比例，主要通过影响出生率来间接影响种群密度 C. 丁为年龄组成，每种类型中包括幼年、青年和老年三个年龄期 D. 种群密度是种群最基本的空间特征，调查方法有标志重捕法和样方法 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】甲为出生率和迁入率，乙为死亡率和迁出率，A错误；‎ 丙为性别比例，主要通过影响出生率来间接影响种群密度，B正确；‎ 丁为年龄组成，包括增长型、稳定型和衰退型三种，每种类型中包括幼年、成年和老年三个年龄期，C错误；‎ 种群密度是种群最基本的数量特征，调查方法有标志重捕法和样方法等，D错误。‎ ‎【点睛】本题以“种群特征的概念图”为情境，考查学生对种群的特征的识记和理解能力。解答此题的关键是熟记并理解种群的特征及其之间的关系，能准确判断图中甲、乙、丙、丁所代表的数量特征，再结合所学的知识准确判断各选项。‎ ‎16.某岛屿引入外来物种野兔，研究人员调查了30年间野兔种群数量的变化，并据此绘制了λ值变化曲线。以下叙述正确的是(　　)‎ A. 第1年至第5年间野兔种群数量保持相对稳定 B. 第10年和第20年种群的数量基本相当 C. 第15年至第20年间野兔种群数量在不断增大 D. 第20年至第30年间野兔种群数量增长率为0‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 据图分析，1～10年λ＞1，种群数量持续增加；10～20年λ＜1，种群数量持续减少；20～30年λ=1，种群数量保持不变。‎ ‎【详解】A、1～5年λ＞1，而且基本保持不变，种群数量持续增加，A错误； B、10年到20年之间λ＜1，则种群数量越来越少，B错误； C、15年到20年之间λ＜1，则种群数量越来越少，C错误； D、20～30年之间λ=1，种群数量保持不变，种群增长率为0，D正确。‎ 故选D。‎ ‎17. 下列关于森林群落垂直结构的叙述，错误的是 A. 群落中的植物具有垂直分层现象 B. 群落中的动物具有垂直分层现象 C. 动物在群落中的具有垂直分层现象与植物具分层现象有关 D. 乔木层的疏密程度不会影响草本层的水平阶段 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】ABC、群落中的植物和动物都有其垂直结构（即分层现象），且动物的分层主要与植物（动物的食物主要来源）有关，ABC正确；‎ D、乔木层的疏密程度直接影响到射在地面上的光照强度，进而影响到草本层的水平分布，D 错误。‎ 故选D。‎ ‎【点睛】本题考查群落的结构，属于对识记、理解层次的考查。‎ ‎18.太平洋深处的一座岛屿由海底火山喷发形成。由于植被茂盛、物种独特，登岛研究的人员逐渐增多。下列叙述不正确的是 A. 该岛屿物种发展到现阶段是初生演替的结果 B. 研究人员的到来可能会影响该岛屿的群落演替 C. 调查岛上一种陆生动物的种群密度需要考虑迁入和迁出的影响 D. 群落演替过程中岛屿上物种丰富度增加 ‎【答案】C ‎【解析】‎ 试题分析：分析题意可知，火山喷发后的群落演替属于初生演替，A正确；人类活动会影响该岛屿群落演替的方向和速度，B正确；该岛屿处于太平洋深处，与世隔绝，调查岛上一种陆生动物的种群密度不需要考虑迁入和迁出的影响，C错误；群落演替过程中岛屿上物种丰富度增加，D正确。‎ 考点：本题考查群落演替的相关知识，意在考查考生能理解所学知识的要点，把握知识间的内在联系，形成知识网络的能力。‎ ‎19.“竹外桃花三两枝，春江水暖鸭先知。蒌蒿满地芦芽短，正是河豚欲上时。”诗中体现了下列生态系统组成成分中的 ‎①非生物的物质和能量 ②生产者 ③消费者 ④分解者 A. ①② B. ②③ C. ①②③ D. ①②③④‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 生态系统的组成成分包括非生物的物质和能量，生产者、消费者和分解者。‎ ‎【详解】“春江水暖”体现水和温度，即非生物的物质和能量，“竹”和“桃花”等体现生产者，“鸭”和“河豚”体现消费者，没有体现出分解者。综上所述，C正确，A、B、D错误。‎ 故选C。‎ ‎20.‎ 某岛屿居民与该岛上的植物、兔、鼠、鼬和鹰构成的食物网如图。某个时期，当地居民大量捕杀鼬，导致岛上鼠种群暴发，随后由鼠疫杆菌引起的鼠疫通过跳蚤使人感染。以下叙述错误的是(　　)‎ A. 生长在该岛上的蘑菇属于主态系统的分解者 B. 兔与人的种间关系是竞争和捕食，鼠疫杆菌与人的种间关系是寄生 C. 通常情况下，寄生在鼠身上的跳蚤对鼠种群数量的影响小于鼬对鼠种群数量的影响 D. 植物中的能量能通过3条食物链传递给鹰，鹰所处的营养级为第三和第四营养级 ‎【答案】D ‎【解析】‎ 试题分析：蘑菇属于真菌，营腐生生活，属于生态系统的分解者，A 正确；兔与人的种间关系是竞争和捕食，鼠疫杆菌与人的种间关系是寄生，B正确；通常情况下，寄生关系种群数量的影响小于捕食种群数量的影响，C正确；植物中的能量能通过4条食物链传递给鹰，鹰所处的营养级为第三和第四营养级，D错误。‎ 考点：本题考查生态系统的成分、种间关系及食物链等相关知识，意在考查考生能理解所学知识的要点，把握知识间的内在联系，形成知识网络的能力。‎ ‎21.根据生态系统的结构和功能，下列叙述错误的是（　　）‎ A. 营养级越高的生物种群体内积累的有毒物质越多，所获得的能量越少 B. 人工鱼塘生态系统中消费者同化的能量往往大于生产者所固定的太阳能 C. “桑基鱼塘”生态系统与普通水稻田生态系统相比实现了能量的多级利用 D. 水产养殖业，为充分利用生产者所固定的能量，应以食物链长的鱼类为养殖对象 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎1、能量流动的特点：①单向流动：指能量只能从前一营养级流向后一营养级，而不能反向流动；②逐级递减：指输入到一个营养级的能量不能百分之百地流入下一营养级，能量在沿食物链流动过程中逐级减少。‎ ‎2、在生态系统中，有害物质可以通过食物链在生物体内不断积累，其浓度随着营养级别的升高而逐步增加，这种现象叫生物富集。‎ ‎【详解】A、根据生物富集作用和能量逐级递减规律，营养级越高的生物种群体内积累的有毒物质越多，所获得的能量越少，A正确；‎ B、人工鱼塘生态系统中由于投放饵料，消费者同化的能量往往大于生产者所固定的太阳能，B正确；‎ C、“桑基鱼塘”生态系统实现了能量的多级利用，C正确；‎ D、能量流动时逐级递减，因此水产养殖业为充分利用生产者所固定的能量，应以食物链短的鱼类为养殖对象，D错误。‎ 故选D。‎ ‎【点睛】本题考查生态系统的功能，要求识记生态系统中能量流动的过程、特点，掌握生物富集现象的原理，能结合所学的知识准确判断各选项。‎ ‎22.草→兔子→狐狸→狼为某草原上的一条食物链，下列关于该食物链的说法中正确的是(　　)‎ A. 该食物链中兔子是初级消费者、第一营养级 B. 兔子产生的粪便不属于兔子的同化量，而是草的固定量 C. 根据能量金字塔可知，处于塔尖的狼，其个体体内的能量少于兔子个体体内的能量 D. 狐狸捕食一只兔子，则该兔子体内的能量全部流向狐狸 ‎【答案】B ‎【解析】‎ 在该食物链中草是第一营养级，兔子是第二营养级，是初级消费者，A错误。兔子产生的粪便中的能量是上一个营养级的同化量，即草的同化量，B正确。能量流动是单向流动逐级递减的，但这是在营养级之间，而狼个体体内的能量可能会大于兔子个体体内的能量，因为狼的个体较大，C错误。狐狸捕食一只兔子，该兔子体内的能量也不是全部流向狐狸的，因为有些不能被狐狸消化吸收，D错误。‎ 点睛：动物的营养级别和消费级别相差1个级别，植物都是第一营养级，同种动物在一个食物网中因为所处的食物链不同营养级别有可能不同。‎ ‎23.下列现象中，不属于化学信息的是（　　）‎ A. “我最闪亮”——孔雀开屏：鸟类的求偶炫耀 B. “我的地盘”——美洲猎豹：撒尿标记自己的领地 C. “臭名昭著”——野生海芋：海芋释放臭味吸引蚊子前来，帮助传粉 D. “温柔陷阱”——捕虫草“绝技”：捕虫草产生香甜的分泌液，引诱昆虫前来并将其捕食 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎1、物理信息：生态系统中的光、声、温度、湿度、磁力等，通过物理过程传递的信息，如蜘蛛网的振动频率。‎ ‎2、化学信息：生物在生命活动中，产生了一些可以传递信息的化学物质，如植物的生物碱、有机酸、动物的性外激素等。‎ ‎3、行为信息：动物的特殊行为，对于同种或异种生物也能够传递某种信息，如孔雀开屏。‎ ‎【详解】A、“我最闪亮”——孔雀开屏：鸟类的求偶炫耀，属于行为信息，A正确；‎ B、“我的地盘”——美洲猎豹：撒尿标记自己的领地，属于化学信息，B错误；‎ C、“臭名昭著”——野生海芋：海芋释放臭味吸引蚊子前来，帮助传粉，属于化学信息，C错误；‎ D、“温柔陷阱”——捕虫草“绝技”：捕虫草产生香甜的分泌液，引诱昆虫前来并将其捕食，属于化学信息，D错误。‎ 故选A。‎ ‎【点睛】本题考查生态系统中的信息传递，要求识记信息的概念，掌握信息传递的类型，能结合所学的知识做出准确的判断。‎ ‎24.以下实例可以说明生态系统具有自我调节能力的是（　　）‎ A. 废弃多时的耕地上会逐渐生长出杂草，进而逐渐出现小灌木林 B. 豆科植物能供给根瘤菌有机养料，同时能通过根瘤菌获得含氮养料 C. 山区植被遭到破坏或掠夺式砍伐后造成水土流失甚至泥石流的发生 D. 草原上羊数量剧增会导致草的数量减少，进而抑制了羊的数量增长 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 生态系统的自我调节能力能够保持生态系统的稳态，系统内的各种生物的数量不是一成不变的，而是呈动态变化，在一定范围内波动。‎ ‎【详解】A、废弃多时的耕地上会逐渐生长出杂草，进而逐渐出现小灌木林，属于群落的演替，A错误；‎ B、豆科植物能供给根瘤菌有机养料，同时能通过根瘤菌获得含氮养料，说明豆科植物和根瘤菌是共生关系，B错误；‎ C、植被破坏导致泥石流发生，是自然灾害没有体现自我调节能力，C错误；‎ D、草原上羊数量剧增会导致草的数量减少，进而抑制了羊的数量增加，体现了生态系统的自我调节能力，D正确。‎ 故选D。‎ ‎【点睛】本题考查生态系统的自我调节能力，解题关键是要明确自我调节能力的概念，即当生态系统的某一成分发生改变后，通过负反馈调节能抑制最初发生的变化所产生的影响，使生态系统达到和维持稳态。‎ ‎25.外来物种引进后若能在野外大量繁殖，以致影响当地原有物种的生存，就称为入侵种。下列有关入侵种的叙述中，错误的是（　　）‎ A. 可能影响本地生物群落的生态平衡 B. 可能与本地种互相杂交而改变本地种的基因组成 C. 可能与生态系统中本地种互相竞争，并排挤本地种的生存 D. 该物种由于生存环境改变，可能受强烈选择作用而迅速演化成新的物种 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎1、外来物种入侵可能带来的四种后果：①改变当地生态系统和景观；②生态系统抵抗力稳定性降低；③土壤保持和营养改善能力降低；④生物多样性锐减。‎ ‎2、外来物种入侵引发生态危机的原因：①占据空的生态位；②侵入物种具有顽强的生命力，入侵传播能力强，一旦传入，能迅速传播蔓延开来，在短时期内呈现种群的“J”型增长；③迁入地环境条件适宜；④侵入物种对环境适应性强；⑤缺少天敌的控制。‎ ‎【详解】A、若当地条件特别适宜入侵种的生长，会对当地生物造成威胁，破坏本地生物群落的生态平衡，A正确；‎ B、入侵种和本地物种进行杂交可能改变本地物种的基因组成，影响原有物种品系纯度，B正确；‎ C、可能与本地种竞争，若在竞争中占有优势，则会排挤本地种的生存，C正确；‎ D、入侵种若能适应当地条件则能够进行繁殖，不能适应当地条件，则会被淘汰掉，但是短时间内不会形成新的物种，D错误。‎ 故选D。‎ ‎【点睛】‎ 本题考查生物多样性、生物进化等相关知识，意在考查理解知识点，能够在试题所给予的相对简单的情境中做出判断。‎ ‎26.下列关于生物多样性的保护，正确的是 A. 鼓励人们进入保护区，给鸟类建巢、喂食 B. 对于珍稀濒危物种，禁止一切形式的猎采和买卖 C. 迁地保护就是把大批野生动物迁入动物园、水族馆等进行保护 D. 自然保护区的功能是接纳各地迁移和捕来的野生动物并加以保护 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 此题考查的知识点是生物多样性的保护。解答时可以从生物多样性的保护措施方面来切入。‎ ‎【详解】不能让人类对保护区有较多的干扰，A错误；对于珍稀濒危物种，禁止一切形式的猎采和买卖，并采取人工繁育和建立自然保护区等措施，B正确；迁地保护就是对那些在原产地生存和繁衍受到严重威胁的物种（不仅是野生动物）迁入动物园、水族馆等进行保护，C错误；自然保护区属于就地保护，保护的对象主要包括有代表性的自然生态系统和珍稀濒危动植物的天然分布区。其中保护的生物本来就生活在保护区内，而不是接纳各种迁移和捕来的野生动物，D错误。‎ ‎【点睛】解答此类题目的关键是熟记保护生物多样性的措施。‎ ‎27.某研究性学习小组以番茄为材料进行果酒、果醋发酵实验。下列相关叙述正确的是（　　）‎ A. 与果醋发酵相比，果酒发酵所需的最适温度较高 B. 先供氧进行果醋发酵，然后隔绝空气进行果酒发酵 C. 与人工接种的发酵相比，自然发酵获得的产品品质更好 D. 适当加大接种量可以提高发酵速率、抑制杂菌生长繁殖 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎1、酵母菌在有氧和无氧的条件下都能生活。在有氧时，酵母菌大量繁殖，但是起不到发酵效果；在无氧时，繁殖速度减慢，但是此时可以进行发酵。在利用酵母菌发酵时最好是先通入足够的无菌空气，在有氧环境下一段时间使其繁殖，再隔绝氧气进行发酵。‎20℃‎左右最适合酵母菌繁殖，酒精发酵的最佳温度是在‎18℃‎~‎25℃‎，pH最好是弱酸性。‎ ‎2‎ ‎、醋酸菌是好氧性细菌，当氧气、糖源都充足时，醋酸菌将葡萄汁中的糖分解成醋酸；当缺少糖源时，醋酸菌将乙醇变为乙醛，再将乙醛变为醋酸。醋酸菌的最适生长温度是‎30℃‎~‎35℃‎。‎ ‎【详解】A、果醋发酵需要的温度高于果酒，A错误；‎ B、果酒发酵后可以接着进行果醋制作，但果醋发酵后不能再进行果酒发酵，B错误；‎ C、人工接种的菌种比较纯净，获得的产品品质更好，C错误；‎ D、适当加大接种量可使菌种数量增多，提高发酵速率，发酵产生的醋酸或酒精可以抑制杂菌生长繁殖，D正确。‎ 故选D。‎ ‎【点睛】本题考查果酒和果醋的制作，要求识记参与果酒和果醋制作的微生物及其代谢类型，掌握果酒和果醋制作的原理及条件，能对两者进行比较，再结合所学的知识准确判断各选项。‎ ‎28.如图为腐乳制作过程的流程图，下列说法错误的是（　　）‎ ‎―→―→―→‎ A. 用胶条密封瓶口时，最好将瓶口通过酒精灯的火焰，防止瓶口被污染 B. 毛霉为需氧型真菌，为避免其无氧呼吸，放置豆腐时要留出一定缝隙 C. 加卤汤、密封腌制过程中，毛霉不断增殖，并产生大量的酶，分解蛋白质 D. 加盐腌制的目的是析出豆腐中的水分使之变硬，同时能抑制微生物的生长 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎1、传统的腐乳制作过程中，豆腐块上生长的毛霉来自空气中的毛霉孢子；而现代的腐乳生产是在严格的无菌条件下，将优良的毛霉菌种接种在豆腐上，这样可以避免其他菌种的污染，保证产品的质量。‎ ‎2、腐乳制作过程中，加盐的作用是析出豆腐中的水分，使豆腐块变硬，同时抑制微生物的生长，避免豆腐块腐败变质。‎ ‎3、卤汤是由酒及各种香辛料配制而成的，酒的含量一般控制在12%左右，若酒的含量过高会延长腐乳成熟的时间，若酒的含量过低，则不能抑制杂菌污染。‎ ‎4、装瓶时，操作要迅速小心。加入卤汤后要用胶条将瓶口密封，封瓶时最好将瓶口通过酒精灯的火焰，防止瓶口被污染。‎ ‎【详解】A ‎、加入卤汤后要用胶条将瓶口密封，封瓶时最好将瓶口通过酒精灯的火焰，防止瓶口被污染，A正确；‎ B、参与腐乳制作的微生物有多种，其中起主要作用的是毛霉，而毛霉为好氧型真菌，所以为避免其无氧呼吸，放置豆腐时要留出一定缝隙，B正确；‎ C、加卤汤、密封腌制，可防腐杀菌，同时使腐乳具有一定的风味，在此条件下毛霉不能生长、增殖，C错误；‎ D、加盐腌制的目的：析出豆腐中的水分使之变硬；调制腐乳的风味，确保腐乳具有一定的咸度；抑制微生物的生长，D正确。‎ 故选C ‎【点睛】本题考查腐乳的制作，要求识记参与腐乳制作的微生物及其代谢类型，掌握腐乳制作的原理及条件，能结合所学的知识准确判断各选项。‎ ‎29.下列关于乳酸菌的说法错误的是（ ）‎ A. 乳酸菌的遗传物质是DNA B. 乳酸菌无氧呼吸产生乳酸和CO2‎ C. 乳酸菌与醋酸菌的细胞结构相似 D. 在泡菜制作过程中，起主要作用的是乳酸菌 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 原核细胞和真核细胞的异同：‎ 比较项目 原 核 细 胞 真 核 细 胞 大小 较小 较大 主要 区别 无以核膜为界限的细胞核，有拟核 有以核膜为界限的细胞核 细胞壁 有，主要成分是糖类和蛋白质 ‎ 植物细胞有，主要成分是纤维素和果胶；动物细胞无；真菌细胞有，主要成分为多糖 ‎ 无生物膜系统 有生物膜系统 生物膜系统 细胞质 有核糖体，无其他细 胞器 有核糖体和其他细胞器 ‎ DNA存 在形式 拟核中：大型环状、裸露 质粒中：小型环状、裸露 细胞核中：和蛋白质形成染色体细胞质中：在线粒体、叶绿体中裸露存在 增殖方式 二分裂 无丝分裂、有丝分裂、减数分裂 可遗传变 异方式 基因突变 基因突变、基因重组、染色体变异 ‎【详解】A、乳酸菌属于细胞类生物，它的遗传物质为DNA，A正确； B、乳酸菌只能进行无氧呼吸，其呼吸产物只有乳酸一种，B错误；‎ C、乳酸菌与醋酸菌都是原核生物，所以细胞结构相似，C正确；‎ D、在泡菜制作过程中，起主要作用的是乳酸菌，D正确。‎ 故选B。‎ ‎【点睛】易错点：细菌的基本结构有细胞壁、细胞膜、细胞质和DNA集中的区域，没有成形的细胞核，没有叶绿体；真菌的基本结构有细胞壁、细胞膜、细胞质、细胞核，没有叶绿体。‎ ‎30.如表为某培养基的配方,有关叙述正确的是 成分 纤维素粉 Na2HPO4·7H2O NaNO3‎ KH2PO4‎ MgSO4·7H2O KCl 酵母膏 水解酪素 含量 ‎5g ‎1.2g ‎1g ‎0.9g ‎0.5g ‎0.5g ‎0.5g ‎0.5g A. 此培养基为鉴别培养基 B. 此培养基上能生长分解尿素的细菌 C. 此培养基属于固体培养基 D. 在此培养基上能生长的细菌可产生纤维素酶 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 微生物的培养基的营养成分主要有碳源、氮源、水和无机盐，有的还会有生长因子等。培养基按照物理性质可以分为固体培养基和液体培养基，按照用途可以分为选择培养基和鉴别培养基。‎ ‎【详解】根据表格分析，该培养基中没有加入指示剂，不能作为鉴别培养基，A错误；该培养基中没有尿素，因此分解尿素细菌不能再该培养基上生长，B错误；该培养基中没有凝固剂琼脂，不是固体培养基，C错误；该培养基中有纤维素粉作为碳源，因此可以生长的细菌可产生纤维素酶，D正确。‎ ‎31.微生物培养过程中，要十分重视无菌操作，现代生物学实验中的许多方面也要进行无菌操作，防止杂菌污染。请分析下列操作，其中错误的是（　　）‎ ‎①煮沸消毒可以杀死微生物细胞和一部分芽孢　②接种操作要在酒精灯火焰附近进行　③家庭制作葡萄酒时要将容器和葡萄进行灭菌　④培养基要进行高压蒸汽灭菌　⑤加入培养基中的指示剂或染色剂不需要灭菌 A. ①② B. ②④ C. ②⑤ D. ③⑤‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 无菌技术的主要内容：①对实验操作的空间、操作者的衣着和手，进行清洁和消毒；②将用于微生物培养的器皿、接种用具和培养基等器具进行灭菌；③为避免周围环境中微生物的污染，实验操作应在酒精灯火焰附近进行；④实验操作时应避免已经灭菌处理的材料用具与周围的物品相接触。‎ ‎【详解】①‎100℃‎煮沸5~6min可以杀死微生物细胞和一部分芽孢，①正确；‎ ‎②酒精灯火焰附近存在一个无菌区，为了无菌操作，接种操作要在酒精灯火焰附近进行，②正确；‎ ‎③家庭制作葡萄酒时所利用微生物是葡萄皮表面的酵母菌，故不能对葡萄进行灭菌，③错误；‎ ‎④培养基灭菌常用高压蒸汽灭菌法，④正确；‎ ‎⑤指示剂和染料混有微生物，故加入培养基前需灭菌，⑤错误。‎ 故选D。‎ ‎【点睛】本题考查了微生物的分离与培养的有关知识，要求掌握无菌技术的主要内容，能够区分消毒和灭菌，以及适用的对象。‎ ‎32.苯酚是工业生产排放的有毒污染物质，自然界中存在着降解苯酚的微生物。某工厂产生的废水中含有苯酚，为了降解废水中的苯酚，研究人员从土壤中筛选获得了只能利用苯酚的细菌菌株，筛选的主要步骤如图所示，①为土壤样品。下列相关叙述错误的是（　　）‎ A. 使用平板划线法可以在⑥上获得单菌落 B. 如果要测定②中活细菌数量，常采用稀释涂布平板法 C. 若图中④为对照实验，则其中应以苯酚作为唯一碳源 D. 图中②培养目的菌株的选择培养基中应加入苯酚作为碳源 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 由题意可知，细菌只能降解苯酚，故可采用以苯酚为唯一碳源的选择培养基筛选，用含除苯酚外的其他碳源的培养基作为对照。‎ ‎【详解】A、使用稀释涂布平板法或平板划线法可以在⑥上获得单菌落，A正确；‎ B、测定培养液中活细菌数目，常采用稀释涂布平板法来测定，B正确；‎ C、若④为对照实验，则④中培养基应加入除苯酚外的其它碳源，⑤中以苯酚作为唯一碳源，C错误；‎ D、培养能降解苯酚的微生物，故②培养目的菌株的选择培养基中应加入苯酚作为碳源，D正确。‎ 故选C。‎ ‎【点睛】本题考查微生物培养相关知识，考查理解所学知识的要点，把握知识间的内在联系的能力及从图形中提取信息的能力。‎ ‎33.下列叙述错误的是（　　）‎ A. 能产生果胶酶的生物有多种 B. 人们可使用果胶酶、纤维素酶等来解决制作果汁面临的问题 C. 通过测定滤出的苹果汁的体积大小无法来判断果胶酶活性的高低 D. 在探究果胶酶用量实验中，虽然实验的变量发生了变化，但通过设置梯度来确定最适值的思想方法是不变的 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 在探究果胶酶的用量的实验中，参照探究温度和pH对酶活性的影响实验，采用梯度测定法，只是将原实验中的pH梯度和温度梯度改成酶的用量梯度，基本的实验思路不变；植物、霉菌、酵母菌和细菌在生活过程中，都会发生分解果胶的过程，均能产生果胶酶；在使用梯度测定酶的用量及活性时，可以通过榨出果汁的体积大小来判断。‎ ‎【详解】A、植物、霉菌、酵母菌和细菌在其生活过程中，都会发生分解果胶过程，因此，它们都可产生果胶酶，A正确；‎ B、在制作果汁过程中，由于果胶、纤维素的存在，影响榨出的果汁量及果汁的透明度，加入纤维素酶和果胶酶后，果汁榨出量及透明度均有提高，B正确；‎ C、在探究影响果胶酶的活性的实验中，可以通过滤出的苹果汁的体积大小来判断果胶酶活性的高低，C错误；‎ D、在探究果胶酶的用量实验中，参照研究温度和pH对酶活性的影响实验，采用梯度测定法，只是将原实验中的pH梯度和温度梯度改成酶的用量梯度，基本实验思路不变，D正确。‎ 故选C。‎ ‎【点睛】本题考查果胶酶的测定实验，意在考查考生的实验分析能力，难度适中。‎ ‎34.下列有关凝胶色谱法的叙述，错误的是（　　）‎ A. 大分子物质后被洗脱出来，小分子物质先被洗脱出来 B. 目前经常使用的凝胶有交联葡聚糖、聚丙烯酰胺和琼脂糖等 C. 凝胶色谱法是根据相对分子质量大小分离蛋白质的有效方法 D. 凝胶色谱法的原理是不同大小的分子所经的路径不同而得以分离 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 凝胶色谱法是根据相对分子质量大小分离蛋白质的有效方法，相对分子质量较小的蛋白质会进入凝胶颗粒内部，而使其所经过的路程较长；相对分子质量较大的蛋白质被排阻在凝胶颗粒外面，在颗粒之间迅速通过。因此，大分子物质先被洗脱出来，小分子物质后被洗脱出来。‎ ‎【详解】A、大分子物质先被洗脱出来，小分子物质后被洗脱出来，A错误；‎ B、目前经常使用的凝胶有交联葡聚糖、聚丙烯酰胺和琼脂糖等，B正确；‎ C、凝胶色谱法是根据相对分子质量大小分离蛋白质的有效方法，相对分子质量较小的蛋白质会进入凝胶颗粒内部，而使其所经过的路程较长；相对分子质量较大的蛋白质被排阻在凝胶颗粒外面，在颗粒之间迅速通过，C正确；‎ D、由分析可知，分子质量大的路径短，先洗脱出来；分子质量小的路径长，后洗脱出来，D正确。‎ 故选A。‎ ‎【点睛】本题考查凝胶色谱法分离蛋白质的知识，意在考查对相关知识点的识记和理解。‎ ‎35.某校高三学生对某种加酶洗衣粉做了探究实验，在不同温度下除去不同污渍所需的时间，结果如表所示。下列叙述正确的是（　　）‎ 不同温度下除去不同污渍所需时间（min）‎ 水温（℃）‎ ‎10‎ ‎20‎ ‎30‎ ‎40‎ ‎50‎ ‎60‎ ‎70‎ ‎80‎ 奶渍 ‎48‎ ‎43‎ ‎28‎ ‎12‎ ‎6‎ ‎4‎ ‎12‎ ‎17‎ 蓝墨水 ‎93‎ ‎86‎ ‎80‎ ‎72‎ ‎68‎ ‎67‎ ‎81‎ ‎105‎ 注：牛奶（主要含蛋白质、脂肪）、蓝墨水[主要成分：阿拉伯树胶（植物纤维）、鞣酸与硫酸亚铁]。‎ A. 此实验证明了酶具有高效性 B. 此实验只探究了加酶洗衣粉对不同污渍的洗涤效果 C. 此加酶洗衣粉适宜洗涤棉织品、毛织品、蚕丝织品等衣料 D. 同一水温下除去两种污渍时间不同的可能原因是加酶洗衣粉含有多种酶，酶具有专一性且不同酶的活性受温度影响不同 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 分析表格：表中是用加酶洗衣粉探究在不同温度下除去不同污渍所需的时间，所得的数据，在各温度下，除去奶渍所需的时间短，除去蓝墨水所需的时间较长；根据除去污渍所需时间可知，该加酶洗衣粉洗涤的适宜温度范围为50~‎60℃‎。‎ ‎【详解】A、该实验证明了酶需要温和的条件，即适宜的温度，A错误；‎ B、此实验探究了加酶洗衣粉最适温度范围以及对不同污渍的洗涤效果，B错误；‎ C、根据表格数据可知，此加酶洗衣粉洗奶渍的洗涤效果较好，因此含有蛋白酶，而毛织品、蚕丝织品等衣料的主要成分就是蛋白质，不能洗涤该类衣物，C错误；‎ D、根据酶的专一性和需要适宜条件的特性推断，同一水温下除去两种污渍时间不同的可能原因是加酶洗衣粉含有多种酶，且不同酶的活性受温度影响不同，D正确。‎ 故选D。‎ ‎【点睛】本题结合图表，考查加酶洗衣粉的相关知识，要求掌握探究实验的原则，能分析表中信息并得出正确的结论，再结合所学的知识准确答题。‎ ‎36.下图表示科研人员利用固定化葡萄糖异构酶来生产高果糖浆的过程,相关叙述正确的是 ( )‎ ‎ ‎ A. 固定葡萄糖异构酶时,采用方法2比方法3对酶的活性影响要小 B. 在生产过程中,需严格控制好pH、温度、溶解氧等环境因素 C. 在生产过程中,通过控制阀调节果糖流出的速率以保证反应充分进行 D. 由于固定化葡萄糖异构酶活性不会降低,此反应柱可持续用于生产 ‎【答案】C ‎【解析】‎ 固定葡萄糖异构酶时，采用方法2比方法3对酶的活性影响要大，A错误；酶的活性受pH、温度的影响，但不受溶解氧的影响，B错误；反应过程中可通过控制阀调节苹果汁流出的速率，保证反应充分进行，C正确；固定化葡萄糖异构酶可多次重复使用，但一定时间后酶的活性也会降低，D错误。‎ ‎37.以下关于猪血红蛋白提纯的描述，错误的是（　　）‎ A. 洗涤红细胞时，使用生理盐水可以防止红细胞破裂 B. 血红蛋白的颜色可用于凝胶色谱法分离过程的监测 C. 猪成熟红细胞中缺少细胞器和细胞核，提纯时杂蛋白较少 D. 在凝胶色谱法分离过程中，血红蛋白比分子质量较小的杂蛋白移动慢 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 在凝胶色谱法分离蛋白质的过程中，相对分子质量较小的分子容易进入凝胶内部的通道，路程较长，移动速度较慢；而相对分子质量较大的分子无法进入凝胶内部的通道，只能在凝胶外部移动，路程较短，移动速度较快。所以血红蛋白比相对分子质量较小的杂蛋白移动速度要快。‎ ‎【详解】A、洗涤红细胞时，使用生理盐水可以维持细胞稳定形态，防止红细胞破裂，A正确；‎ B、血红蛋白是有色蛋白，因此在凝胶色谱分离时可以通过观察颜色来判断什么时候应该收集洗脱液，B正确；‎ C、哺乳动物成熟的红细胞没有细胞核与众多的细胞器，提纯时杂蛋白较少，C正确；‎ D、血红蛋白分子量大，只能在凝胶外部移动，路程较短，比分子质量较小的杂蛋白移动快，D错误。‎ 故选D。‎ ‎【点睛】掌握凝胶色谱法分离蛋白质的原理是解答此题的关键，需要注意一点，哺乳动物成熟的红细胞没有细胞核与众多的细胞器。‎ ‎38.已知某样品中存在甲、乙、丙、丁、戊五种物质，其分子大小、电荷的性质和数量情况如下图所示。下列叙述正确的是 A. 若五种物质为蛋白质，则用凝胶色谱柱分离时，甲的移动速度最快 B. 将样品装入透析袋中透析12h，若分子乙保留在袋内，则分子甲也保留在袋内 C. 将样品以2000r/min的速度离心10min，若分子戊存在于沉淀中，则分子丙也存在于沉淀中 D. 若五种物质为蛋白质，用SDS—聚丙烯酰胺凝胶电泳分离样品中的蛋白质分子，则分子甲和分子戊形成的电泳带相距最近 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎1、凝胶色谱法分离蛋白质的原理：凝胶色谱法是根据相对分子质量的大小来分离蛋白质的有效方法，相对分子质量小的蛋白质容易进入凝胶内部的通道，路程长，移动的速度慢，相对分子质量大的蛋白质不容易进入凝胶内部的通道，路程短，移动的速度快，因此相对分子质量不同的蛋白质得以分离。 2、电泳法是利用待测样品中各种分子带电性质的差异和分子本身的大小、形状不同，使带电分子产生不同的迁移速度，从而实现样品中各种分子的分离或鉴定。‎ ‎【详解】分子甲的相对分子质量最小，会进入凝胶内部通道而移动速度慢，A错误；若分子乙留在透析袋内，说明其相对分子质量比较大，分子甲比分子乙相对分子质量小，甲可能不在袋内，B错误；分子丙比分子戊的相对分子质量大，若将样品以2000r/min的速度离心10 min，分子戊在沉淀中，则丙也一定在沉淀中，C正确；SDS-聚丙烯酰胺凝胶电泳中的样品，其电泳迁移率完全取决于分子的大小，相对分子质量相差越大，形成的电泳带相距越远，故分子甲和分子丙形成的电泳带相距最远，D错误。故选C。‎ ‎【点睛】​本题考查蛋白质的提取和分离中用到的实验技术，对于此类试题，需要考生注意的细节较多，如实验的原理、实验采用的试剂及试剂的作用、实验步骤等，需要考生在平时的学习过程中注意积累。‎ ‎39.下列关于提取胡萝卜素的叙述，错误的是（　　）‎ A. 胡萝卜素可以从大面积养殖的岩藻中提取 B. 干燥时间太长、温度太高会导致胡萝卜素分解 C. 提取胡萝卜素时的萃取过程中要采用水浴加热 D. 提取胡萝卜素时可采用石油醚、丙酮等作为溶剂 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 胡萝卜素是橘黄色的结晶，化学性质比较稳定，不溶于水，微溶于乙醇，易溶于石油醚等有机溶剂。胡萝卜素可以用来治疗因维生素A 缺乏引起的各种疾病。工业生产上，胡萝卜素的提取有三种方法，一是从植物中提取；二是从大面积养殖的岩藻中获取；三是利用微生物发酵生产。‎ ‎【详解】A、工业生产上，胡萝卜素可从大面积养殖的岩藻中提取，A正确；‎ B、干燥时要注意控制温度，温度太高、干燥时间太长会导致胡萝卜素分解，B正确；‎ C、萃取过程中由于萃取剂是易燃易爆的化学物质，所以要采用水浴加热，C正确；‎ D、提取胡萝卜素时，可采用石油醚等水不溶性溶剂作为提取剂，丙酮属于水溶性溶剂，D错误。‎ 故选D。‎ ‎【点睛】本题主要考查胡萝卜素的提取，意在考查识记能力和理解所学知识要点，能运用所学知识，准确判断问题的能力。‎ ‎40.下列关于利用蒸馏法提取玫瑰精油的叙述，正确的是（　　）‎ A. 蒸馏温度越高，时间越长，蒸馏效果越好 B. 蒸馏装置中冷凝管可将从支口流出的蒸汽冷却为液体 C. 蒸馏之前应用石灰水对实验材料浸泡10 h以上，以提高出油率 D. 在乳浊液分层的时候，为了有利于水和油层的分开，应向乳浊液中加入无水Na2SO4‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 蒸馏法提取植物有效成分的原理是，有些植物有效成分化学性质稳定，挥发性强，不溶于水，能与水蒸气一同蒸馏，被水提携出来，然后冷凝分离油层和水层；该法适用于具有挥发性、能随水蒸气蒸馏而不被破坏、在水中稳定且难溶或不溶于水的物质的提取。‎ ‎【详解】A、蒸馏时温度太高，产品品质会比较差，A错误；‎ B、蒸馏装置中冷凝管的作用是将从支口流出的蒸汽冷却为液体，得到油水混合物，B正确；‎ C、用石灰水对实验材料进行浸泡是压榨法提取植物有效成分的步骤，C错误；‎ D、在蒸馏法提取玫瑰精油时，为有利于水和油层的分开，向乳浊液中加入NaCl，D错误。‎ 故选B。‎ ‎【点睛】本题的知识点是蒸馏法提取植物有效成分的原理和操作方法，旨在考查对于蒸馏法提取植物有效成分的掌握程度和知识再现的能力。‎ 二、填空题 ‎41.红梨醋饮属于绿色健康饮品，其制作流程如图：‎ 请回答：‎ ‎（1）可在酸性条件下用________与发酵产物反应，检测①过程是否成功。‎ ‎（2）在①过程进行旺盛时，②过程往往不能进行，原因是________________________________。‎ ‎（3）对②过程所用的微生物进行分离和纯化时，常用的划线工具是________。在固体培养基上划线4次，至少需要灼烧划线工具________次。‎ ‎【答案】 (1). 重铬酸钾 (2). 酒精发酵旺盛时为无氧环境，而醋酸菌为好氧细菌，无法生存 (3). 接种环（或接种针） (4). 5‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎1、分析题图：图示表示红梨醋饮的制作流程图，其中①表示果酒发酵，②表示果醋发酵。‎ ‎2、发酵产生果酒的微生物为酵母菌，代谢类型为异养兼性厌氧型。参与果醋制作的微生物是醋酸菌，其新陈代谢类型是异养需氧型。果醋制作的原理：当氧气、糖源都充足时，醋酸菌将葡萄汁中的糖分解成醋酸；当缺少糖源时，醋酸菌将乙醇变为乙醛，再将乙醛变为醋酸。‎ ‎【详解】（1）①过程是酒精发酵，酒精可使酸性重铬酸钾变为灰绿色。‎ ‎（2）②过程需要的微生物是醋酸菌，为好氧菌，而①过程为酒精发酵，需维持无氧条件，醋酸菌无法生存。‎ ‎（3）常用接种环对微生物进行划线分离和纯化。在进行平板划线时，初次划线前及每次划线后需对接种环进行灼烧，若划线4次，需灼烧5次。‎ ‎【点睛】本题考查果酒和果醋的制作、微生物分离和培养，要求识记参与果酒和果醋制作的微生物及其新陈代谢类型，掌握果酒和果醋制作的原理；识记接种微生物常用的方法及计数常用的方法，能结合所学的知识准确答题。‎ ‎42.已知一种有机物X（仅含有C、H两种元素）不易降解，会造成环境污染。某小组用三种培养基筛选土壤中能高效降解X的细菌（目标菌）。‎ Ⅰ号培养基：在牛肉膏蛋白胨培养基中加入X（‎5 g/L）。‎ Ⅱ号培养基：氯化钠（‎5 g/L），硝酸铵（‎3g/L），其他无机盐（适量），X（‎15g/L）。‎ Ⅲ号培养基：氯化钠（‎5g/L），硝酸铵（‎3g/L），其他无机盐（适量），X（‎45g/L）。‎ 回答下列问题。‎ ‎（1‎ ‎）在Ⅰ号培养基中，为微生物提供氮源的是________________。Ⅱ、Ⅲ号培养基中为微生物提供碳源的有机物是______________。‎ ‎（2）若将土壤悬浮液接种在Ⅱ号液体培养基中，培养一段时间后，不能降解X的细菌比例会__________，其原因是_____________________________________________________________。‎ ‎（3）Ⅱ号培养基加入琼脂后可以制成固体培养基，若要以该固体培养基培养目标菌并对菌落进行计数，接种时，应采用的方法是________________。‎ ‎【答案】 (1). 牛肉膏蛋白胨 (2). X (3). 下降 (4). 不能降解X的细菌因缺乏碳源不能增殖，而能降解X的细菌能够增殖 (5). 稀释涂布平板法 ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎1、氮源是微生物生长需要的一类营养物质，可为微生物的生长提供氮元素，牛肉膏、蛋白胨来源于动物原料，含有糖、维生素和有机氮等营养物质。‎ ‎2、碳源也是微生物生长所需要的一类营养物质，可为微生物的生长提供碳元素，而有机物均含碳元素。‎ ‎3、微生物的接种方法很多，最常用的有平板划线法和稀释涂布平板法。由于稀释涂布平板时，稀释度足够高的菌液经涂布培养后，在培养基表面形成的一个菌落是由菌液中的一个活菌繁殖而来，所以常用来进行微生物的计数。‎ ‎【详解】（1）Ⅰ号培养基中含有牛肉膏蛋白胨和有机物X等，其中X仅含有C、H两种元素，故为微生物提供氮源的是牛肉膏蛋白胨。Ⅱ、Ⅲ号培养基中除无机盐外，还含有有机物X，故为微生物提供碳源的有机物是X。‎ ‎（2）因Ⅱ号液体培养基中的有机碳源只有X，故培养一段时间后，不能降解X的细菌因缺乏碳源不能增殖，而能降解X的细菌能够增殖，故不能降解X的细菌比例会下降。‎ ‎（3）对微生物分离的方法有平板划线法和稀释涂布平板法，但其中只有稀释涂布平板法能够用来计数。‎ ‎【点睛】本题考查微生物分离和培养，要求识记分离微生物及计数常用的方法，能结合所学的知识准确答题。‎ ‎43.为了进一步增强洗衣粉对血渍、奶渍、油污、土豆泥等衣物上常见污垢的去除能力，洗衣粉中常常会添加各种酶类。请回答有关问题：‎ ‎（1）根据衣物上常见的污垢，加酶洗衣粉中添加的酶类有碱性蛋白酶、________、________、________。‎ ‎（2）碱性蛋白酶能将血渍、奶渍等含有的大分子蛋白质水解成可溶性的_____________。‎ ‎（3）下面为加酶洗衣粉的包装袋上的产品说明，根据你所学习的有关知识，解释注意事项③的原因：___________________________________________。‎ 注意事项：‎ ‎①请将本品置于阴凉、干燥处，避热、避湿、避光。‎ ‎②不慎溅入眼中，立即用水冲洗。‎ ‎③水温以30～‎50℃‎为宜，切忌用‎70℃‎以上的热水。‎ ‎（4）下面是添加脂肪酶的加酶洗衣粉和普通洗衣粉洗涤效果的有关探究实验，请据表回答：‎ 脸盆编号 洗涤物（等量）‎ 洗涤温度 洗衣粉（等量）‎ 水量 洗净所需时间 ‎1‎ 油污布 ‎45 ℃‎ 加酶 ‎2 L ‎4 min ‎2‎ 油污布 ‎45 ℃‎ 普通 ‎2 L ‎7 min ‎3‎ 油污布 ‎5 ℃‎ 加酶 ‎2 L ‎9 min ‎4‎ 油污布 ‎5 ℃‎ 普通 ‎2 L ‎8 min ‎①该实验设计体现了________原则。‎ ‎②若1号实验组，洗净所需时间接近7分钟，请分析最可能的原因：______________。‎ ‎【答案】 (1). （碱性）脂肪酶 (2). 淀粉酶 (3). 纤维素酶 (4). 小分子的肽或氨基酸 (5). 酶的活性受温度的影响，温度过高酶将失活，30～‎50℃‎是洗衣粉中的酶的适宜温度范围 (6). 单一变量、对照 (7). 洗衣粉中的酶变性或失效 ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎1、酶是由活细胞产生的具有催化作用的有机物，绝大多数酶是蛋白质，少数酶是RNA。‎ ‎2、酶的催化作用可发生在细胞内或细胞外。‎ ‎3、酶的特性：高效性、专一性和作用条件温和的特性。‎ ‎4、酶催化反应的原理是降低化学反应的活化能。‎ ‎【详解】（1）根据酶催化作用的专一性特点，血渍、奶渍的主要成分是蛋白质，油污的主要成分为脂肪，土豆泥的主要成分是淀粉和纤维素，因此，洗衣粉中需要加入的酶类有碱性蛋白酶、碱性脂肪酶、淀粉酶、纤维素酶。‎ ‎（2）血渍、奶渍等含有的大分子蛋白质在蛋白酶的作用下水解成多肽(氨基酸)，使衣物清洁。‎ ‎（3）洗衣粉中添加的酶的化学本质是蛋白质，在高温时会变性失活，而且酶的活性受温度影响，30~‎50℃‎是洗衣粉中酶的适宜温度范围。‎ ‎（4）①实验1、2为一组对照，探究加酶洗衣粉的效果；实验1、3为一组对照，探究温度对酶活性的影响，这体现了实验的对照原则和单一变量原则。‎ ‎②若1号和2号两组的洗净所需时间接近，说明1号中的酶没有起到预期的作用，可能原因是酶失活。‎ ‎【点睛】本题通过加酶洗衣粉的洗涤效果实验，考查酶的特性以及探究性实验，要求识记酶的特性，掌握探究实验的原则，能分析表中信息并得出正确的结论。‎ ‎44.工业生产中，提取天然β胡萝卜素的方法之一是利用红酵母等微生物进行发酵，经过菌体裂解、离心后进行萃取。回答以下有关问题：‎ ‎（1）若要初步确定某一菌株是否为红酵母菌株，相对简便的操作是通过平板划线法将菌种接种于固体培养基上，并在适宜的条件下培养一段时间，观察其形成的菌落的________（填两个）等特征。‎ ‎（2）碳源的种类对β胡萝卜素的产量有着一定的影响，有关研究结果如下：‎ 碳源 麦芽糖 蔗糖 淀粉 β胡萝卜素含量（mg/L）‎ ‎3.52‎ ‎4.81‎ ‎1.68‎ 据表分析，最佳碳源是________。若要进一步探究最佳氮源，请简要写出实验设计思路：_______________________。‎ ‎（3）有科研人员尝试利用紫外线处理红酵母，以获得高产菌株。对处理所得菌株分别进行培养并经裂解、离心后，根据β胡萝卜素__________________的特点，可以采用有机溶剂萃取法萃取产物，并对萃取产物通过__________________法进行鉴定，鉴定过程需要用__________________样品进行对比。‎ ‎【答案】 (1). 颜色、大小、形状、隆起程度 (2). 蔗糖 (3). 以蔗糖为碳源，分别用不同氮源进行实验，检测并比较β胡萝卜素的含量 (4). 易溶于有机溶剂 (5). 纸层析 (6). 标准 ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 胡萝卜素是橘黄色的结晶，化学性质比较稳定，不溶于水，微溶于乙醇，易溶于石油醚等有机溶剂。工业生产上，胡萝卜素的提取有三种方法，一是从植物中提取；二是从大面积养殖的岩藻中获取；三是利用微生物发酵生产。‎ ‎【详解】（1）可通过观察菌落的颜色、形态、大小、隆起程度等特征来鉴别菌种。‎ ‎（2）由表中数据可知，以蔗糖为碳源的培养基中β胡萝卜素的含量最高。若要进一步探究最佳氮源，应以蔗糖为碳源，设置不同的氮源为自变量进行实验，检测并比较β胡萝卜素的含量。‎ ‎（3）根据β胡萝卜素易溶于有机溶剂的特点，用有机溶剂进行萃取。利用不同色素在层析液中的溶解度不同，在滤纸条上扩散的速度不同，从而对不同色素进行分离，故萃取产物可用纸层析法进行鉴定。鉴定过程需要与标准样品进行对比确定β胡萝卜素在滤纸条上的位置。‎ ‎【点睛】本题考查了微生物分离与培养以及胡萝卜素的提取等知识，要求掌握微生物分离与纯化的方法，识记菌落的特征，掌握胡萝卜素提取和鉴定的原理和方法。‎