新课标2020高考物理二轮复习专题强化训练13电学实验含解析

新课标2020高考物理二轮复习专题强化训练13电学实验含解析

专题强化训练(十三)‎ 一、实验题(共14个小题，1～10每题6分，共60分，11～14每题10分共40分，满分100分)‎ ‎1．某物理兴趣小组在“测定金属丝电阻率”实验中用游标卡尺测量金属丝的长度L时，如图甲所示L＝________ cm；用螺旋测微器测量金属丝的直径d时，测量结果如图乙所示，则金属丝的直径d＝________ mm.‎ 答案　10.050　0.688‎ 解析　由图示游标卡尺可知，其示数为：100 mm＋0.05×10 mm＝100.50 mm＝10.050 cm；由图示螺旋测微器可知，其示数为：0.5 mm＋18.8×0.01 mm＝0.688 mm.‎ ‎2．(2016·浙江)某同学用伏安法测量导体的电阻，现有量程为3 V、内阻约为3 kΩ的电压表和量程为0.6 A、内阻约为0.1 Ω的电流表．采用分压电路接线，图1是实物的部分连线图，待测电阻为图2中的R1，其阻值约为5 Ω.‎ ‎(1)测R1阻值的最优连接方式为导线①连接________(填a或b)，导线②连接________(填c或d)．‎ ‎(2)正确接线测得实验数据如下表，用作图法求得R1的阻值为________Ω.‎ U/A ‎0.40‎ ‎0.80‎ ‎1.20‎ ‎1.60‎ ‎2.00‎ ‎2.40‎ I/A ‎0.09‎ ‎0.19‎ ‎0.27‎ ‎0.35‎ ‎0.44‎ ‎0.53‎ ‎(3)已知图2中R2与R1是材料相同、厚度相等、表面为正方形的两导体，R2的边长是R1的，若测R2的阻值，则最优的连线应选________．(填选项)‎ 19‎ A．①连接a，②连接c　　　 B．①连接a，②连接d C．①连接b，②连接c D．①连接b，②连接d 答案　(1)a　d　(2)作图如图所示　4.55(4.4～4.7)　(3)B 解析　(1)因电压表的内阻远大于待测电阻的阻值，故采用电流表外接法；滑动变阻器采用分压式接法；故测R1的阻值的最优连接方式为导线①连接a、导线②连接d；(2)作图如答案图；R1＝＝ Ω≈4.55 Ω；(3)根据电阻定律可得：R＝ρ＝，故R2＝R1，要测R2的阻值，与测量R1一样，最优的连线应①连接a，②连接d；故选B项．‎ ‎3．某同学利用DIS、定值电阻R0、电阻箱R1等实验器材测量电池a的电动势和内阻，实验装置如图甲所示，实验时多次改变电阻箱的阻值，记录外电路的总电阻阻值R，用电压传感器测得路端电压U，并在计算机上显示出如图乙所示的－关系图线a，重复上述实验方法测量电池b的电动势和内阻，得到图乙中的图线b.‎ ‎(1)由图线a可知电池a的电动势Ea＝________ V，内阻ra＝________ Ω.‎ ‎(2)用此装置测得的电动势________电动势的真实值(填“大于”“小于”或“等于”)．‎ ‎(3)若用同一个电阻R先后与电池a及电池b连接，则两电池的输出功率Pa________Pb(填“大于”“等于”或“小于”)，两电池的效率ηa________ηb(填“大于”“等于”或“小于”)．‎ 答案　(1)2.0　0.5　(2)小于　(3)小于　大于 19‎ 解析　(1)根据E＝U＋r，得：＝＋·.‎ 图象a中截距c＝0.5＝，‎ 斜率k＝0.25＝，‎ 故电动势Ea＝＝2.0 V，‎ 内电阻ra＝Ea·k＝0.5 Ω.‎ ‎(2)由图甲所示可知，相对于电源来说，当外电路短路时，电流的测量值等于真实值，除此之外，由于电压表的分流作用，电流的测量值小于真实值，所以电源电动势的测量值小于真实值．‎ ‎(3)在伏安特性曲线中，图象的截距为电源电动势的倒数，从图象可知a的截距大于b的截距，故Ea＜Eb.图象的斜率表示，而a的斜率大于b的斜率，而r＝kE，由图可近似得出，b的截距约为0.2，则电动势约为5 V，斜率约为，则内阻约为，故Ea＜Eb，ra＜rb，近似作出伏安特性曲线，电阻的曲线与两电源的交点为电阻的工作点；则由下图可知，图中交点的电压与电流的乘积为电源的输出功率；则电源的输出功率Pa＜Pb；‎ 电池的效率η＝＝，由于a的内阻小于b的内阻，所以电池的效率ηa大于ηb.‎ ‎4．图(a)为某同学组装完成的简易多用电表的电路图．图中E是电池；R1、R2、R3、R4和R5是固定电阻，R6是可变电阻；表头G的满偏电流为250 μA，内阻为480 Ω，其表盘如图(b)所示，最上一行刻度的正中央刻度值为“15”．图(a)中虚线方框内为换挡开关，A端和B端分别与两表笔相连．该多用电表有5个挡位，这5个挡位分别为：直流电压1 V挡和5 V挡，直流电流1 mA挡和2.5 mA挡，欧姆“×100”挡．‎ 19‎ ‎(1)若用欧姆“×100”挡测二极管的反向电阻，则图(a)中的A端应与________(填“红”或“黑”)色表笔相连接后，再将此表笔金属部分与二极管的________(填“正”或“负”)极相接触，测得的示数如图(b)，则读数为________．(保留两位有效数字)‎ ‎(2)某次测量时该多用电表指针位置如图(b)所示．若此时B端是与“1”相连的，则多用电表读数为________．‎ ‎(3)根据题给条件可得E＝________ V，R5＝________ Ω.‎ ‎(4)若该表的欧姆“×100”挡使用一段时间后，电池内阻不能忽略且变大，电动势变小，但将两表笔断开时调节R6，指针仍能满偏．按正确使用方法进行测量，其测量结果与最初时的该表测量结果相比将________．‎ A．偏大 B．偏小 C．不变 D．无法确定 答案　(1)黑　负　6.0×103 Ω ‎(2)0.57 mA　(3)1.5　4 000　(4)A 解析　(1)由图(a)所示电路图可知，A与欧姆表内置电源正极相连，则A端应与黑表笔相连；用欧姆表测二极管反向电阻，应将黑表笔与二极管的负极相连，欧姆表挡位为“×100”挡，由图(b)所示可知，读数为：60×100 Ω＝6 000 Ω＝6.0×103 Ω.‎ ‎(2)B端是与“1”相连，由图(a)所示可知，此时多用电表测电流，量程为2.5 mA，由图(b)所示可知，其分度值为0.05 mA，示数为0.57 mA.‎ ‎(3)表盘正中央刻度为15，欧姆表挡位为“×100”，则欧姆表内阻：R内＝15×100 Ω＝1 500 Ω，电源电动势：E＝IA小R内＝1×10－3×1 500 V＝1.5 V，由欧姆定律可知：R5＝＝ Ω＝4 000 Ω.‎ ‎(4)由题意可知，电源内阻r变大，电动势E变小，电表满偏电流Ig不变，欧姆表进行欧姆调零时，内阻R内＝变小，用欧姆表测电阻时，电流为I＝＝＝，由于R内变小而Ig不变，I偏小，指针位置偏左，所测电阻阻值示数偏大，故A项正确；故选A项．‎ ‎5．某同学做“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验，所用小灯泡标有“2.5 V　0.3 A”字样，并提供有以下器材：‎ A．电压表V(0～1 V，内阻rV＝3 kΩ)‎ B．电流表A(0～50 mA，内阻rA＝9 Ω)‎ C．电阻箱R1(0～999.9 Ω)‎ D．电阻箱R2(0～9 999.9 Ω)‎ 19‎ E．滑动变阻器R3(0～10 Ω)‎ F．滑动变阻器R4(0～2 kΩ)‎ G．直流电源E(电动势12 V，内阻不计)‎ H．开关S及导线若干 ‎(1)为了提高测量的准确度和调节方便：‎ a．对电压表、电流表进行了改装，将电压表的量程扩为3 V，需串联电阻________ Ω；将电流表的量程扩为0.5 A，需并联________ Ω.‎ b．请在虚线框中画出实验电路图，并将选用器材的符号准确标注在电路图中：‎ ‎(2)①如图描绘出了“小灯泡的伏安特性曲线”，下列能正确反映小灯泡的功率随灯泡电压变化的图形是(　　)‎ 19‎ ‎②将电动势E＝3.0 V，内阻r＝1.0 Ω的电源与定值电阻R0＝9.0 Ω和该小灯泡串联，如图所示，则灯泡的实际功率P＝________ W(结果保留一位有效数字)，电源的效率η＝________．‎ 答案　(1)①6 000　1　②如解析图甲所示 ‎(2)①A　②0.2　93.3%‎ 解析　(1)①将电压表(Ug＝1 V，Rg＝3 kΩ)改成量程为U＝3 V的电压表，则需要串联的分压电阻为：R＝＝×3 kΩ＝6 000 Ω.‎ 将电流表A(Ig＝50 mA，内阻rA＝9 Ω)改装成量程为I＝0.5 A的电流表，则需要并联一个分流电阻R＝＝ Ω＝1 Ω.‎ ‎②由于小灯泡是小电阻，电流表采用外接法，为了多测量几组数据，滑动变阻器采用分压接法，设计的电路图如甲图所示．‎ 19‎ ‎(2)①描绘出的小灯泡的伏安特性曲线看出，小灯泡温度越来越高，则电阻越来越大，根据灯泡的功率P＝，若R不变，则P是U的二次函数，但考虑到随着U变大，R也变大的情况，则实际图象只是比稍向下变化一点．故A项符合要求．‎ ‎②若将电动势E＝3.0 V，内阻r＝1.0 Ω的电源与定值电阻R0＝9.0 Ω和该小灯泡串联，则灯泡两端电压U＝E－I(r＋R0)＝3－10I，在灯泡的伏安特性曲线上画直线U＝3－10I，两图象的交点为(1 V，0.2 A)，如图乙所示所以小灯泡的功率为P＝1×0.2 W＝0.2 W，电源的效率η＝＝≈93.3%.‎ ‎6．某同学准备自己动手制作一个欧姆表，可以选择的器材如下：‎ ‎①电池E(电动势和内阻均未知)‎ ‎②表头G(刻度清晰，但刻度值不清晰，量程Ig未知，内阻未知)‎ ‎③电压表V(量程为1.5 V，内阻RV＝1 000 Ω)‎ ‎④滑动变阻器R1(0～10 Ω)‎ ‎⑤电阻箱R2(0～1 000 Ω)‎ ‎⑥开关一个，理想导线若干 ‎(1)为测量表头G的量程，该同学设计了如图甲所示电路．图中电源即电池E闭合开关，调节滑动变阻器R1滑片至中间位置附近某处，并将电阻箱阻值调到40 Ω时，表头恰好满偏，‎ 19‎ 此时电压表V的示数为1.5 V；将电阻箱阻值调到115 Ω，微调滑动变阻器R1滑片位置，使电压表V示数仍为1.5 V，发现此时表头G的指针指在如图乙所示位置，由以上数据可得表头G的内阻Rg＝________ Ω，表头G的量程Ig＝________ mA.‎ ‎(2)该同学接着用上述器材测量该电池E的电动势和内阻，测量电路如图丙所示，电阻箱R2的阻值始终调节为1 000 Ω：图丁为测出多组数据后得到的图线(U为电压表V的示数，I为表头G的示数)，则根据电路图及图线可以得到被测电池的电动势E＝________ V，内阻r＝________ Ω.(结果均保留两位有效数字)‎ ‎(3)该同学用所提供器材中的电池E、表头G及滑动变阻器制作成了一个欧姆表，利用以上(1)、(2)问所测定的数据，可知表头正中央刻度为________ Ω.‎ 答案　(1)10　30　(2)3.0　20　(3)100‎ 解析　(1)由图乙所示表盘可知，表盘有30分度，其示数为：Ig＝Ig，电压表示数为：U＝1.5 V，由欧姆定律可知：U＝I(Rg＋R2)，即：U＝Ig(Rg＋40)，U＝Ig(Rg＋115)，解得：Rg＝10 Ω，Ig＝30 mA.‎ ‎(2)电压表RV的内阻为1 000 Ω，电阻箱R2阻值始终调节为1 000 Ω，电压表与电阻箱串联，它们两端电压相等，电压表示数为U，则路端电压为2U，由图丙所示电路图可知，电源电动势：E＝2U＋Ir，则：U＝－I，由图示U－I图象可知：＝1.5 V，＝＝ Ω＝10 Ω，电源电动势：E＝3.0 V，r＝20 Ω.‎ ‎(3)欧姆表内阻：R内＝＝ Ω＝100 Ω，欧姆表中值电阻等于其内阻，‎ 19‎ 因此表头正中央刻度为：R中＝R内＝100 Ω.‎ ‎7．用如图a所示的电路测量铂热敏电阻的阻值与温度的关系．‎ ‎(1)开关闭合前，滑动变阻器的滑片应移至________端(填“A”或“B”)．‎ ‎(2)实验测得不同温度下的阻值，并绘得如图b的Rt－t关系图线，根据图线写出该热敏电阻的Rt－t关系式：Rt＝________ Ω.‎ ‎(3)铂的电阻对温度变化很灵敏，可以制成电阻温度计．请利用开关、导线、铂热敏电阻、图a中某一电表和图c所示的恒流源(调节旋钮时可以选择不同的输出电流，且输出电流不随外部条件的变化而变化)，设计一个简易电阻温度计并在图d的虚线框内画出电路原理图．‎ ‎(4)结合图b的关系图线，选择恒流源的输出电流为0.15 A，当选用的电表达到满偏时，电阻温度计所测温度为________ ℃.如果要提高该温度计所能测量的最高温度值，请提出一种可行的方法：______________________．‎ 答案　(1)B　(2)50＋t ‎(3)如解析图所示 ‎(4)50　将恒流源的电流调小 解析　(1)开关闭合前，为了保护电路，滑动变阻器的滑片应位于阻值最大处，即滑片应滑到B端；‎ ‎(2)根据图象的直线的特点，可以选设Rt＝kt＋b，再由图象上的两个特殊点求出k和b，当t＝0时，Rt＝50 Ω，从而得到b＝50，而当t＝100 ℃时，Rt＝150 Ω，从而求得k＝1，所以该热敏电阻的Rt－t关系式：Rt＝50＋t.‎ 19‎ ‎(3)由于题目所给的器材是一恒流源，输出的电流恒定，而热敏电阻变化时，其两端的电压要变化，所以从热敏电阻电压的变化就知道电阻，故设计的电路图如右图所示．‎ ‎(4)由于利用电压表的量程为15 V，且使用的是0.15 A的恒流源，则此时热敏电阻的阻值为Rt＝＝100 Ω，再从图a中查出温度t＝50 ℃；由于电压表的量程一定，U＝IR，所以要提高测量R的范围，则要控制恒流变小，或换更大量程的电压表．‎ ‎8．要测量一未知电阻Rx的阻值，实验室提供的器材如下：‎ A．待测电阻Rx B．电源E：电动势约为3 V C．电流表A1：量程为0～5 mA，内阻r1不超过10 Ω D．电流表A2：量程为0～1 mA，内阻r2为50 Ω E．滑动变阻器R：最大阻值为50 Ω F．电阻箱R′：阻值0～9 999.9 Ω G．开关、导线若干 ‎(1)由于没有电压表，甲同学利用电流表A2和电阻箱改装了一个0～3 V的电压表(表盘刻度未改)，则电流表A2应与电阻箱________(填“串联”或“并联”)，电阻箱的阻值应为________ Ω.该同学利用电流表内接法和电流表外接法分别测量Rx两端的电压和通过Rx的电流，读出两表的数据记录如下：‎ 接法 物理量次数 接法一 接法二 ‎1‎ ‎2‎ ‎3‎ ‎1‎ ‎2‎ ‎3‎ A1：I1/mA ‎1.50‎ ‎2.00‎ ‎2.50‎ ‎1.50‎ ‎2.00‎ ‎2.50‎ A2：I2/mA ‎0.50‎ ‎0.67‎ ‎0.84‎ ‎0.43‎ ‎0.57‎ ‎0.71‎ 请你根据测量结果判断接法二是电流表________(填“内”或“外”)接法．‎ 用V表示A2改装后的电压表，在测量Rx的以下实验电路中误差较小的是________．‎ 19‎ ‎(2)为测量电阻Rx，乙同学设计了如图电路，他确定：只要保持滑动变阻器的划片P位置固定，无论怎样调节电阻箱，分压电路的输出电压变化都很小．这是因为待测电阻Rx________滑动变阻器R(填“远大于”“远小于”或“大致等于”)．‎ 他的操作步骤如下：‎ A．将滑动变阻器的滑片P放在最左端，闭合开关S；‎ B．将电阻箱的阻值调节到零，调节滑动变器，使电流表A2的指针达到满偏；‎ C．保持滑动变阻器的滑片不动，调节电阻箱，使电流表的指针达到半偏；‎ D．读出电阻箱的示数，记为R0；‎ E．断开开关，整理器材．‎ 请你根据已知量与测量量，写出待测电阻Rx的表达式________，该测量值与真实值相比________(填“偏大”或“偏小”)．‎ 答案　(1)串联　2 950　外　B ‎(2)远大于　Rx＝R0－r2　偏大 解析　(1)电流表改装为电压表，需串联电阻起分压作用，根据欧姆定律得，电阻箱的电阻R＝ Ω＝2 950 Ω.当电流表外接时，通过电流表A2的电流I2＝，‎ 19‎ 当电流表内接时，I2＝，通过表达式可知，当A1示数相等时，当电流表采用外接法时，通过电流表A2电流较小，所以接法二是电流表的外接法；改装后的电压表内阻为3 000 Ω，电流表A1的内阻小于10 Ω，待测电阻Rx大约为Rx≈ Ω≈1 200 Ω，属于大电阻，所以采用电流表内接法误差较小．‎ 因为滑动变阻器总阻值较小，若采用滑动变阻器限流式接法，电流、电压变化较小，测量误差较大，所以滑动变阻器采用分压式接法．故A、C、D三项错误，B项正确．故选B项．‎ ‎(2)根据串并联规律，当电流表满偏时应有：IA2＝.①‎ 电流表半偏时应有IA2＝.②‎ 联立以上两式解得：Rx＝R0－r2.‎ 由于以上实验是在认为变阻器的输出电压不变的情况下得出的，实际上当电阻箱从零变大后，由电路动态分析可知变阻器的输出电压应变大，所以当电流表半偏时，②式应为IA2＝.③‎ 又U＜U′，比较①③两式可得Rx＋r2＜R0，所以Rx＜R0－r2，即测量值偏大．‎ ‎9．某同学想在实验室测量电压表V1的内阻．‎ ‎(1)他先用多用电表的欧姆挡“×1 k”测量，如图甲所示，该读数为________ Ω；多用表的红表笔与电压表V的________(选填“正”或“负”)的接线柱相连．‎ ‎(2)为了更准确地测量电压表V1的内阻，实验室提供的实验器材如下：‎ A．待测电压表V1(量程为0～3 V)；‎ B．电压表V2(量程为0～9 V，内阻约为9 kΩ)；‎ C．滑动变阻器R1(最大阻值为20 Ω，额定电流为1 A)；‎ 19‎ D．定值电阻R3(阻值为6 kΩ)；‎ E．电源(电动势为9 V，内阻约为1 Ω)；‎ F．开关一个、导线若干．‎ ‎①根据提供的器材，连接图乙中的实物图．‎ ‎②某次实验时电压表V1和电压表V2的读数分别为U1和U2，移动滑动变阻器滑片，多次测量，作出U2－U1图象如图丙所示，已知图象的斜率为k，则内阻RV1的表达式为________(用R3和k表示)．‎ ‎③考虑电压表V2的内电阻，则该方法对实验的测量结果________(选填“有”或“无”)影响．‎ 答案　(1)4 500　负 ‎(2)①电路如解析图所示　②　③无 解析　(1)用多用电表的欧姆挡“×1 k”测量，该读数为4.5×1 kΩ＝4 500 Ω；电流从多用电表的负极流入，则多用表的红表笔与电压表V的负的接线柱相连．‎ ‎(2)①实物连线如图：‎ ‎②由欧姆定律可得：U2＝U1＋R3，‎ 即为：U2＝U1，‎ 则1＋＝k，‎ 解得：RV1＝.‎ ‎③由②中公式可知，电压表V2的内阻对测量结果无影响．‎ ‎10．某同学为精确测量某金属圆柱的电阻，设计了如图甲所示的电路图．现在需要两个量程为200 mA的电流表，但实验室提供的器材中，一个电流表的量程为100 mA，内阻为12 Ω，另外一个电流表的量程为200 mA.‎ 19‎ ‎(1)现将量程为100 mA的电流表扩充为200 mA，则应该________(填“串”或“并”)联一个阻值R′＝________Ω的电阻．‎ ‎(2)图中E为学生电源、G为灵敏电流计、A1代表量程为100 mA量程的电流表A(图中未画出)改装后的电流表、A2为量程为200 mA的电流表、R1为电阻箱、R2与R3均为滑动变阻器、R0为定值电阻、S为开关、Rx为待测金属圆柱，另有导线若干，这些器材全部由实验室提供．具体的实验操作如下：‎ A．按照如图甲所示的电路图连接好实验器材；‎ B．将滑动变组器R2的滑片、滑动变阻器R3的滑片均调至适当位置，闭合开关S；‎ C．调整R3，逐步增大输出电压，并反复调整R1和R2使灵敏电流计G的示数为零，此时量程为100 mA的电流表A的示数为I1，A2的示数为I2，电阻箱的示数为R1；‎ D．实验完毕，整理器材．‎ ‎①实验步骤B中滑动变阻器R3的滑片应调至最________(填“左”或“右”)端；‎ ‎②反复调整R1和R2使灵敏电流计G示数为零的目的是______________________；‎ ‎③某次测量时量程为100 mA的电流表A1的指针位置如图乙所示，则此时通过R2的电流为________ mA.‎ ‎(3)待测金属圆柱Rx的阻值为________(用所测物理量的字母表示)．‎ ‎(4)电流表A1、A2的内阻对测量结果________(填“有”或“无”)影响．‎ 答案　(1)并　12‎ ‎(2)①左　②使R1和Rx两端的电压相等　③160‎ ‎(3)R1　(4)无 解析　(1)要将量程为100 mA，内阻为12 Ω的电流表量程扩大为I＝200 mA，由电流表的改装原理可知，应并联R′＝＝12 Ω的电阻．‎ ‎(2)①闭合开关前，调节滑动变阻器R3的滑片滑至最左端，保护电路中的元件；②调节电流计G的示数为零，目的是使R1和Rx两端的电压相等；③根据电表的改装原理可知，通过电阻R2的电流应该是量程为100 mA的电流表A1的刻度上读数的2倍，即160 mA.‎ ‎(3)根据2I1R1＝I2Rx，得到待测金属圆柱的电阻为：Rx＝R1.‎ 19‎ ‎(4)从表达式可以看出电流表A1、A2的内阻对测量结果没有影响．‎ ‎11．(2019·海南)用实验室提供的器材设计一个测量电流表内阻的电路．实验室提供的器材为：待测电流表A(量程10 mA，内阻约为50 Ω)，滑动变阻器R1，电阻箱R，电源E(电动势约为6 V，内阻可忽略)，开关S1和S2，导线若干．‎ ‎(1)根据实验室提供的器材，在图a所示虚线框内将电路原理图补充完整，要求滑动变阻器起限流作用；‎ ‎(2)将图b中的实物按设计的原理图连线；‎ ‎(3)若实验提供的滑动变阻器有两种规格：‎ ‎①10 Ω，额定电流2 A；‎ ‎②1 500 Ω，额定电流0.5 A.‎ 实验中应该取________(填“①”或“②”)．‎ 答案　(1)电路图如解析图甲所示 ‎(2)实物电路图如解析图乙所示　(3)②‎ 解析　(1)测电流表内阻，由题意可知，实验没有提供电压表，提供了电阻箱与两个开关，本实验应用半偏法测电流表内阻，电流表与电阻箱并联，滑动变阻器采用限流接法，实验电路图如图甲所示：‎ ‎(2)根据实验电路图连接实物电路图，实物电路图如图乙所示：‎ 19‎ ‎(3)电路最小电阻约为：‎ R＝＝ Ω＝600 Ω，‎ 滑动变阻器接入电路的最小阻值约为：600 Ω－50 Ω＝550 Ω，滑动变阻器应选择②.‎ ‎12．小明利用热敏电阻设计了一个“过热自动报警电路”，如图甲所示．将热敏电阻Rt安装在需要探测温度的地方，当环境温度正常时，继电器的上触点接触，下触点分离，指示灯亮；当环境温度超过某一值时，继电器的下触点接触，上触点分离，警铃响．图甲中继电器的供电电压U1＝3 V，继电器线圈用漆包线绕成，其电阻R0为30 Ω.当线圈中的电流大于等于50 mA时，继电器的衔铁将被吸合，警铃响．图乙是热敏电阻的阻值随温度变化的图象．‎ ‎(1)由图乙可知，当环境温度为40 ℃时，热敏电阻阻值为________ Ω.‎ ‎(2)由图乙可知，当环境温度升高时，热敏电阻阻值将________，继电器的磁性将________(均选填“增大”“减小”或“不变”)．‎ ‎(3)图甲中警铃的接线柱C应与接线柱________相连．(均选填“A”或“B”)‎ ‎(4)图甲中线圈下端P的磁极是________极．(选填“N”或“S”)‎ ‎(5)请计算说明，环境温度在________范围内时，警铃报警．‎ 答案　(1)70(酌情给范围)　(2)减小　增大 ‎(3)B　(4)S 19‎ ‎(5)≥80 ℃‎ 解析　(1)由图乙可知，当环境温度为40 ℃时，热敏电阻阻值Rt＝70 Ω.‎ ‎(2)由图乙可知，当环境温度升高时，热敏电阻阻值将减小，通过线圈的电流变大，磁性增大．‎ ‎(3)当过热时，电阻减小，电流增大，吸合后要报警，则警铃的C接线柱要与B相连才发出警报．‎ ‎(4)先弄清绕法，由右手螺旋定则可以判定图甲中线圈下端P的磁极是S极．‎ ‎(5)由题意知：甲中继电器的供电电压U1＝3 V，继电器线圈用漆包线绕成，其电阻R0为30 Ω.当线圈中的电流大于等于50 mA时，继电器的衔铁将被吸合，警铃响．即：I＝≥50×10－3 A，解得Rt≤30 Ω结合图象可以看出t≥80 ℃.‎ ‎13．某同学改装和校准电流表的电路图如图所示，图中虚线框内是电流表的改装电路．‎ ‎(1)已知表头G满偏电流为100 μA，表头G的内阻值为900 Ω，R1、R2和R0是定值电阻．若开关S2掷于b接线柱，电流表的量程为1 mA；若开关S2掷于c接线柱，电流表的量程为10 mA.则根据题给条件，定值电阻的阻值应选R1＝________ Ω，R2＝________ Ω.‎ ‎(2)用量程为1 mA，内阻为800 Ω的标准电流表对改装表1 mA挡的不同刻度进行校准．所用电池的电动势为E，定值电阻R0有两种规格，阻值分别为2 kΩ和3 kΩ.为了方便实验中调节电流，图中R0应选用阻值为________ kΩ的定值电阻；‎ ‎(3)若由于表头G上标记的内阻值不准，造成改装后电流表的读数比标准电流表的读数偏小，则表头G内阻的真实值________(填“大于”或“小于”)900 Ω.‎ 答案　(1)10　90　(2)2　(3)大于 解析　(1)开关S2掷于b接线柱，电流表的量程为1 mA；若开关S2掷于c接线柱，电流表的量程为10 mA，‎ 由图示电路图可知：Ig＋＝0.001 A，‎ Ig＋＝0.010 A，‎ 19‎ 代入数据解得：R1＝10 Ω，R2＝90 Ω.‎ ‎(2)为方便实验操作，R0应选用阻值为2 kΩ的定值电阻．‎ ‎(3)改装后的电流表读数偏小，说明分流电阻分流偏大，并联电阻阻值偏小，改装电流表并联电阻阻值为：R＝，则电流表Rg偏小，即表头G内阻的真实值大于900 Ω.‎ ‎14．某同学要测定一节干电池的电动势和内阻，现有下列器材可供选用：‎ A．电压表(0～3 V，内阻约5 kΩ)‎ B．电流表(0～100 mA，内阻1 Ω)‎ C．定值电阻R1(阻值0.2 Ω)‎ D．滑动变阻器R2(阻值0～15 Ω)‎ E．滑动变阻器R3(阻值0～1 000 Ω)‎ F．开关、导线若干 操作步骤如下：‎ ‎(1)由于所给电流表量程过小，该同学把定值电阻R1与电流表并联(如图甲所示)就得到一量程为0～________A的新电流表；为了得到合理的实验结果，滑动变阻器应选________．(填“D”或“E”)‎ ‎(2)请用笔画线代替导线在图甲中完成实物连接图，要求滑动变阻器的滑片自左向右滑动时电流表示数变小．‎ ‎(3)用图示实验电路实验，并把电压表与对应电流表(改装后)的结果记录在图乙所示的图中，由图乙可知电池的电动势为________V，内阻为________Ω.‎ 答案　(1)0.6　D　(2)如解析图所示　(3)1.5　1.0‎ 解析　(1)电流表(0～100 mA，内阻1 Ω)与定值电阻R1并联后，电流I＝0.1 A＋ A＝0.6 A，故量程为0.6 A；因内阻较小，所以为了便于调节，滑动变阻器应选择总电阻较小的D.‎ ‎(2)本实验需要测量路端电压和流过电源的电流，所以直接将滑动变阻器与电流表和电源串联即可，实物图如图所示．‎ 19‎ ‎(3)根据闭合电路欧姆定律可得，U＝E－Ir，图象与纵轴的交点表示电动势，故E＝1.5 V，图象的斜率表示内阻，故r＝ Ω＝1.0 Ω.‎ 19‎