2016年重庆市中考物理试题（A卷解析版）

2016年重庆市中考物理试题（A卷解析版）

‎2016年重庆市中考物理试题（A卷，word解析版）‎ 一、选择题（本题共8小题，每小题3分，共24分） ‎ ‎1．如图所示的热现象通过凝华形成的是（　　） ‎ A．厨房蒸笼旁的“白汽” B．冬天清晨树叶上的“霜” ‎ C．夏天清晨小草上的“露珠” D．蜡烛燃烧流出的“烛泪” ‎ ‎【分析】物质由固态变成液态的过程叫熔化，由液态变成固态的过程叫凝固；物质由液态变成气态的过程叫汽化，由气态变成液态的过程叫液化；物质由固态直接变成气态的过程叫升华，由气态直接变成固态的过程叫凝华． ‎ ‎【解答】解： ‎ A、厨房蒸笼旁的“白汽”，是蒸笼内冒出的温度较高的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，属于液化现象，故A不符合题意； ‎ B、冬天清晨树叶上的“霜”，是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小冰晶，属于凝华现象，故B符合题意； ‎ C、夏天清晨小草上的“露珠”，是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小水滴，属于液化现象，故C不符合题意； ‎ D、蜡烛燃烧流出的“烛泪”，蜡烛由固态变成液态，属于熔化现象，故D不符合题意． ‎ 故选B． ‎ ‎【点评】此题考查的是我们对于生活中物态变化的分析能力，物态变化是中考必考的一个知识点． ‎ ‎　 ‎ ‎2．对生活中物理量的认识，下列数据最接近实际的是（　　） ‎ A．教室里课桌的高度约为75dm ‎ B．一节新干电池的电压约为36V ‎ C．九年级学生100m短跑的成绩约为8s ‎ D．在我们就读的学校，水沸腾时的温度约为98℃ ‎ ‎【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个． ‎ ‎【解答】解： ‎ A、中学生的身高在160cm左右，课桌的高度大约是中学生身高的一半，在80cm=8dm左右．此选项不符合实际； ‎ B、一节干电池两端电压为1.5V．此选项符合实际； ‎ C、九年级学生100m短跑的成绩约为13s左右．此选项不符合实际； ‎ D、液体的沸点与气压有关，如果气压低于一个标准大气压，水可以在98℃时沸腾，此选项符合实际． ‎ 故选D． ‎ ‎【点评】物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义． ‎ ‎　 ‎ ‎3．如图所示的光现象中，主要是由于光的反射形成的是（　　） ‎ A．路灯下的“人影” B．海面上的“海市蜃楼” ‎ C．菜园坝大桥的“倒影” D．看见溪水下的“石头” ‎ ‎【分析】①光的折射是指光线从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向发生改变的现象，比如透镜成像、水变浅了、水中的筷子折断了等； ‎ ‎②光的反射是指光线在传播的过程中遇到障碍物被反射出去的现象，比如平面镜成像； ‎ ‎③要掌握光沿直线传播现象，知道影子的形成、日月食的形成、小孔成像都是光沿直线传播形成的． ‎ ‎【解答】解：A．路灯下的“人影”是光沿直线传播形成的现象，故A不符合题意； ‎ B．海面上的“海市蜃楼”是光在不均匀的介质中传播时发生折射形成的，故B不符合题意； ‎ C．菜园坝大桥的“倒影”属于平面镜成像，平面镜成像是由于光的反射形成的，故C符合题意； ‎ D．看见溪水下的“石头”是由于从池底发出的光由水中射入空气中时，发生折射，折射角大于入射角而造成的，故D不符合题意． ‎ 故选C． ‎ ‎【点评】本题主要通过各种事例考查了学生对光的反射、光的直线传播、光的折射的理解．要注意这几种现象的本质，在日常生活中学习用所学知识解释有关现象． ‎ ‎　 ‎ ‎4．如图所示，小杜同学用与丝绸摩擦过的玻璃棒接触验电器的金属球，看到验电器的金属箔张开，在这个过程中（　　） ‎ A．玻璃棒和验电器都带负电荷 B．玻璃棒带正电荷，验电器带负电荷 ‎ C．用丝绸摩擦过的玻璃棒产生了电荷 D．金属箔张开是因为同种电荷相排斥 ‎ ‎【分析】（1）人们规定，用丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，毛皮摩擦过的橡胶棒带负电； ‎ ‎（2）电荷规律：同种电荷相排斥，异种电荷相吸引． ‎ ‎【解答】解： ‎ 用丝绸摩擦过的玻璃棒带正电． ‎ AB、玻璃棒带正电，当其与验电器接触时，验电器也带正电，故AB错误； ‎ C、摩擦起电是电荷的转移，不是创造了电荷，故用丝绸摩擦过的玻璃棒显正电性，是由于一部分电子转移到丝绸上的缘故，故C错误； ‎ D、据验电器的原理可知，金属箔张开是因为同种电荷相排斥，故D正确； ‎ 故选D． ‎ ‎【点评】本题考查了两种电荷及电荷间的作用规律，属于基本内容，比较简单． ‎ ‎　 ‎ ‎5．中国已成为机器人与智能装备产业全球最大应用市场，在第二届中国（重庆）国际机器人及智能制造装备论坛暨博览会上，如图所示是送餐机器人工作时在水平地面上匀速前行．下列说法正确的是（　　） ‎ ‎ ‎ A．餐盘相对于机器人是运动的 ‎ B．餐盘中食品受到平衡力作用 ‎ C．机器人在水平地面匀速前行过程中机械能增大 ‎ D．机器人在水平地面匀速前行时不受摩擦力的作用 ‎ ‎【分析】（1）世界上的一切物体都是运动的，绝对静止的物体是不存在的，我们所说的静止是相对的，是相对于参照物而言的； ‎ ‎（2）物体处于平衡状态时，所受的力是平衡力； ‎ ‎（3）动能的大小与物体的质量、速度有关；重力势能的大小与物体的质量、高度有关，动能和势能统称为机械能； ‎ ‎（4）摩擦力的产生条件是：两个物体相互接触，有一个相对运动的趋势； ‎ ‎【解答】解：A、餐盘相对于机器人来说，其相对位置没有改变，所以处于相对静止状态，故A错误； ‎ B、由于餐盘处于匀速直线的运动状态，所以是平衡状态，即所受的力是平衡力，故B正确； ‎ C、机器人在水平地面匀速前行过程中质量不变，速度不变，动能不变，高度不变，重力势能也不变，所以机械能不变，故C错误； ‎ D、送餐机器人工作时在水平地面上匀速前行，与地面接触，且有一个运动的趋势，所以会受到摩擦力，故D错误； ‎ 故选B． ‎ ‎【点评】此题考查了运动和静止相对性的判断、平衡状态的理解、机械能的影响因素和物体受摩擦力的条件，是一道综合题． ‎ ‎　 ‎ ‎6．如图所示的物理现象涉及的物理知识正确的是（　　） ‎ ‎ ‎ A．电风扇工作时主要将电能转化为机械能 ‎ B．家庭电路中的电能表是测量电流做功快慢的 ‎ C．法拉第根据图示电磁感应的原理制成了电动机 ‎ D．测电笔按图示的方法使用可以辨别家庭电路中的火线与零线 ‎ ‎【分析】（1）用电器工作的实质是将电能转化为其它形式的能； ‎ ‎（2）电能表是测量电能的仪表； ‎ ‎（3）发电机的原理是电磁感应； ‎ ‎（4）测电笔的正确使用方法：手接触笔尾金属体，笔尖接触导线，氖管发光，导线是火线；氖管不发光的是零线． ‎ ‎【解答】解：A、电风扇工作时，消耗了电能，得到了机械能，因此将电能转化为了机械能；故A正确； ‎ B、电能表是测量家庭电路消耗电能多少的仪表；故B错误； ‎ C、法拉第根据图示电磁感应的原理制成了发电机；故C错误； ‎ D、使用测电笔时，手必须接触笔尾金属体，笔尖接触导线，氖管发光，导线是火线；氖管不发光的是零线，故D错误． ‎ 故选A． ‎ ‎【点评】本题综合考查了用电器工作的实质、电能表的作用、发电机的原理以及测电笔的使用方法等，属于基础知识考查范围． ‎ ‎　 ‎ ‎7．如图所示电路，电源电压恒为6V，定值电阻R1为10Ω，滑动变阻器R2的规格为“20Ω 0.5A”，电压表量程为0～3V，电流表量程为0～0.6A．则（　　） ‎ ‎ ‎ A．电压表测量的是电阻R1两端的电压 ‎ B．当变阻器R2的滑片P向左移动时，电压表的示数变小 ‎ C．为了保证电路中各元件安全工作，变阻器R2接入电路的阻值范围是2﹣10Ω ‎ D．当变阻器R2接入电路中的阻值是8Ω时，通电1min电阻R1产生的热量是53.3J ‎ ‎【分析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流． ‎ ‎（1）根据滑片移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R1两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知R2两端的电压变化； ‎ ‎（2）比较滑动变阻器允许通过的最大电流和电流表的量程确定电路中的最大电流，此时变阻器接入电路中的电阻最小，根据欧姆定律求出电路中的总电阻，利用电阻的串联求出变阻器接入电路中的最小值；当电压表的示数最大时变阻器接入电路中的电阻最大，根据串联电路的电压特点求出R1两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律得出等式求出变阻器接入电路中的最大阻值，然后得出变阻器R2接入电路的阻值范围； ‎ ‎（3）根据电阻的串联和欧姆定律求出当变阻器R2接入电路中的阻值是8Ω时电路中的电流，根据Q=I2Rt求出通电1min电阻R1产生的热量． ‎ ‎【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电流表测电路中的电流，电压表并联在R2两端测R2两端的电压，故A错误； ‎ ‎（1）当变阻器R2的滑片P向左移动时，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大， ‎ 由I=可知，电路中的电流变小， ‎ 由U=IR可知，R1两端的电压变小， ‎ 因串联电路中总电压等于各分电压之和， ‎ 所以，R2两端的电压变大，即电压表的示数变大，故B错误； ‎ ‎（2）因串联电路中各处的电流相等，且滑动变阻器允许通过的最大电流0.5A，电流表量程为0～0.6A， ‎ 所以，电路中的最大电流I大=0.5A，此时变阻器接入电路中的电阻最小， ‎ 此时电路中的总电阻： ‎ R===12Ω， ‎ 因串联电路中总电阻等于各分电阻之和， ‎ 所以，变阻器接入电路中的最小值： ‎ R2小=R﹣R1=12Ω﹣10Ω=2Ω， ‎ 当电压表的示数U2大=3V时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大， ‎ R1两端的电压： ‎ U1=U﹣U2大=6V﹣3V=3V， ‎ 电路中的电流： ‎ I小==，即=， ‎ 解得：R2大=10Ω， ‎ 变阻器R2接入电路的阻值范围是2Ω～10Ω，故C正确； ‎ ‎（3）当变阻器R2接入电路中的阻值是8Ω时，电路中的电流： ‎ I===A， ‎ 通电1min电阻R1产生的热量： ‎ Q1=I2R1t=（A）2×10Ω×60s≈66.7J，故D错误． ‎ 故选C． ‎ ‎【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用以及电路的动态分析，会确定变阻器接入电路中的最大和最小阻值是关键． ‎ ‎　 ‎ ‎8．水平地面上有底面积为300cm2、不计质量的薄壁盛水柱形容器A，内有质量为400g、边长为10cm、质量分布均匀的正方体物块B，通过一根长10cm的细线与容器底部相连，此时水面距容器底30cm（如图），计算可得出（　　） ‎ ‎ ‎ A．绳子受到的拉力为14N ‎ B．容器对水平地面的压力是90N ‎ C．剪断绳子，待物块静止后水对容器底的压强变化了200pa ‎ D．剪断绳子，待物块静止后水平地面受到的压强变化了200Pa ‎ ‎【分析】（1）物体在水中受到三个力的作用：重力、浮力和绳子的拉力．利用G=mg求出木块的重力，木块浸没在水中，求出木块的体积，即排开水的体积，利用F浮=ρ水gV排计算木块受到的浮力；已知物重和浮力，两者之差就是绳子的拉力； ‎ ‎（2）容器对水平地面的压力等于容器、水、木块的重力之和； ‎ ‎（3）根据漂浮时浮力与重力的关系得出木块受到的浮力；根据根据F浮=ρ液gV排得出木块排开水的体积，根据V排的变化得出水深度的变化，从而可得压强的变化． ‎ ‎（4）绳子断和断之前，容器对桌面的压力不变等于容器重、水重和木块重之和，再利用压强公式分析对地面的压强． ‎ ‎【解答】解：A、木块的重力：G=mBg=0.4kg×10N/kg=4N， ‎ 木块浸没在水中，则V排=V木=（10cm）3=1000cm3=1×10﹣3m3， ‎ 物体浸没时受到的浮力为：F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×1×10﹣3m3=10N， ‎ 绳子的拉力为：F=F浮﹣G=10N﹣4N=6N；故A错误； ‎ B、容器内水的体积V=Sh=300cm2×30cm=9000cm3=9×10﹣3m3， ‎ 由ρ=可得，水的质量m水=ρV=1.0×103kg/m3×9×10﹣3m3=9kg， ‎ 因不计质量的薄壁盛水柱形容器， ‎ 则容器对水平地面的压力F=G总=（m水+mB）g=（0.4kg+9kg）×10N/kg=94N，故B错误； ‎ C、木块漂浮，F浮′=G=4N； ‎ 由F浮=ρ液gV排得，木块漂浮时排开水的体积：V排′===4×10﹣4m3； ‎ 所以液面下降的深度为：△h===0.02m； ‎ 则△p=ρ水g△h=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.02m=200Pa．故C正确； ‎ D、绳子断和断之前，容器对桌面的压力不变，受力面积不变，故剪断绳子，待物块静止后水平地面受到的压强没有变化，故D错误； ‎ 故选C． ‎ ‎【点评】本题考查液体压强的计算，浮力的计算，物体的沉浮条件的应用．注意固体压强的计算要利用公式p=，木块在水中的浮力要利用浮力的公式来计算，木块漂浮时的浮力要利用漂浮的条件来求，因此，解题时选对方法才能起到事半功倍的效果． ‎ ‎　 ‎ 二、填空作图题（本题共7小题，第14小题每图1分，其余没空1分，共12分） ‎ ‎9．如图甲所示的装置测出凸透镜的焦距为　10　cm，用该透镜“探究凸透镜成像规律”，当蜡烛、透镜位置如图乙时，移动光屏可成清晰的倒立、　放大　的实像． ‎ ‎【分析】（1）根据凸透镜对光线的折射作用知：平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点，然后可知其焦距； ‎ ‎（2）根据图中表示的焦距与物距，利用凸透镜成像的规律可以确定成像的性质． ‎ ‎【解答】解：（1）平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将汇聚于一点，这一点即为此透镜的焦点，从焦点到透镜中心的距离即为焦距，则透镜的焦距为20cm﹣10cm=10cm； ‎ ‎（2）图乙中，物距u=15cm，2f＞u＞f，由凸透镜成像规律可知，图乙中烛焰成的是倒立放大的实像． ‎ 故答案为：10；放大． ‎ ‎【点评】本题主要考查了测量焦距的方法和凸透镜的成像规律，比较简单，属于基础知识． ‎ ‎　 ‎ ‎10．将一瓶容量为550mL的矿泉水放入冰箱一段时间后，水温从30℃降低到10℃，这是用　热传递　方式改变了矿泉水的内能；在这个过程中水放出的热量为　1.68×105　J．[c水=4.2×103J/（kg℃）]． ‎ ‎【分析】（1）改变内能的方法：一是做功，二是热传递，水放出热量、内能减少、温度降低，是通过热传递的方法减小水的内能； ‎ ‎（2）知道水的质量、水的比热容、水的温度降低值，利用放热公式求水放出的热量． ‎ ‎【解答】解： ‎ 水放出热量、内能减少，是通过热传递的方法减小水的内能； ‎ 水放出的热量：Q放=cm△t=4.2×103J/（kg℃）×2kg×（30℃﹣10℃）=1.68×105J． ‎ 故答案为：热传递；1.68×105． ‎ ‎【点评】本题考查了热量的计算、内能的改变方法，计算时注意温度降低了（△t）与降低到（末温）的区别，属于基础题目． ‎ ‎　 ‎ ‎11．某建筑工地用图所示的滑轮组提升重物，人对绳的拉力F为400N，能将75kg的物体以0.1m/s的速度匀速提升，则拉力F的功率为　120　W，此时滑轮组的机械效率为　62.5　%（不计绳重和摩擦）． ‎ ‎ ‎ ‎【分析】（1）由图可知滑轮组绳子的有效股数，根据v绳=nv物求出绳端移动的速度，又知道人对绳的拉力，根据P===Fv求出拉力F的功率； ‎ ‎（2）根据η=×100%=×100%=×100%=×100%求出此时滑轮组的机械效率． ‎ ‎【解答】解：（1）由图可知，n=3，则绳端移动的速度： ‎ v绳=nv物=3×0.1m/s=0.3m/s， ‎ 拉力F的功率： ‎ P===Fv绳=400N×0.3m/s=120W； ‎ ‎（2）此时滑轮组的机械效率： ‎ η=×100%=×100%=×100%=×100%=×100%=62.5%． ‎ 故答案为：120；62.5． ‎ ‎【点评】本题考查了功率和滑轮组机械效率的计算，利用好公式P=Fv和η=×100%是关键． ‎ ‎　 ‎ ‎12．如图所示的电路中，电源电压、灯丝电阻都保持不变，灯L标有“6V 3W”字样，灯泡的电阻是　12　Ω；当开关S闭合，滑动变阻器的滑片P在a、b两点间移动时，电压表示数的变化范围是5～8V，且滑片P位于b点时灯L的功率是滑片位于a点时灯L功率的16倍，电源电压是　9　V． ‎ ‎ ‎ ‎【分析】由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压． ‎ ‎（1）知道灯泡的额定电压和额定功率，根据P=求出灯泡的电阻； ‎ ‎（2）滑片P位于b点时灯L的功率是滑片位于a点时灯L功率的16倍，根据P=I2R表示出灯泡的电功率即可求出两种情况下电路中的电流之比，根据串联电路的分压特点判断出两种情况下对应的电压表示数，根据欧姆定律表示出电压表示数之比即可求出滑动变阻器接入电路中阻值的关系，根据电压一定时电流与电阻成反比求出滑片位于b点时的阻值，再根据串联电路的特点和欧姆定律表示出电源的电压与滑片位于b点时两端电压的比值，然后求出电源的电压． ‎ ‎【解答】解：由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压． ‎ ‎（1）由P=可得，灯泡的电阻： ‎ RL===12Ω； ‎ ‎（2）因滑片P位于b点时灯L的功率是滑片位于a点时灯L功率的16倍， ‎ 所以，由P=I2R可得： ‎ ‎===， ‎ 解得： =， ‎ 由串联电路的分压特点可知，当滑片位于a点时Ua=8V，当滑片位于b点时Ub=5V， ‎ 由I=可得： ‎ ‎==×=×=， ‎ 解得：Ra=6.4Rb， ‎ 因电压一定时，电流与电阻成反比， ‎ 所以， ===， ‎ 解得：Rb=15Ω， ‎ 电源的电压与滑片位于b点时两端电压的比值： ‎ ‎====， ‎ 则电源的电压： ‎ U=Ub=×5V=9V． ‎ 故答案为：12；9． ‎ ‎【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，利用比值法解答问题时要注意各量之间的关系，不要颠倒． ‎ ‎　 ‎ ‎13．如图所示，2016年4月12日，长安睿骋自动驾驶汽车从重庆出发行程近2000km，途径狭窄车道、陡坡急弯、车流人流、雨雾天气等考验顺利到达北京．这款汽车具备全速自适应巡航、交通拥堵辅助、自动紧急刹车、车道对中、自动换道、主动限速及语音助手七大核心功能，不仅可以通过前视摄像头、前视雷达、高精地图等实现停走型自适应巡航，还可以实现超车换道．它代表了我国自主品牌汽车在无人驾驶研发领域的最新进展． ‎ 请找出一个与以上情景有关的物理信息，并指出对应的物理知识，不得与示例重复． ‎ 示例： ‎ 物理信息：汽车通过前视雷达实现巡航； ‎ 物理知识：电磁波传递信息． ‎ 作答：物理信息：　汽车具有语音助手功能　； ‎ ‎ 物理知识：　声音可以传递信息　． ‎ ‎ ‎ ‎【分析】（1）认真阅读题目所给材料，从中捕捉到与物理现象有关的物理信息； ‎ ‎（2）可以从雨雾天气、前视摄像头、语音助手、自动紧急刹车等方面分析回答问题． ‎ ‎【解答】解： ‎ ‎①物理信息：汽车通过前视摄像头实现停走型自适应巡航； ‎ 物理知识：u大于2f时，透镜成倒立缩小的实像． ‎ ‎②物理信息：汽车具有自动紧急刹车功能； ‎ 物理知识：力可以改变物体的运动状态． ‎ ‎③物理信息：汽车克服雨雾天气的考验顺利到达北京； ‎ 物理知识：雾是由空气中的水蒸气遇冷液化形成的． ‎ ‎④物理信息：汽车具有语音助手功能； ‎ 物理知识：声音可以传递信息． ‎ 故答案为：汽车具有语音助手功能；声音可以传递信息． ‎ ‎【点评】观察和思考是科学发现的基础，也学习物理应该具备的基本能力，本题主要是考查学生的这种能力．此题是一道材料阅读题，关键是仔细阅读材料，从中找出相关的物理知识并解答． ‎ ‎　 ‎ ‎14．请在图中的A点用箭头画出条形磁体外部磁感线的方向． ‎ ‎ ‎ ‎【分析】在磁体的周围磁感线是从磁体的N极出发回到S极．可以根据图示的磁体的NS极，确定磁感线的方向． ‎ ‎【解答】解：左端为磁体的N极，右端为磁体的S极，在磁体外部磁感线的方向由N极发出回到S极，如下图所示： ‎ ‎ ‎ ‎【点评】根据磁体的N、S极可以确定磁感线的方向，反过来也可以利用磁感线的方向来确定磁体的N、S极． ‎ ‎　 ‎ ‎15．如图甲所示是生活中常见的壁灯，图乙是根据壁灯建立的杠杆模型，请在图乙中画出并标明电灯受到重力的力臂l． ‎ ‎ ‎ ‎【分析】根据力臂的正确画法作图，即过支点作重力作用线的垂线段． ‎ ‎【解答】解：过支点O作重力作用线的垂线段，即力臂L，如图所示： ‎ ‎ ‎ ‎【点评】画杠杆的力臂一是要找准支点，二是要准确画出力的作用线，然后才是从支点作力的作用线的垂线，最后还应该用字母将其标出来． ‎ ‎　 ‎ 三、实验探究题（本题共3小题，第15小题5分，第16小题8分，第17小题9分，共22分） ‎ ‎16．完成下列两个小题： ‎ ‎ ‎ ‎（1）在“探究平面镜成像”的实验中，如果将蜡烛靠近平板玻璃，像的大小将　不变　（选填“变大”、“变小”或“不变”）；在实验中如果把平板玻璃向右倾斜（如图丙），观察到蜡烛的像的大致位置在图中的　A　处（选填“A”或“B”）． ‎ ‎（2）小杜同学在做“观察水的沸腾”实验中，选用了实验室里常用的温度计，它是根据液体　热胀冷缩　的原理制成的．图甲所示是某时刻温度计的示数为　78　℃；继续加热，当水温上升到80℃时，每隔1min记录一次温度计的示数，直到水沸腾4min后停止读数，根据记录的数据画出了图乙示数的“温度﹣时间”图象，根据图象可知此次实验中水的沸点是　96　℃． ‎ ‎【分析】（1）根据平面镜成像特点分析解答：像与物到平面镜的距离相等、连线与镜面垂直、大小相等、虚像、左右相反，及像与物关于平面镜对称； ‎ ‎（2）①根据温度计的制作原理和温度计的读数方法（温度计读数时要看清其量程和分度值，根据液柱上面对应的刻度读数，读数时视线要与液柱上表面相平，并注意分清零上还是零下．）来作答． ‎ ‎②水沸腾时的特点：不断吸热，但温度保持不变． ‎ ‎【解答】解：（1）根据根据平面镜中成像特点：物像大小相等可知，在“探究平面镜成像”的实验中，如果将蜡烛靠近平板玻璃，像的大小将不变． ‎ 如图，作出蜡烛火焰关于平面镜的对称点，可知在实验中如果把平板玻璃向右倾斜（如图丙），观察到蜡烛的像的大致位置在图中的A处； ‎ ‎（2）①实验室里常用的温度计是利用液体的热胀冷缩性质制成的；由图知：此温度计的分度值为2℃，温度从下向上增大，所以物体温度为零上，是78℃． ‎ ‎②从图象可以看出水在沸腾过程中保持96℃不变，所以沸点为96℃． ‎ 故答案为：（1）不变；A；（2）热胀冷缩性；78；96． ‎ ‎ ‎ ‎【点评】此题考查平面镜成像特点、温度计的使用与读数、水的沸腾实验，是一道综合性题目，但难度不大，属于基础题． ‎ ‎　 ‎ ‎17．小杜同学在长江边捡到了一块漂亮的鹅卵石，他用天平和量筒测量鹅卵石的密度． ‎ ‎（1）他设计了下列实验步骤： ‎ ‎①用调节好的天平测出鹅卵石的质量m； ‎ ‎②向量筒中倒进适量的水，读出水的体积V1； ‎ ‎③根据密度的公式，算出鹅卵石的密度ρ； ‎ ‎④将鹅卵石浸没在量筒内的水中，读出鹅卵石和水的总体积V2． ‎ 他应采用正确的实验步骤顺序为　A　（选填下列选项前的字母）． ‎ A、①②④③B、①②③④C、②③④①D、②③①④ ‎ ‎ ‎ ‎（2）如图甲所示，小杜在调节天平横梁平衡过程中的操作错误是　测量过程中调节平衡螺母　． ‎ ‎（3）小杜纠正错误后，重新调节天平平衡并测量鹅卵石的质量，当天平平衡时右盘砝码和游码如图乙所示，鹅卵石的质量为　27　g；由图丙和丁可知鹅卵石的体积是　10　cm3，计算出鹅卵石的密度为　2.7　g/cm3． ‎ ‎（4）若鹅卵石磨损后，它的密度将　不变　（选填“变大”、“变小”或“不变”）． ‎ ‎（5）用量筒测量水的体积，读数时视线应与液体凹面的底部　相平　，若小杜在图丙中读数正确，在图丁中读数时视线仰视，所测得鹅卵石的密度将　偏大　（选填“偏大”、“偏小”或“不变”）． ‎ ‎【分析】（1）用天平测量固体密度（大于水的密度）的步骤： ‎ 天平放在水平面上，游码归零，调节天平的横梁平衡； ‎ 用天平测量固体的质量； ‎ 量筒中倒入适量的水，测量水的体积； ‎ 把固体浸没在水中，测量水和固体的总体积； ‎ 根据密度公式，计算固体的密度． ‎ ‎（2）在称量物体的质量之前，要调节天平的平衡螺母使横梁平衡，平衡螺母向上翘的一端移动． ‎ 在称量物体的过程中，要增减砝码或移动游码来使天平的横梁平衡． ‎ ‎（3）鹅卵石的质量由砝码的质量和游码所对的刻度值之各读出． ‎ 鹅卵石的体积由量筒中水的体积和放入鹅卵石后的总体积算出，最后算鹅卵石的密度． ‎ ‎（4）密度是物质本身的一种特性，与质量和体积无关； ‎ ‎（5）用量筒量取液体时，量筒要放平，读数时视线应与凹液面的最低处相平；如果仰视液面，读数比实际偏小，若俯视液面，读数比实际偏大；据此结合密度公式进行分析解答． ‎ ‎【解答】解：（1）经分析得，测量鹅卵石的密度的步骤为： ‎ ‎①用调节好的天平测出矿石的质量m； ‎ ‎②向量筒中倒进适量的水，测出这些水的体积V1； ‎ ‎④将鹅卵石浸没在置筒内的水中，测出鹅卵石和水的总体积V2． ‎ ‎③根据密度的公式，求出鹅卵石的密度ρ； ‎ 故选A； ‎ ‎（2）称量物体质量时，若天平横梁不平衡，要增减砝码或移动游码来使天平的横梁平衡，不能调节平衡螺母． ‎ ‎（3）由图知，标尺的分度值为0.2g，砝码的质量为20g、5h，游砝所对的刻度值为2g，则鹅卵石的质量m=20g+5g+2g=27g． ‎ 量筒中水的体积为10cm3，放入鹅卵石后的总体积为20cm3，则石子的体积V=20cm3﹣10cm3=10cm3． ‎ 则鹅卵石的密度：ρ===2.7g/cm3=2.7×103kg/m3； ‎ ‎（4）密度是物质本身的一种特性，与质量和体积无关．该鹅卵石磨损后，它的密度将不变； ‎ ‎（5）量筒读数，视线与液面底部相平，若仰视读数，读数比实际偏小；根据ρ=可知，m不变．V偏小，则所测得鹅卵石的密度将偏大． ‎ 故答案为：（1）A；（2）测量过程中调节平衡螺母；（3）27；10；2.7；（4）不变；（5）偏大． ‎ ‎【点评】本题考查了天平的调节、量筒读数、天平的读数、固体密度的测量方法等，掌握原理，学习中学会以不变应万变． ‎ ‎　 ‎ ‎18．同学们在“探究小灯泡的亮度与功率的关系”实验中，所用电源电压为6V，灯泡的额定电压U0=3.8V，额定功率在1﹣1.5W的范围内． ‎ ‎（1）按图甲所示的电路图，请你用笔画线代替导线将图乙的电路补充完整． ‎ ‎（2）小杜同学在实验过程中，将滑动变阻器的滑片P缓慢向B端移动，小灯泡的实际功率将　变大　（选填“变大”、“变小”或“不变”）；同时观察到小灯泡的亮度将变　亮　（选填“亮”或“暗”）． ‎ ‎ ‎ ‎（3）另一组的小张同学在实验过程中发现电流表、电压表示数如图丙所示，此时电流表的示数是　0.2　A，电压表的示数是　2　V，经分析造成这种现象的原因是　电压表量程接错，应该接0～15V，实际接了0～3V　． ‎ ‎（4）小张同学重新调整电路连接后，继续探究小灯泡在额定功率时的亮度，但发现无法准确读出额定电压，他用第（3）小问中所测得数据先算出灯泡的电阻RL，再根据P0=计算灯泡的额定功率．按此方案算出灯的额定功率比真实值偏　小　（选填“大”或“小”），原因是　灯泡电阻随温度的变化而变化，题中所求电阻值RL与灯泡正常发光时的阻值不相等　． ‎ ‎【分析】（1）电流表、滑动变阻器与灯泡串联，电压表与灯泡并联，根据灯泡的额定电压确定电压表的量程，滑动变阻器要接一上一下； ‎ ‎（2）由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和灯泡两端的电压变化，根据P=UI可知灯泡实际功率的变化，进一步判断灯泡亮暗的变化． ‎ ‎（3）根据电流表所选量程可读数，根据电压表指针位置读数，然后与电源电源比较即可知造成这种现象的原因； ‎ ‎（4）灯泡电阻随温度的变化而变化，题中所求电阻值RL与灯泡正常发光时的阻值不相等，根据P0=分析与真实值的差异． ‎ ‎【解答】解：（1）电压表与灯泡并联，灯泡的额定电压为3.8V，所以应选择0～15V量程； ‎ 滑动变阻器已接了上面一个接线柱，应再接下面一个接线柱，如图所示： ‎ ‎ ‎ ‎（2）由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流， ‎ 当滑片P缓慢向B端移动的过程中，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小， ‎ 由I=可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大； ‎ 由U=IR可知，灯泡两端的电压变大，即电压表的示数变大； ‎ 因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，所以，由P=UI可知，灯泡的实际功率变大，灯泡变亮． ‎ ‎（3）由图可知，电流表所选量程为0～0.6A，则由指针位置可知，此时电流表的示数是0.2A， ‎ 由灯泡的额定电压U0=3.8V，可知，电压表应接0～15V，若接在0～15V量程，那么由指针位置可知，此时电压为10V，而电源电压为6V，所以没有接在0～15V量程，接在0～3V量程，故此时电压表的示数为2V； ‎ ‎（4）因为灯泡电阻随温度的变化而变化，题中所求电阻值RL与灯泡正常发光时的阻值不相等， ‎ 因为灯泡电阻随温度的升高而增大，所以根据P0=求出的功率比额定功率小． ‎ 故答案为：（1）见上图；（2）变大；亮；（3）0.2；2；电压表量程接错，应该接0～15V，实际接了0～3V； ‎ ‎（4）灯泡电阻随温度的变化而变化，题中所求电阻值RL与灯泡正常发光时的阻值不相等． ‎ ‎【点评】本题考查了连接电路图、欧姆定律的应用、串联电路的特点，连接电路图时，要注意电表量程的选择，注意电表正负接线柱不要接反，第（4）小题有一定的难度，解题是时要注意认真分析． ‎ ‎　 ‎ 四、讨论计算题（本题共3个小题，第18题6分，第19题8分，第20题8分，共22分） ‎ ‎19．如图所示的电路中，电源电压恒为30V，电阻R1为15Ω．同时闭合开关S1、S2时，电流表的示数为2.5A．求： ‎ ‎（1）通过电阻R1的电流； ‎ ‎（2）电阻R2的阻值． ‎ ‎ ‎ ‎【分析】由电路图可知，同时闭合开关S1、S2时，R1与R2并联，电流表测干路电流． ‎ ‎（1）根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出通过电阻R1的电流； ‎ ‎（2）根据并联电路的电流特点求出通过电阻R2的电流，再根据欧姆定律求出电阻R2的阻值． ‎ ‎【解答】解：由电路图可知，同时闭合开关S1、S2时，R1与R2并联，电流表测干路电流． ‎ ‎（1）因并联电路中各支路两端的电压相等， ‎ 所以，通过电阻R1的电流： ‎ I1===2A； ‎ ‎（2）因并联电路中干路电流等于各支路电流之和， ‎ 所以，通过电阻R2的电流： ‎ I2=I﹣I1=2.5A﹣2A=0.5A， ‎ 则电阻R2的阻值： ‎ R2===60Ω． ‎ 答：（1）通过电阻R1的电流为2A； ‎ ‎（2）电阻R2的阻值为60Ω． ‎ ‎【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用，是一道基础题目． ‎ ‎　 ‎ ‎20．小杜家有一台浮管式水力发电机，它可以利用流水资源实现24小时全天候发电．图甲是发电机在流水中的工作示意图，在水深1m、水面宽1m、横截面为矩形的沟渠中发电机的输出功率和水流速度的关系如图乙所示．求： ‎ ‎ ‎ ‎（1）当水流速度为1.5m/s时，24h可以发电多少千瓦时？ ‎ ‎（2）发电机对家里“220V 800W”的电饭锅供电，实测家中电压约为额定电压的0.9倍，电饭锅煮饭时的实际功率约为多少瓦？ ‎ ‎（3）水力发电利用了大量流水资源，当水流速度为1.5m/s时，1h通过沟渠横截面的水是多少吨？ ‎ ‎【分析】（1）由图乙可知水流速度为1.5m/s时的功率，利用P=可求得24h可以发电多少千瓦时； ‎ ‎（2）根据“220V 800W”求得电饭锅电阻，然后利用P=可求得电饭锅煮饭时的实际功率； ‎ ‎（3）已知流速和运动时间可以求出水的体积，根据公式ρ=可以求出水的质量． ‎ ‎【解答】解：（1）由图乙可知水流速度为1.5m/s时的功率P=500W=0.5kW， ‎ 由P=可得，W=Pt=0.5kW×24h=12kWh； ‎ ‎（2）由P=UI，I=可得，P=，则电饭锅电阻R===60.5Ω， ‎ U实际=0.9U额=0.9×220V=198V， ‎ 电饭锅煮饭时的实际功率P实际===720W． ‎ ‎（3）沟渠横截面的面积S=1m×1m=1m2， ‎ ‎1h内流水的体积V=Svt=1m2×1.5m/s×3600s=5.4×103m3； ‎ 由ρ=可得，这些水的质量m=ρV=1.0×103kg/m3×5.4×103m3=5.4×106kg=5.4×103t； ‎ 答：（1）当水流速度为1.5m/s时，24h可以发电12千瓦时； ‎ ‎（2）电饭锅煮饭时的实际功率约为720瓦； ‎ ‎（3）水力发电利用了大量流水资源，当水流速度为1.5m/s时，1h通过沟渠横截面的水是多少吨5.4×103t． ‎ ‎【点评】此题考查了实际功率和密度公式的应用，解答此题的关键是从题目中提取用于的信息． ‎ ‎　 ‎ ‎21．如图甲是西南大学校内的一座塑像，其基座结构类似于图乙和丙的模型．若A、B是质量分布均匀地正方体物块，其边长分别是20cm、30cm，密度之比ρA：ρB=3：1．将A放在水平地面上，B放在A的上面，A对水平地面的压强为5100Pa（如图乙）．求： ‎ ‎（1）图乙中，物块A对地面的压力； ‎ ‎（2）物块A的密度； ‎ ‎（3）若将物块B放在水平地面上，A放在B的上面（如图丙），要使B对地面的压强为2800Pa，应将物块B沿竖直方向切去几分之几． ‎ ‎ ‎ ‎【分析】（1）根据压强的变形公式即可求出物块A对地面的压力； ‎ ‎（2）因为水平地面上静止的物体，地面受到的压力等于重力，所以甲乙的总重力等于图乙中物块A对地面的压力，然后根据密度的变形公式和重力的计算公式即可求出物块A的密度； ‎ ‎（3）设应将物块B沿竖直方向切去的比例为x，则由G=mg和p=求出切去比例． ‎ ‎【解答】解： ‎ ‎（1）由p=可得，物块A对地面的压力：F=pSA=5100Pa×0.2m×0.2m=204N； ‎ ‎（2）图乙中物块A对地面的压力等于物体AB的总重力，所以AB的总重力G总=F=204N； ‎ 由重力和密度公式可得：GA+GB=ρAVAg+ρBVBg=204N， ‎ 因为ρA：ρB=3：1，所以有： ‎ ρA×（0.2m）3×10N/kg+ρA×（0.3m）3×10N/kg=204N， ‎ 解得：ρA=1.2×103kg/m3； ‎ ‎（3）物块A的重：GA=ρAVAg=1.2×103kg/m3×（0.2m）3×10N/kg=96N； ‎ 物块B的重：GB=ρBVBg=×1.2×103kg/m3×（0.3m）3×10N/kg=108N； ‎ 设将物块B沿竖直方向切去的比例为x，则B剩余部分的底面积为（1﹣x）SB， ‎ 沿竖直方向切去物块B后，设剩余部分占物块B体积的比例为x， ‎ 则物块B剩余部分的底面积为SBx，物块B剩余部分的重为GBx， ‎ 则由p=可得：pB==2800Pa， ‎ 即=2800Pa， ‎ 解得x=，则将物块B沿竖直方向切去了三分之一的体积． ‎ 答：（1）图乙中，物块A对地面的压力为204N； ‎ ‎（2）物块A的密度为1.2×103kg/m3； ‎ ‎（3）要使B对地面的压强为2800Pa，应将物块B沿竖直方向切去三分之一． ‎ ‎【点评】本题考查了压力、压强的计算，灵活的运用p=是解题的关键，要注意水平面上物体的压力和自身的重力相等． ‎ ‎　 ‎