物理·陕西省商洛市商州中学2016-2017学年高二上学期期中物理试卷 Word版含解析

物理·陕西省商洛市商州中学2016-2017学年高二上学期期中物理试卷 Word版含解析

‎2016-2017学年陕西省商洛市商州中学高二（上）期中物理试卷 ‎　‎ 一、选择题：（12×4=48分，1-8为单选，9-12为多选）‎ ‎1．关于摩擦起电和感应起电，以下说法正确的是（　　）‎ A．摩擦起电是因为电荷的转移，感应起电是因为产生电荷 B．摩擦起电是因为产生电荷，感应起电是因为电荷的转移 C．不论摩擦起电还是感应起电都是电荷的转移 D．以上说法均不正确 ‎2．关于库仑定律，下列说法正确的是（　　）‎ A．库仑定律适用于点电荷，点电荷其实就是体积最小的带电体 B．根据F=k，当两个带电体间的距离趋近于零时，库仑力将趋向无穷大 C．带电量分别为Q和3Q的点电荷A、B相互作用时，B受到的静电力是A受到的静电力的3倍 D．库仑定律的适用条件是：真空和点电荷 ‎3．在电场中某点引入电荷量为q的正电荷，这个电荷受到的电场力为F，则（　　）‎ A．在这点引入电荷量为2q的正电荷时，该点的电场强度将等于 B．在这点引入电荷量为3q的正电荷时，该点的电场强度将等于 C．在这点引入电荷量为2e的正离子时，则离子所受的电场力大小为2e D．若将一个电子引入该点，则由于电子带负电，所以该点的电场强度的方向将和在这一点引入正电荷时相反 ‎4．电场中有A、B两点，一个点电荷在A点的电势能为1.2×10﹣8J，在B点的电势能为0.80×10﹣8J．已知A、B两点在同一条电场线上，如图所示，该点电荷的电荷量数值为1.0×10﹣9C，那么（　　）‎ A．该电荷为负电荷 B．该电荷为正电荷 C．A、B两点的电势差大小为4.0 V D．把电荷从A移到B，电场力做功为W=4.0 J ‎5．平行板电容器充完电后，两极板与电源断开，增大电容器两极板间的距离时，电容器所带的电量Q、电容C、两极间的电压U，电容器两极板间的场强E的变化情况是（　　）‎ A．Q变小，C不变，U不变，E变小 B．Q变小，C变小，U不变，E不变 C．Q不变，C变小，U变大，E变小 D．Q不变，C变小，U变大，E不变 ‎6．下列说法中正确的是（　　）‎ A．电源电动势实质上就是电源两极间的电压 B．电源电动势在数值上等于电源两极间的电压 C．电源电动势与电压的单位相同，但与电压有本质的区别 D．电动势越大，电源两极间的电压一定越高 ‎7．在如图所示电路中，当变阻器R3的滑动头P向b端移动时（　　）‎ A．电压表示数变大，电流表示数变小 B．电压表示数变小，电流表示数变大 C．电压表示数变大，电流表示数变大 D．电压表示数变小，电流表示数变小 ‎8．如图所示，P、Q是两个电量相等的正点电荷，它们的连线中点是O，A、B是中垂线上的两点，＜，用EA、EB、φA、φB分别表示A、B两点的场强和电势，则（　　）‎ A．EA一定大于EB，φA一定大于φB B．EA不一定大于EB，φA一定大于φB C．EA一定大于EB，φA不一定大于φB D．EA不一定大于EB，φA不一定大于φB ‎9．下列说法中正确的是（　　）‎ A．电容是描述电容器容纳电荷本领大小的物理量 B．电容器是储存电荷和电能的容器，只有带电时才称电容器 C．固定电容器所充电荷量跟加在两极板间的电压成正比 D．电容器的电容跟极板所带电荷量成正比，跟极板间电压成反比 ‎10．下列说法正确的是（　　）‎ A．由公式R=ρ可知均匀导体的电阻与其长度成正比，与其横截面积成反比 B．由公式R=可知导体的电阻与其两端电压成正比，与通过的电流成反比 C．一根均匀导线被均匀拉长为原来2倍的长度，则其电阻为原来的2倍 D．一个电阻率不会改变的导体两端的电压增大为原来的2倍，但其电阻不变 ‎11．某静电场中的电场线如图所示，带电粒子在电场中仅受电场力作用，其运动轨迹如图虚线所示，由M运动到N，以下说法正确的是（　　）‎ A．粒子必定带负电荷 B．粒子在M点的加速度大于它在N点的加速度 C．粒子在M点的加速度小于它在N点的加速度 D．粒子在M点的动能小于它在N点的动能 ‎12．一质量为m的带电小球，在竖直方向的匀强电场中以水平速度抛出，小球的加速度大小为g，空气阻力不计，小球在下落h的过程中，则（　　）‎ A．小球的动能增加 B．小球的电势能增加 C．小球的重力势能减少mgh D．小球的机械能减少 ‎　‎ 二、实验题（每空2分，共22分）‎ ‎13．如图所示的电路中，小量程电流表的内阻Rg=100Ω，满偏电流Ig=1mA，R1=900Ω，R2=Ω．‎ ‎（1）当S1和S2均断开时，改装所成的表是　　表，量程为　　．‎ ‎（2）当S1和S2均闭合时，改装所成的表是　　表，量程为　　．‎ ‎14．在用电压表和电流表研究小灯泡在不同电压下的功率的实验中，实验室备有下列器材供选择：‎ A．待测小灯泡“3.0V　1.5W”B．电流表（量程3A，内阻约为1Ω）‎ C．电流表（量程0.6A，内阻约为5Ω） D．电压表（量程3.0V，内阻约为10kΩ）‎ E．电压表（量程15.0V，内阻约为50kΩ） F．滑动变阻器（最大阻值为100Ω，额定电流50mA）‎ G．滑动变阻器（最大阻值为10Ω，额定电流1.0A）‎ H．电源（电动势为4.0V，内阻不计） I．电键及导线等 ‎（1）为了使实验完成的更好，电流表应选用　　；电压表应选用　　；滑动变阻器应选用　　．（只需填器材前面的字母即可）‎ ‎（2）请在虚线框内画出实验电路图．‎ ‎（3）某同学在一次测量时，电流表、电压表的示数如图所示．则电压值为　　 V，电流值为　　 A，小灯泡的实际功率为　　 W．‎ ‎　‎ 三、计算题 ‎15．如图所示，用一根绝缘轻绳悬挂一个带电小球，小球的质量为m=1.0×10﹣2kg．现加一水平方向向左的匀强电场，场强E=3.0×106N/C，平衡时绝缘线与竖直方向的夹角为θ=30°，求：小球带何种电荷，电荷量为多大？‎ ‎16．有一直流电动机，把它接入电压为0.2V的电路时，电动机不转，测得流过电动机的电流是0.4A；若把它接入电压为2V的电路中，电动机正常工作，工作时的电流是1.0A．问：‎ ‎（1）电动机线圈的电阻为多大？‎ ‎（2）电动机正常工作时的输出功率为多大？‎ ‎（3）如果在电动机正常工作时，转子头然被卡住，电动机的发热功率是多大？‎ ‎17．如图所示，A为粒子源．在A和极板B间的加速电压为U1，在两水平放置的平行导体板C、D间加有偏转电压U2．C、D板长L，板间距离d．现从粒子源A发出质量为m，带电量为q的带电粒子，由静止开始经加速电场加速后进入偏转电场，最后穿出打在右侧的屏幕上，不计粒子的重力．求：‎ ‎（1）带电粒子穿过B板时的速度大小；‎ ‎（2）带电粒子从偏转电场射出时的侧移量（即竖直方向的偏转位移）‎ ‎　‎ ‎2016-2017学年陕西省商洛市商州中学高二（上）期中物理试卷 参考答案与试题解析 ‎　‎ 一、选择题：（12×4=48分，1-8为单选，9-12为多选）‎ ‎1．关于摩擦起电和感应起电，以下说法正确的是（　　）‎ A．摩擦起电是因为电荷的转移，感应起电是因为产生电荷 B．摩擦起电是因为产生电荷，感应起电是因为电荷的转移 C．不论摩擦起电还是感应起电都是电荷的转移 D．以上说法均不正确 ‎【考点】元电荷、点电荷．‎ ‎【分析】摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，并没有创造电荷．感应起电的实质是电荷可以从物体的一部分转移到另一个部分．‎ ‎【解答】解：摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，即说明了电荷可以从一个物体转移到另一个物体，并没有产生电荷．‎ 感应起电过程电荷在电场力作用下，电荷从物体的一部分转移到另一个部分，所以ABD错误，C正确．‎ ‎ 故选C ‎　‎ ‎2．关于库仑定律，下列说法正确的是（　　）‎ A．库仑定律适用于点电荷，点电荷其实就是体积最小的带电体 B．根据F=k，当两个带电体间的距离趋近于零时，库仑力将趋向无穷大 C．带电量分别为Q和3Q的点电荷A、B相互作用时，B受到的静电力是A受到的静电力的3倍 D．库仑定律的适用条件是：真空和点电荷 ‎【考点】库仑定律．‎ ‎【分析】库仑定律只适用于真空中两静止的点电荷之间的作用力．当带电体的形状、大小及电荷的分布状况对它们之间的作用力影响可以忽略时，可以看成点电荷．‎ 两个带电体间的距离趋近于零时，带电体已经不能看成点电荷了．‎ 两电荷之间的相互作用力大小相等，与点电荷电量的大小无关．‎ ‎【解答】解：A、库仑定律适用于点电荷，点电荷并不是体积很小的球体，故A错误．‎ B、当两个点电荷距离趋于0时，两带电体已不能看出点电荷了，该公式F=k不适用了，故电场力并不是趋于无穷大，故B错误．‎ C、两点电荷之间的作用力是相互的，根据牛顿第三定律，无论点电荷Q1的电荷量与Q2的电荷量大小如何，Q1对 Q2的电场力大小上总等于Q2对 Q1电场力．故C错误．‎ D、库仑定律的适用范围是真空中两个点电荷间的相互作用，故D正确．‎ 故选：D．‎ ‎　‎ ‎3．在电场中某点引入电荷量为q的正电荷，这个电荷受到的电场力为F，则（　　）‎ A．在这点引入电荷量为2q的正电荷时，该点的电场强度将等于 B．在这点引入电荷量为3q的正电荷时，该点的电场强度将等于 C．在这点引入电荷量为2e的正离子时，则离子所受的电场力大小为2e D．若将一个电子引入该点，则由于电子带负电，所以该点的电场强度的方向将和在这一点引入正电荷时相反 ‎【考点】电场强度．‎ ‎【分析】已知试探电荷所受的电场力F和电荷量q，根据电场强度的定义式E=确定电场强度的大小．电场强度反映电场本身的性质，与放入电场中的试探电荷无关，电场中同一点电场强度是唯一确定的．‎ ‎【解答】解：A、B据题，电荷量为q的正电荷受到的电场力为F，则该点的电场强度为 E=，而电场强度由电场本身决定，与试探电荷无关，所以在这点引入电荷量为2q或3q的正电荷时，电场强度不变，仍为E=，故AB错误．‎ C、在这点引入电荷量为2e的正离子时，则离子所受的电场力大小为 F=2eE=2e，故C正确．‎ D、若将一个电子引入该点，该点的电场强度的方向仍不变，放入正电荷时相同，故D错误．‎ 故选：C．‎ ‎　‎ ‎4．电场中有A、B两点，一个点电荷在A点的电势能为1.2×10﹣8J，在B点的电势能为0.80×10﹣8J．已知A、B两点在同一条电场线上，如图所示，该点电荷的电荷量数值为1.0×10﹣9C，那么（　　）‎ A．该电荷为负电荷 B．该电荷为正电荷 C．A、B两点的电势差大小为4.0 V D．把电荷从A移到B，电场力做功为W=4.0 J ‎【考点】电势能；电势．‎ ‎【分析】沿电场线方向，电势降低，根据电势能Ep=qφ，可知，正电荷沿电场线方向电势能降低，负电荷沿电场线电势能升高，根据电势能和电势的变化判断电性；A、B两点的电势差UAB=，代入求解UAB．电场力做多少正功，电势能减少多少，电场力做多少负功，电势能升高多少．‎ ‎【解答】解：AB、沿电场线方向电势降低，由于电场线方向未知，不能判断电势的高低．由题意可知：该点电荷从B到A，电势能增大，根据电势能Ep=qφ，可知不能确定该电荷的电性．故A、B错误．‎ CD、该点电荷从A移到B，电势能减小△Ep=1.2×10﹣8 J﹣0.80×10﹣8 J=4.0×10﹣9J，所以电场力做功为 WAB=4.0×10﹣9J．‎ 则A、B两点的电势差UAB==V=4V，故C正确，D错误．‎ 故选：C．‎ ‎　‎ ‎5．平行板电容器充完电后，两极板与电源断开，增大电容器两极板间的距离时，电容器所带的电量Q、电容C、两极间的电压U，电容器两极板间的场强E的变化情况是（　　）‎ A．Q变小，C不变，U不变，E变小 B．Q变小，C变小，U不变，E不变 C．Q不变，C变小，U变大，E变小 D．Q不变，C变小，U变大，E不变 ‎【考点】电容器的动态分析．‎ ‎【分析】先根据电容的决定式C=，分析电容如何变化，抓住电容器的电荷量不变，由电容的定义式C=，分析板间电压的变化，由E=分析板间场强的变化．‎ ‎【解答】解：当增大电容器两极板间的距离时，电容器所带的电量Q不变，根据电容的决定式C=，分析得知电容C变小；‎ 由电容的定义式C=，分析得知板间电压U变大；由E===，因Q、S、ɛ均不变，所以板间场强E不变．故ABC错误，D正确．‎ 故选：D ‎　‎ ‎6．下列说法中正确的是（　　）‎ A．电源电动势实质上就是电源两极间的电压 B．电源电动势在数值上等于电源两极间的电压 C．电源电动势与电压的单位相同，但与电压有本质的区别 D．电动势越大，电源两极间的电压一定越高 ‎【考点】电源的电动势和内阻．‎ ‎【分析】电源电动势是描述电源把其它形式的能量转化为电能本领的物理量；‎ 电动势等于非静电力把1C的正电荷在电源内部从负极搬运到正极所做的功，‎ 电动势等于电源没有接入电路时电源两极间的电压，电动势等于内外电路电压之和．‎ ‎【解答】解：A、电源电动势反映电源将其他形式能量转化为电能的本领大小，电源正、负极之间的电势差为电源的路端电压，只有当电源处于断路状态时，电源的电动势才等于路端电压；故AB错误；‎ C、由A的分析可知，电源电动势与电压单位相同，但与电压有本质的区别；故C正确；‎ D、电动势越大，说明电源转化能量的本领越大，但电源两端的电压与外电路有关，电压并一定大；故D错误；‎ 故选：C．‎ ‎　‎ ‎7．在如图所示电路中，当变阻器R3的滑动头P向b端移动时（　　）‎ A．电压表示数变大，电流表示数变小 B．电压表示数变小，电流表示数变大 C．电压表示数变大，电流表示数变大 D．电压表示数变小，电流表示数变小 ‎【考点】闭合电路的欧姆定律．‎ ‎【分析】由图可知R2与R3并联后与R1串联，电压表测量路端电压；由滑片的移动可得出滑动变阻器接入电阻的变化，则由闭合电路的欧姆定律可得出总电流的变化，由U=E﹣Ir可得出路端电压的变化；将R1作为内阻处理，则可得出并联部分电压的变化，求得R2中电流的变化，由并联电路的电流规律可得出电流表示数的变化．‎ ‎【解答】解：当滑片向b端滑动时，滑动变阻器接入电阻减小，则电路中总电阻减小，则由闭合电路欧姆定律可得，电路中总电流增大，故内压增大；因此路端电压减小，故电压表示数减小；‎ 将R1等效为内阻，则可知并联部分电压一定减小，故流过R2的电流减小，因总电流增大，故电流表示数增大；故B正确，ACD错误；‎ 故选B．‎ ‎　‎ ‎8．如图所示，P、Q是两个电量相等的正点电荷，它们的连线中点是O，A、B是中垂线上的两点，＜，用EA、EB、φA、φB分别表示A、B两点的场强和电势，则（　　）‎ A．EA一定大于EB，φA一定大于φB B．EA不一定大于EB，φA一定大于φB C．EA一定大于EB，φA不一定大于φB D．EA不一定大于EB，φA不一定大于φB ‎【考点】电势；电场强度．‎ ‎【分析】根据点电荷场强公式E=，运用矢量合成的平行四边形定则求出连线中垂线上各个点的合场强．‎ ‎【解答】解：两个等量正点电荷连线中点O的电场强度为零，无穷远处电场强度也为零，故从O点沿着中垂线到无穷远处电场强度先增大后减小，设场强最大的点为P点，P点可能在A、B两点之间，也可能在O、A之间，也可能在B点的外侧，当P点可能在A、B两点之间时，EA可能大于EB，也可能小于EB，还可能等于EB；当P在O、A之间时，EA大于EB；当P点在B点外侧时，‎ EA、小于EB；在PQ连线的中垂线上，场强方向沿AB方向，沿电场线方向电势越来越低，因此φA一定大于 φB；故A错误，B正确，C错误，D错误；‎ 故选：B．‎ ‎　‎ ‎9．下列说法中正确的是（　　）‎ A．电容是描述电容器容纳电荷本领大小的物理量 B．电容器是储存电荷和电能的容器，只有带电时才称电容器 C．固定电容器所充电荷量跟加在两极板间的电压成正比 D．电容器的电容跟极板所带电荷量成正比，跟极板间电压成反比 ‎【考点】电容．‎ ‎【分析】电容器是容纳电荷的容器，不论有没有电量电容值不变；电容大小与电量及电压无关．‎ ‎【解答】解：A、电容是描述电容器容纳电荷本领的大小的物理量；故A正确；‎ B、电容器是储存电荷和电能的容器；不论是否带电均是电容器；故B错误；‎ C、由Q=UC可知，固定电容器所充电荷量跟加在两极板间的电压成正比，故C正确；‎ D、电容器的电容跟极板所带电量无关，与两极板间的电压无关； 故D错误；‎ 故选：AC．‎ ‎　‎ ‎10．下列说法正确的是（　　）‎ A．由公式R=ρ可知均匀导体的电阻与其长度成正比，与其横截面积成反比 B．由公式R=可知导体的电阻与其两端电压成正比，与通过的电流成反比 C．一根均匀导线被均匀拉长为原来2倍的长度，则其电阻为原来的2倍 D．一个电阻率不会改变的导体两端的电压增大为原来的2倍，但其电阻不变 ‎【考点】电阻定律；欧姆定律．‎ ‎【分析】电阻是导体对电流的阻碍作用．影响电阻大小的因素有：材料、长度、横截面积、温度，与通过导体的电流和导体两端的电压无关．‎ ‎【解答】解：A、公式R=ρ是电阻定律的表达式，由此公式可知均匀导体的电阻与其长度成正比，与其横截面积成反比．故A正确；‎ B、D、电阻是导体对电流的阻碍作用，是导体本身的一种特性，其大小与导体的材料、长度、横截面积、温度有关；而与导体两端有无电压、电压高低，导体中有无电流、电流大小无关．故B错误，D正确；‎ C、根据公式R=ρ可知，一根均匀导线被均匀拉长为原来2倍的长度，同时导线的横截面积变成原来的一半，所以则其电阻为原来的4倍．故C错误．‎ 故选：AD ‎　‎ ‎11．某静电场中的电场线如图所示，带电粒子在电场中仅受电场力作用，其运动轨迹如图虚线所示，由M运动到N，以下说法正确的是（　　）‎ A．粒子必定带负电荷 B．粒子在M点的加速度大于它在N点的加速度 C．粒子在M点的加速度小于它在N点的加速度 D．粒子在M点的动能小于它在N点的动能 ‎【考点】电场线．‎ ‎【分析】电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增加．‎ ‎【解答】解：A、由电荷的运动轨迹可知，电荷的受力沿着电场线的方向，所以电荷为正电荷，所以A错误．‎ B、电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，由图可知，N点的场强大于M点的场强的大小，在N点的受力大于在M的受力，所以粒子在M点的加速度小于它在N点的加速度，所以B错误，C正确．‎ D、正电荷的运动方向运动与受力的方向之间的夹角是锐角，所以电场力做正功，电荷的电势能减小，动能增加，所以粒子在M点的动能小于它在N点的动能，所以D正确．‎ 故选：CD．‎ ‎　‎ ‎12．一质量为m的带电小球，在竖直方向的匀强电场中以水平速度抛出，小球的加速度大小为g，空气阻力不计，小球在下落h的过程中，则（　　）‎ A．小球的动能增加 B．小球的电势能增加 C．小球的重力势能减少mgh D．小球的机械能减少 ‎【考点】功能关系．‎ ‎【分析】根据动能定理研究动能的变化和重力做功与重力势能的关系，电势能的变化．电场力做负功，机械能减小，根据能量守恒可知机械能减小量等于小球电势的增加量．高度下降，重力势能减小．‎ ‎【解答】解：A、根据动能定理：小球动能的变化量等于合力做功，△Ek=F合•h=mah=mgh．故A错误．‎ B、小球的重力做正功mgh，重力势能减小mgh，根据能量守恒定律得：小球电势能增加mgh﹣=，故B正确 C、由上可知：重力势能减小mgh，故C正确．‎ D、由上可知：重力势能减小mgh，动能增加，则机械能减小．故D错误．‎ 故选：BC ‎　‎ 二、实验题（每空2分，共22分）‎ ‎13．如图所示的电路中，小量程电流表的内阻Rg=100Ω，满偏电流Ig=1mA，R1=900Ω，R2=Ω．‎ ‎（1）当S1和S2均断开时，改装所成的表是　电压　表，量程为　1V　．‎ ‎（2）当S1和S2均闭合时，改装所成的表是　电流　表，量程为　1A　．‎ ‎【考点】把电流表改装成电压表．‎ ‎【分析】把电流表改装成电压表需要串联一个分压电阻，把电流表改装成大量程的电流表需要并联分流电阻，分析清楚图示电路结构，应用串并联电路特点与欧姆定律分析答题．‎ ‎【解答】解：（1）由电路图可知，当S1和S2均断开时，G与R1串联，‎ 改装所成的表是电压表表，量程为U=Ig（Rg+R1）=0.001×=1V．‎ ‎（2）由电路图可知，当S1和S2均闭合时，G与R2并联，‎ 改装所成的表是电流表，量程为：I=Ig+=0.001+=1A；‎ 故答案为：（1）电压；1V；（2）电流；1A．‎ ‎　‎ ‎14．在用电压表和电流表研究小灯泡在不同电压下的功率的实验中，实验室备有下列器材供选择：‎ A．待测小灯泡“3.0V　1.5W”B．电流表（量程3A，内阻约为1Ω）‎ C．电流表（量程0.6A，内阻约为5Ω） D．电压表（量程3.0V，内阻约为10kΩ）‎ E．电压表（量程15.0V，内阻约为50kΩ） F．滑动变阻器（最大阻值为100Ω，额定电流50mA）‎ G．滑动变阻器（最大阻值为10Ω，额定电流1.0A）‎ H．电源（电动势为4.0V，内阻不计） I．电键及导线等 ‎（1）为了使实验完成的更好，电流表应选用　C　；电压表应选用　D　；滑动变阻器应选用　G　．（只需填器材前面的字母即可）‎ ‎（2）请在虚线框内画出实验电路图．‎ ‎（3）某同学在一次测量时，电流表、电压表的示数如图所示．则电压值为　1.80　 V，电流值为　0.33　 A，小灯泡的实际功率为　0.59　 W．‎ ‎【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线．‎ ‎【分析】（1）器材的选取要安全、精确，根据小灯泡的额定电压和额定电流选出电压表和电流表的量程．滑动变阻器采用分压式接法，从测量的误差角度选出合适的滑动变阻器．‎ ‎（2）研究小灯泡在不同电压下的功率，电压和电流需从零开始测起，所以滑动变阻器采用分压式接法．根据所测灯泡的内阻，与电压表内阻和电流表内阻比较，确定是大电阻还是小电阻，从而确定电流表采取内接法还是外接法．‎ ‎（3）通过电压表量程和电流表量程知道表盘每一格为多少，从而读出电压表和电流表的读数．根据P=UI求出小灯泡的实际功率．‎ ‎【解答】解：（1）从测量精确度考虑，小灯泡的额定电压为3V，所以电压表选取量程为3V的，小灯泡的额定电流I=，所以电流表选取量程为0.6A的，最大阻值为100Ω的滑动变阻器接入电路测量误差较大，所以选取最大阻值为10Ω的滑动变阻器．故选C、D、G．‎ ‎（2）由于电压和电流需从0开始测起，所以滑动变阻器采用分压式接法，灯泡的电阻R=，远小于电压表内阻，与电流表内阻相当，属于小电阻，“小外偏小”，采取电流表的外接法．电流图如下．‎ ‎（3）电压表量程为3V，所以1格等于0.1V，所以电压表读数为1.80V．电流表量程为0.6A，所以1格等于0.02A，所以电流表读数为0.33A．P=UI=1.80×0.33W≈0.59W．‎ 故答案为：（1）C，D，G ‎（2）如图所示 ‎（3）1.80，0.33，0.59‎ ‎　‎ 三、计算题 ‎15．如图所示，用一根绝缘轻绳悬挂一个带电小球，小球的质量为m=1.0×10﹣2kg．现加一水平方向向左的匀强电场，场强E=3.0×106N/C，平衡时绝缘线与竖直方向的夹角为θ=30°，求：小球带何种电荷，电荷量为多大？‎ ‎【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用；电场强度．‎ ‎【分析】小球受重力、电场力和拉力处于平衡，根据平衡判断电荷的电性，根据合成法求出电场力的大小，从而求出电荷量的大小．‎ ‎【解答】解：因为电场力F方向水平向左，故小球带正电．受力如图，由小球受力平衡得：‎ F=mgtan30°‎ F=qE 联立两式解得：q=1.9×10﹣8C．‎ 答：小球带正电荷，电荷量为1.9×10﹣8C．‎ ‎　‎ ‎16．有一直流电动机，把它接入电压为0.2V的电路时，电动机不转，测得流过电动机的电流是0.4A；若把它接入电压为2V的电路中，电动机正常工作，工作时的电流是1.0A．问：‎ ‎（1）电动机线圈的电阻为多大？‎ ‎（2）电动机正常工作时的输出功率为多大？‎ ‎（3）如果在电动机正常工作时，转子头然被卡住，电动机的发热功率是多大？‎ ‎【考点】电功、电功率．‎ ‎【分析】（1）当电机不转时，其电路是纯电阻电路，由欧姆定律求出电机的内阻；‎ ‎（2）当电机正常工作时，其电路是非纯电阻电路，其输出功率P出=P总﹣P内=UI﹣I2r，代入求解电动机正常工作时的输出功率；‎ ‎（3）电动机的转子突然被卡住时，电动机的发热功率P热=‎ ‎【解答】解：（1）接U=0.2V的电压时，电动机不转，电能转化为内能，此时可是未出嗯电阻电路，电流I=0.4A，由欧姆定律得线圈的电阻 ‎　　　　R==0.5Ω ‎（2）当接U1=2V的电压时，电流I1=1.0A，故输入电功率P电=U1 I1=2×1.0=2W，‎ 热功率：P热=I12R=0.5W，则输出功率P机=P电﹣P热=1.5W ‎（3）如果电动机正常工作时，转子头然卡住，则此时电能全部转化为内能，故发热功率 ‎　　P热=8W 答：（1）电动机线圈的电阻为0.5Ω ‎（2）电动机正常工作时的输出功率为1.5W ‎（3）如果在电动机正常工作时，转子头然被卡住，电动机的发热功率是8W ‎　‎ ‎17．如图所示，A为粒子源．在A和极板B间的加速电压为U1，在两水平放置的平行导体板C、D间加有偏转电压U2．C、D板长L，板间距离d．现从粒子源A发出质量为m，带电量为q的带电粒子，由静止开始经加速电场加速后进入偏转电场，最后穿出打在右侧的屏幕上，不计粒子的重力．求：‎ ‎（1）带电粒子穿过B板时的速度大小；‎ ‎（2）带电粒子从偏转电场射出时的侧移量（即竖直方向的偏转位移）‎ ‎【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．‎ ‎【分析】（1）粒子先经过加速电场加速，后进入偏转电场偏转．由动能定理可以解得加速获得的速度，即为穿过B板时的速度．‎ ‎（2）粒子进入偏转电场后做类平抛运动，把其分解为水平方向的匀速直线运动，竖直方向的匀加速直线运动．根据牛顿第二定律和运动学规律结合求解侧移量．‎ ‎【解答】解：（1）粒子经加速电场的过程中，由动能定理得：‎ ‎ qU1=mv02‎ 解得：v0=‎ ‎（2）粒子在偏转电场中做类平抛运动，平行板方向做匀速直线运动，运动时间为：t=‎ 垂直板方向做初速度为零的匀加速直线运动，由牛顿第二定律得加速度为：a==‎ 离开偏转电场时的侧移为 y=‎ 由以上各式解得：y=‎ 答：‎ ‎（1）带电粒子穿过B板时的速度大小是；‎ ‎（2）带电粒子从偏转电场射出时的侧移量是．‎ ‎　‎ ‎2016年12月10日