2020版新素养同步人教版高中生物必修二练习：课后分层检测案4孟德尔的两对相对性状的杂交实验（二）

2020版新素养同步人教版高中生物必修二练习：课后分层检测案4孟德尔的两对相对性状的杂交实验（二）

课后分层检测案 4 孟德尔的两对相对性状的杂交实验(二) 【合格基础练】 1．自由组合定律中的“自由组合”是指( ) A．带有不同基因的雌雄配子间的组合 B．决定同一性状的成对的基因的组合 C．两亲本间的组合 D．决定不同性状的基因的自由组合 解析：自由组合定律的实质是生物在产生配子时，决定不同 性状的基因自由组合。 答案：D 2．遗传学的奠基人孟德尔之所以在研究遗传规律时获得了巨 大成功，关键在于他在实验过程中选择了正确的方法。下面各项 中，除哪一项外均是他获得成功的重要原因( ) A．先只针对一对相对性状的遗传规律进行研究，然后再研究 多对性状的遗传规律 B．选择了严格自花传粉的豌豆作为实验材料 C．选择了多种植物作为实验材料，做了大量的实验 D．应用了统计学的方法对结果进行统计分析 解析：选项 A、B、D 是孟德尔获得成功的重要原因，选项 C 不能说明成功的原因。因为无目的、无意义的大量实验只是浪费 时间和精力，他曾花了几年时间研究山柳菊，结果却一无所获， 也反过来说明正确选择实验材料是科学研究取得成功的重要前 提。 答案：C 3．基因 A、a 和基因 B、b 的遗传遵循自由组合定律。一个亲 本与 aabb 测交，子代基因型为 AaBb 和 Aabb，分离比为 1:1，则 这个亲本基因型为( ) A．AABb B．AaBb C．AAbb D．AaBB 解析：基因型为 aabb 的个体只能产生基因型为 ab 的配子，所 以，要产生基因型为 AaBb 和 Aabb 的个体，还需要 AB 和 Ab 两 种配子，而且其比例为 1:1，所以能产生 AB 和 Ab 基因型配子的 个体的基因型只能是 AABb。 答案：A 4．已知玉米子粒黄色对红色为显性，非甜对甜为显性。纯合 的黄色非甜玉米与红色甜玉米杂交得 F1，F1 自交或测交，预期结 果不正确的是( ) A．自交结果中黄色甜与红色非甜比例为 9:1 B．自交结果中黄色与红色比例为 3:1，非甜与甜比例为 3:1 C．测交结果是红色甜:黄色非甜:红色非甜:黄色甜＝1:1:1:1 D．测交结果中红色与黄色比例为 1:1，甜与非甜比例为 1:1 解析：F1 自交的结果是黄色非甜:黄色甜:红色非甜:红色甜＝ 9:3:3:1，所以黄色甜和红色非甜分别占 3/16 和 3/16，比例为 1:1， 故 A 错误。 答案：A 5．豌豆的子叶黄色(Y)、种子圆粒(R)均为显性。两种豌豆杂 交的子一代表现为圆粒:皱粒＝3:1，黄色:绿色＝1:1。让子一代中 黄色圆粒豌豆与绿色皱粒豌豆杂交，子二代的性状分离比为( ) A．2:1:2:1 B．9:3:3:1 C．1:1:1:1 D．3:1:3:1 解析：由子一代中圆粒:皱粒＝3:1 知，亲代的基因型组合为 Rr×Rr；由子一代中黄色:绿色＝1:1 知，亲代的基因型组合为 Yy×yy，故亲代的基因型组合为 YyRr×yyRr。则子一代中黄色圆 粒的基因型为 1/3YyRR 或 2/3YyRr，绿色皱粒的基因型为 yyrr， 则 F2 的性状分离比每对先按分离定律而后组合即得结果。 答案：A 6．水稻的高秆(D)对矮秆(d)为显性，抗锈病(R)对不抗锈病(r) 为显性，这两对基因自由组合。甲水稻(DdRr)与乙水稻杂交，其 后代四种表现型的比例是 3:3:1:1，则乙水稻的基因型是( ) A．Ddrr 或 ddRr B．DdRR C．ddRR D．DdRr 解析：从后代表现型的比例为 3:3:1:1 中可确定两种性状的比 例，一种性状的后代性状分离比为 3:1，另一种性状的后代性状分 离比为 1:1，已知甲水稻基因型为 DdRr，则乙水稻的基因型为 Ddrr 或 ddRr。 答案：A 7．下列有关自由组合定律的叙述，正确的是( ) A．自由组合定律是孟德尔根据豌豆两对相对性状的杂交实验 结果及其解释直接归纳总结的，不适用于多对相对性状的遗传 B．控制不同性状的遗传因子的分离和组合是相互联系、相互 影响的 C．在形成配子时，决定不同性状的遗传因子的分离是随机的， 所以称为自由组合定律 D．在形成配子时，决定同一性状的成对的遗传因子彼此分离， 决定不同性状的遗传因子表现为自由组合 解析：自由组合定律的内容：(1)控制不同性状的遗传因子的 分离和组合是互不干扰的；(2)在形成配子时，决定同一性状的成 对的遗传因子彼此分离，决定不同性状的遗传因子自由组合。因 此，B、C 错误，D 正确。自由组合定律也适用于多对相对性状的 遗传，因此，A 错误。 答案：D 8．金鱼草的纯合红花植株与白花植株杂交，F1 在强光、低温 条件下开红花，在阴暗、高温条件下却开白花，这个事实说明( ) A．基因型是表现型的内在因素 B．表现型一定，基因型可以转化 C．表现型相同，基因型不一定相同 D．表现型是基因型与环境相互作用的结果 解析：F1 是杂合子，但在不同的条件下表现型不一致，说明 表现型是基因与环境相互作用的结果。 答案：D 9．两个亲本杂交，相应基因的遗传遵循自由组合定律，其子 代的基因型是 1yyRR、1yyrr、1YyRR、1Yyrr、2yyRr、2YyRr， 那么这两个亲本的基因型是( ) A．yyRR 和 yyRr B．yyrr 和 YyRr C．yyRr 和 YyRr D．YyRr 和 YyRr 解析：子代基因型中 Yy:yy＝1:1，故亲本为 Yy×yy；子代基 因型中 RR:Rr:rr＝1:2:1，故亲本为 Rr×Rr，组合即得亲本基因型。 答案：C 10．下列关于表现型和基因型的叙述，正确的是( ) A．表现型都能通过眼睛观察出来，如高茎和矮茎 B．基因型不能通过眼睛观察，必须使用电子显微镜 C．在相同环境下，表现型相同，基因型一定相同 D．基因型相同，表现型不一定相同 解析：本题考查表现型和基因型的概念及关系。表现型是指 生物个体表现出来的性状，是可以观察和测量的，但不一定都能 通过眼睛观察出来，A 错误；基因型一般通过表现型来推知，不 能通过电子显微镜观察，B 错误；在相同环境条件下，表现型相 同，基因型不一定相同，如高茎的基因型可能是 DD 或 Dd，C 错 误；表现型是基因型与环境条件共同作用的结果，因此，基因型 相同，表现型不一定相同，D 正确。 答案：D 11．香豌豆的花有紫花和白花两种，显性基因 C 和 P 同时存 在时开紫花。两个纯合白花品种杂交，F1 开紫花；F1 自交，F2 的 性状分离比为紫花:白花＝9:7。下列分析错误的是( ) A．两个白花亲本的基因型为 CCpp 与 ccPP B．F1 测交后代中紫花与白花的比例为 1:1 C．F2 紫花中纯合子的比例为 1/9 D．F2 中白花的基因型有 5 种 解析：根据题意可知，显性基因 C、P 同时存在时开紫花，两 纯合白花品种杂交，子代全为紫花(C_P_)，则亲本的基因型为 CCpp 和 ccPP。F1 的基因型为 CcPp，测交子代紫花(CcPp) :白花 (Ccpp＋ccPp＋ccpp)＝1:3。F2 紫花中纯合子(CCPP)的比例是 1/3×1/3＝1/9。F2 中白花的基因型有 Ccpp、ccPp、ccpp、ccPP、 CCpp 五种。 答案：B 12．小麦的毛颖和光颖是一对相对性状(由基因 D、d 控制)， 抗锈病与感锈病是另一对相对性状(由基因 R、r 控制)，这两对性 状的遗传遵循自由组合定律。以纯种毛颖感锈病植株(甲)和纯种光 颖抗锈病植株(乙)为亲本进行杂交，F1 均为毛颖抗锈病植株(丙)。 再用 F1 与丁进行杂交，得 F2，F2 有四种表现型，对每对相对性状 的植株数目进行统计，结果如下图： (1)两对相对性状中，显性性状分别是________、________。 (2)亲本甲、乙的基因型分别是________、________；丁的基 因型是________。 (3)F1 形成的配子有________种，产生这几种配子的原因是： F1 在 形 成 配 子 的 过 程 中 ________________________________________________________ ________________。 (4)F2 中基因型为 ddRR 的个体所占的比例为________，光颖 抗锈病植株所占的比例是________。 (5)F2 中表现型不同于双亲(甲和乙)的个体占全部 F2 的比例是 ________。 解析：(1)由于纯种毛颖感锈病植株(甲)和纯种光颖抗锈病植株 (乙)进行杂交，F1 均为毛颖抗锈病植株(丙)，所以毛颖、抗锈病为 显性性状，光颖、感锈病为隐性性状。(2)甲、乙为纯种，基因型 分别为 DDrr、ddRR，所以 F1 的基因型为 DdRr，与丁杂交后，抗 锈病与感锈病之比为 3:1，毛颖与光颖之比为 1:1，所以丁的基因 型为 ddRr。(3)由于 F1 的基因型为 DdRr，因此可以形成 4 种配子。 (4)F1(DdRr)×丁(ddRr)产生的 F2 中，ddRR 的个体占 1/2×1/4＝1/8， 光颖抗锈病植株(ddR_)占 1/2×3/4＝3/8。(5)F2 中，与甲(DDrr)表 现型相同的个体占 1/2×1/4＝1/8，与乙(ddRR)表现型相同的个体 占 1/2×3/4＝3/8，所以不同于双亲的个体占 1/2。 答案：(1)毛颖 抗锈病(两空可互换) (2)DDrr ddRR ddRr (3)4 决定同一性状的基因彼此分离，决定不同性状的非等位基因 自由组合 (4)1/8 3/8 (5)1/2 【等级提升练】 13．黄色圆粒豌豆与绿色皱粒豌豆杂交得到的 F1 再自交，F2 的表现型及比例为黄圆:黄皱:绿圆:绿皱＝9:15:15:25。则亲本的基 因型为( ) A．YYRR、yyrr B．YyRr、yyrr C．YyRR、yyrr D．YYRr、yyrr 解析：解答本题的疑难点在于不能把性状分离比分解成孟德 尔分离比，突破点是将两对相对性状分开考虑。根据 F2 中黄:绿＝ 3:5 可知，对于黄、绿这对相对性状来说，F1 中一种个体自交后代 全部是绿，基因型为 yy，另一种个体自交后代中黄:绿＝3:1，基因 型为 Yy；同理，对于圆粒、皱粒这对相对性状来说，F1 中一种个 体基因型为 rr，另一种个体基因型为 Rr，综上所述，亲本的基因 型应为 YyRr、yyrr。 答案：B 14．雄蜂由未受精的卵细胞发育而来(叫孤雌生殖)。一雌蜂和 一雄蜂交配产生 F1，在 F1 雌雄个体交配产生的 F2 中，雄蜂基因型 共有 AB、Ab、aB、ab 四种，雌蜂的基因型共有 AaBB、AaBb、 aaBB、aaBb 四种，则亲本的基因型是( ) A．aabb×AB B．AaBb×Ab C．aaBB×Ab D．AABB×ab 解析：解答本题的疑难点在于不理解雌蜂、雄蜂的来源。解 题的关键是明确子代雄蜂的基因型就是亲代雌蜂产生的卵细胞的 基因型。从 F2 中雄蜂的基因型有 AB、Ab、aB、ab 四种，可推知 F1 雌蜂的基因型为 AaBb，从 F2 雌蜂的基因型可知，F1 雄蜂的基 因型为 aB，则亲本的雌蜂只能产生 aB 一种配子，所以亲本雌蜂 的基因型为 aaBB，而要产生基因型为 AaBb 的雌蜂，亲本雄蜂的 基因型只能是 Ab。因此，C 正确，具体图示如下： 答案：C 15．[2019·全国卷Ⅱ]某种甘蓝的叶色有绿色和紫色。已知叶 色受 2 对独立遗传的基因 A/a 和 B/b 控制，只含隐性基因的个体 表现隐性性状，其他基因型的个体均表现显性性状。某小组用绿 叶甘蓝和紫叶甘蓝进行了一系列实验。 实验①：让绿叶甘蓝(甲)的植株进行自交，子代都是绿叶 实验②：让甲植株与紫叶甘蓝(乙)植株杂交，子代个体中绿叶: 紫叶＝1:3 回答下列问题。 (1)甘蓝叶色中隐性性状是________，实验①中甲植株的基因 型为________。 (2)实验②中乙植株的基因型为________，子代中有________ 种基因型。 (3)用另一紫叶甘蓝(丙)植株与甲植株杂交，若杂交子代中紫叶 和 绿 叶 的 分 离 比 为 1:1 ， 则 丙 植 株 所 有 可 能 的 基 因 型 是 ________________________________________________________ ________________； 若 杂 交 子 代 均 为 紫 叶 ， 则 丙 植 株 所 有 可 能 的 基 因 型 是 ____________；若杂交子代均为紫叶，且让该子代自交，自交子 代 中 紫 叶 与 绿 叶 的 分 离 比 为 15:1 ， 则 丙 植 株 的 基 因 型 为 ____________。 解析：(1)(2)由实验①可知甲为纯合子，由实验②子代个体中 绿叶:紫叶＝1:3 可知，紫叶为显性，绿叶为隐性，且紫叶甘蓝乙植 株基因型为 AaBb，绿叶植株甲为 aabb，二者杂交，子代基因型有 4 种，分别是 AaBb、Aabb、aaBb、aabb。(3)由丙与甲杂交，后代 中有绿叶可知，丙肯定产生含 ab 的配子。又因为杂交后代紫叶和 绿叶分离比为 1:1，故丙能产生两种数目相等的配子，因此丙植株 的基因型可能为 Aabb、aaBb；若杂交子代均为紫叶，则丙植株中 两对基因至少有一对为显性纯合子，因此基因型可能为 AABB、 AABb、AAbb、AaBB、aaBB；由杂交子代自交后代中紫叶与绿叶 的分离比为 15:1，可知该子代基因型为 AaBb，故产生该子代的紫 叶甘蓝丙的基因型为 AABB。 答案：(1)绿色 aabb (2)AaBb 4 (3)Aabb、aaBb AABB、 AAbb、aaBB、AaBB、AABb AABB 【素养达成练】 16．某植物的花色有紫色、红色和白色三种类型，下表为该 植物纯合亲本间杂交实验的结果，请分析并回答下列问题： 组别 亲本 F1 F2 1 白花×红花 紫花 紫花:红花:白花＝9:3:4 2 紫花×红花 紫花 紫花:红花＝3:1 3 紫花×白花 紫花 紫花:红花:白花＝9:3:4 (1)该性状是由________对独立遗传的等位基因决定的，且只 有在________种显性基因同时存在时才能开紫花。 (2)若表中红花亲本的基因型为 aaBB，则第 1 组实验中白花亲 本的基因型为________，F2 表现为白花的个体中，与白花亲本基 因型相同的占________；若第 1 组和第 3 组的白花亲本之间进行 杂交，后代的表现型应________。 (3)若第 3 组实验的 F1 与某纯合白花品种杂交，请简要分析杂 交后代可能出现的表现型及其比例以及相对应的该白花品种可能 的基因型： ①如果杂交后代紫花与白花之比为 1:1，则该白花品种的基因 型是________； ② 如 果 ________________________________________________________ ________________，则该白花品种的基因型是 aabb。 解析：(1)由表格可知，第 1 组中 F2 的表现型紫花:红花:白花 ＝9:3:4，是 9:3:3:1 的变形，所以该性状是由两对独立遗传的等位 基因决定的，双显性表现为紫色，即只有在两种显性基因同时存 在时才能开紫花。(2)第 1 组中 F1 的紫花基因型为 AaBb，红花亲 本的基因型为 aaBB，则白花亲本的基因型为 AAbb；F2 白花基因 型及比例为 AAbb:Aabb:aabb＝1:2:1，所以与白花亲本基因型相同 的占 1/4；同理第 3 组中 F1 的紫花基因型为 AaBb，所以第 3 组中 亲本白花的基因型为 aabb，第 1 组和第 3 组的白花亲本之间进行 杂交，即 AAbb×aabb，后代基因型为 Aabb，表现型全为白花。(3) 第 3 组实验的 F1 为 AaBb，纯合白花的基因型为 AAbb 或 aabb。 若该白花品种的基因型是 AAbb，F1 与纯合白花品种杂交，即 AaBb×AAbb，子代基因型有四种，分别为 AABb、AAbb、AaBb、 Aabb，紫花与白花之比为 1:1；若白花品种的基因型是 aabb，F1 与纯合白花品种杂交，即 AaBb×aabb，子代的基因型有四种， AaBb、Aabb、aaBb、aabb，紫花:红花:白花＝1:1:2。 答案：(1)两 两 (2)AAbb 1/4 全为白花 (3)①AAbb ②杂交后代紫花:红花:白花＝1:1:2