2021年新高考数学名校选填压轴题好题汇编(五)
2021 新高考数学 轴题好题 (五)
一、 择题(共 25 题)
1.(2021 •全国模拟)已知抛物线 y2= 2px上三点A(2,2),B,C,直线AB,AC (x- 2)2+ y2= 1的
两 线, 直线BC的方 为 ( )
A.x+ 2y+ 1= 0 B. 3x+ 6y+ 4= 0 C. 2x+ 6y+ 3= 0 D.x+ 3y+ 2= 0
2.(2021 •全国模拟)已知 a< 5且 ae5= 5ea,b< 4且 be4= 4eb,c< 3且 ce3= 3ec, ( )
A. c< b< a B. b< c< a C. a< c< b D.a< b< c
3.(2020秋•静安区期末) 面直角 系 xOy中,α、β 于不 的任意角,它们的终边交
( 点O)于A、B两点.若A、B两点的纵 为正数 a、b,且 cos(α- β) ≤ 0,
a+ b的 大 为 ( )
A. 1 B. 2
C. 2 D. 不存
4.(2020秋•杨浦区校级期末)已知三角 ABC的三个顶点都
x2
4
+ y
2
3
= 1上,设它的三 边
AB、BC、AC的中点 为D、E、M,且三 边所 直线的斜 为 k1、k2、k3,且 k1、k2、k3 不
为 0.O为 点,若直线OD、OE、OM的斜 之 为 1.
1
k1
+ 1
k2
+ 1
k3
=( )
A.-4
3
B.-3 C.- 18
13
D.-3
2
5.(2020秋•大兴区期末)已知数 {an}的 n项 Sn= 2n+ 1- 2,若∀ n ∈N *,λan≤ 4+S2n恒成 ,
实数 λ的 大 ( )
A. 3 B. 4 C. 5 D. 6
6.(2020秋•大兴区期末)已知 C : x
2
a2
+ y
2
b2
= 1(a> b> 0)的左、右顶点 为A1,A2,且以线段
A1A2为直 的 与直线 bx- ay+ 2ab= 0相 , C的离 为 ( )
A. 2
3
B. 3
3
C. 2
3
D. 6
3
7.(2020秋•大通县期末)已知抛物线C : y2= 2px(p> 0)的焦点为 F,准线为 l,且 l过点 (-3,2),M
抛物线C上,若点N (2,4), |MF |+ |MN |的 为 ( )
A. 2 B. 3 C. 4 D. 5
8.(2020秋•大通县期末)已知点A,B 曲线
x2
a2
- y
2
b2
= 1(a> 0,b> 0)的左、右顶点,F1,F2 曲
线的左、右焦点,若| F1F2 |= 2 5
,P 曲线上 于A,B的 点,且直线PA,PB的斜 之积为定
4, |AB |= ( )
A. 2 B. 2 2
C. 2 3
D. 4
9.(2020秋•海淀区期末)数 {an}的 项公 为 an= n2- 3n,n ∈N *, n项 为 Sn.给出下 三个
结论:
①存 正整数m,n(m≠n), Sm=Sn;
②存 正整数m,n(m≠n), am+ an= 2 aman
;
③记Tn= a1a2…an(n= 1,2,3,…) 数 {Tn} 项.
其中所 正 结论的 号 ( )
A.① B. ③ C. ①③ D.①②③
10.(2020秋•海淀区期末)如图所示, 内放入两个球O1,O2,它们都与
相 ( 与 的每 母线相 ), 点 (图中粗线所示) 为⊙ C1,⊙
C2.这两个球都与 面 a相 , 点 为 F1,F2,丹 (G ⋅Dandelin)
用这个模 证 了 面 a与 面的交线为 ,F1,F2为此 的两个
焦点,这两个球也称为 Dandelin 球.若 的母线与它的轴的夹角为
30°,⊙C1,⊙C2的 为 1,4,点M为⊙C2上的一个定点,点P为
上的一个 点, 从点P 表面 达点M的路线 与线段PF1的 之
的 ( )
A. 6 B. 8 C. 3 3
D. 4 3
11.(2021 •福建模拟)已知 E : x
2
a2
+ y
2
b2
= 1(a> b> 0)的右焦点为F,短轴的一个端点为M,直线 l :
3x- 4y= 0交 E于A,B两点,若|AF |+ |BF |= 4,点M 直线 l的距离不 于
4
5
, E的
离 的取 围 ( )
A. (0, 3
2
] B. (0,3
4
] C. [ 3
2
,1) D. [3
4
,1)
12.(2020秋•西青区期末)2015 07 31日 17时 57 ,国 奥委 128次全 举行,投票
出 2022 冬奥 举 为 京.某人为了观 2022 京冬季奥运 ,从 2016 起,每 的 1
1日 银行存入 a元的定 蓄,若 为 p且保 不变, 约定每 ,存款的 息 自
转为新的一 的定 , 2022 的 1 1日 所 存款 息全部取出, 可取出钱(元 )的总数为 (
)
A. a(1+P)6 B. a(1+P)7
C. a
P
[(1+P)6- (1+P)] D. a
P
[(1+P)7- (1+P)]
13.(2021 •河南模拟)已知 曲线C : x
2
a2
- y
2
b2
= 1(a> 0,b> 0)的左焦点为F,以OF为直 的 与 曲
线C的渐近线交于不 点O的A,B两点,若四边 AOBF的面积为
1
2
(a2+ b2), 曲线C的渐
近线方 为 ( )
A.y=± 2
2
x B. y=± 2
x C. y=± x D.y=± 2x
14.(2020 •辽宁一模)已知函数 f(x) = 2( | cosx |+cosx) ∙ sinx给出下 四个 题:
① f(x)的 正 为 π;
② f(x)的图 关于直线 x= π
4
对称;
③ f(x) 间 [-π
4
,π
4
]上 ;
④ f(x)的 域为 [-2,2].
其中所 正 的 号 ( )
A.②④ B. ③④ C. ①③④ D.②③
15.(2021 •天津模拟)已知函数 f(x) =
x2+ (4a- 3)x+ 3a,x< 0
loga(x+ 1) + 1,x≥ 0
(a> 0,a≠ 1) R上 减,且关于
x的方 | f(x) |= 2- x恰好 两个不相 的实数解, a的取 围 ( )
A. (0,2
3
] B. [2
3
,3
4
]
C. [ 1
3
,2
3
]⋃ { 3
4
} D. [ 1
3
,2
3
) ⋃ { 3
4
}
16.(2020秋•石景山区期末)如图,P 正方 ABCD-A1B1C1D1对角线AC1上一 点,设AP的
为 x,若ΔPBD的面积为 f(x), f(x)的图 大致 ( )
A. B.
C. D.
17.(2020秋•成都期末)已知 M : x
2
4
+ y
2
3
= 1的左、右焦点 为F1、F2,过F2 y轴的 行线交
M于A、B两点,O为 点, 曲线N以F1、F2为顶点,以直线OA、OB为渐近线, 曲线N
的焦距为 ( )
A. 13
2
B. 5
2
C. 13
D. 5
18.(2020秋•海原县校级期末)若 (m+ 1)x2- (m- 1)x+ 3(m- 1) < 0对任意实数 x恒成 , 实数m
的取 围 ( )
A.m> 1 B.m<-1
C.m<- 13
11
D.m> 1或m<- 13
11
19.(2020秋•济南期末)早 古 时 ,亚 大的科学家赫 发 :光从一点直 另一点
择 短路 , 这两点间的线段.若光从一点不 直 另一点,而 经由一面 子( 面
曲面) 另一点,仍然 择 短路 .已知曲线C : x
2
4
+ y
2
3
= 1(y> 0),且 C 设为能起完
全 用的曲面 ,若光从点A(1,1) 出,经由C上一点P 点F(-1,0), |AP |+ |PF |= (
)
A. 6
B. 3 C. 2 3
D. 7
20.(2020秋•南 期末)已知点P为 曲线
x2
a2
- y
2
b2
= 1(a> b> 0)右支上一点,点F1,F2 为 曲线
的左右焦点,点 I △PF1F2的内 (三角 内 的 ),若恒 S△ IPF1- S△ IPF2≥
2
2
S△ IF1F2成 ,
曲线的离 取 围 ( )
A. (1, 2
) B. (1,2 2
) C. (1,2 2
] D. (1, 2
]
21.(2020秋•江岸区校级期末)甲乙两人进行乒乓球比赛,约定每 胜者 1 ,负者 0 ,比赛进行
一人比对方多 2 或打满 6 时 止.设甲 每 中 胜的 为
2
3
,乙 每 中 胜的 为
1
3
,且 胜负相互独 ,设比赛 止时已打 数为 ξ, P(ξ≥ 5) = ( )
A. 320
729
B. 64
729
C. 26
81
D. 16
81
22.(2020秋•江岸区校级期末)正方 ABCD-A1B1C1D1的棱 为 4,点M 棱AB上,且AM= 1,点P
正方 下 面ABCD内( 边界)的 点,且 点P 直线A1D1的距离与点P 点M的距离的
方差为 16, 点P B点的 ( )
A. 7
2
B. 2 2
C. 6
D. 2
23.(2020秋•江岸区校级期末)已知 C : x
2
a2
+ y
2
b2
= 1(a> b> 0)的左、右焦点 为F1,F2,点M (x1,
y1),N (-x1,-y1) C上,若 2 |MF1 |= 3 |NF1 |,且∠MF1N= 120°, C的离 为 ( )
A. 7
5
B. 5
7
C. 7
10
D. 2 5
7
24.(2020 •湖北二模)设 f(n)为 近 n
(n ∈N *)的整数,如 f(1)= 1,f(2)= 1,f(3)= 2,f(4)= 2,f
(5)= 2,…,若正整数m满足
1
f(1)
+ 1
f(2)
+ 1
f(3)
+…+ 1
f(m)
= 4034, m= ( )
A. 2016× 2017 B. 20172 C. 2017× 2018 D. 2018× 2019
25.(2020秋•东莞 期末)如图,四边 ABCD中,CE ∠ACD,AE=CE= 2 3
,DE= 3
,若∠
ABC=∠ACD, 四边 ABCD 的 大 为 ( )
A. 24 B. 12+ 3 3
C. 18 3
D. 3(5+ 3
)
二、多 题(共 4 题)
26.(2021 •全国模拟)设函数 f(x) = cos2x
2+ sinxcosx
, ( )
A. f(x) = f(x+ π) B. f(x)的 大 为
1
2
C. f(x) (-π
4
,0) D. f(x) (0,π
4
) 减
27.(2020秋•济南期末) 代数学 著《九章 》 九 《勾股》章中提 了著 的 “ 勾股容方 ” 问题.
如图,正方 GBEF内 于直角三角 ABC,其中BE= d,BC= a,AB= b,a≤ b, 下 关系
成 的 ( )
A. a< 2d< ab
B. ab
< 2d< a+ b
2
C. 1
d
= 1
a
+ 1
b
D. a2+ b2
= a+ b- d
28.(2020秋•济南期末)设抛物线 y= ax2的准线与对称轴交于点P,过点P 抛物线
的两 线, 点 为A B, ( )
A. 点P 为 (0, - 1
4a
) B. 直线AB的方 为 y= 1
4a
C.PA⊥PB D. |AB |= 1
2|a|
29.(2020秋•雁塔区校级期末)已知点A,B的 (-1,0),(1,0),直线A,B相交于点M,且它们
的斜 为 k1,k2,下 题 题的 ( )
A. 若 k1+ k2= 2, M的轨迹 ( 两个点)
B. 若 k1- k2= 2, M的轨迹 抛物线( 两个点)
C. 若 k1 ⋅ k2= 2, M的轨迹 曲线( 两个点)
D. 若 k1÷ k2= 2, M的轨迹 一 直线( 一点)
三、 题(共 21 题)
30.(2021 •全国模拟)对一个物理 n次测 , 以测 结 的 为该物理 的 结 .已
知 结 的误差 εn~N (0,
2
n
),为 误差 εn (-0.5,0.5)的 不 于 0.9545,至 要测
次.(若X~N (μ,σ2), P( |X- μ |< 2σ) = 0.9545).
31.(2020秋•静安区期末)如图所示, 面直角 系 xOy中, 点P以每秒
π
2
的角 从点A出发, 为 2的上 时针移 B,再以每秒
π
3
的角 从点B 为 1的下 时针移 点O, 上述过
中 点P的纵 y关于时间 t的函数表达 为 .
32.(2020 •新建区校级模拟)已知 曲线C : x
2
a2
- y
2
b2
= 1(a> 0,b> 0)的左,右焦点 为F1,F2,过右支
上一点P 曲线C的一 渐近线的 线, 足为H.若|PH |+ |PF1 |的 为 4a, 曲线C
的离 为 .
33.(2020秋•杨浦区校级期末)如 M C1 :
x2
16
+ y
2
9
= 1上的 点,N C2 :
x2
64
+ y
2
36
= 1上
的 点, 么ΔOMN面积的 大 为 .
34.(2020秋•杨浦区校级期末)已知方 1- x2
= x+ a 两个不 的实 , 实数 a的取 围为
.
35.(2020秋•杨浦区校级期末)已知A(x1,y1),B(x2,y2)为 M : x2+ y2= 4上的两点,且 x1x2+ y1y2=-
1
2
,设P(x0,y0)为 AB上一点,且AP
= 2PB
, | 3x0+ 4y0- 10 |的 为 .
36.(2020秋•大兴区期末)如图, 四面 ABCD中,其棱 为 1,M,N 为BC,AD的中点.若
MN
= xAB
+ yAC
+ zAD
, x+ y+ z= - 1
2
;直线MN CD
的夹角为 .
37.(2020秋•大兴区期末) 一 的 连续抛 n次,以Pn表示 出 连续 3次正面的 .
给出下 四个结论:
①P3=
7
8
;
②P4=
15
16
;
③ n≥ 2时,Pn+ 1
0,b> 0,1
a
+ 2
b
= 1, 4a
a- 1
+ 3b
b- 2
的 .
43.(2020 秋•天津期末)已知扇 AOB 为 1,∠ AOB = 60°, AB
上的点 P满足 OP
= λOA
+
μOB
(λ,μ ∈R), λ+ μ的 大 ;PA
∙PB
.
44.(2020 •石景山区一模)已知F 抛物线C : y2= 4x的焦点,M C上一点,FM的延 线交 y轴于点
N,若M为FN的中点, |FN |= .
45.(2020秋•成都期末)已知 C : (x- 2)2+ (y- 5)2= 4的 为C,T为直线 x- 2y- 2= 0上的
点,过点T C的 线, 点为M, TM
⋅TC
的 为 .
46.(2012 •上海) 矩 ABCD中,边AB、AD的 为 2、1,若M、N 边BC、CD上的点,且
满足
|BM
|
|BC
|
= |CN
|
|CD
|
, AM
⋅AN
的取 围 .
47.(2020秋•济南期末)为 全 ,宣 天下 ,首 (济 )马拉 赛于 2019 11 2日
大 湖 门 赛.如图①,②,③,④ 1个、5个、13个、25个首 马拉 赛的 LOGO
“ ”, 的方 图 ,设 n个图 an个 “ ”, n≥ 2时,an- an- 1= ,
a10= .
48.(2020秋•济南期末)已知
x2
a2
+ y
2
b2
= 1(a> b> 0)与 曲线
x2
m2
- y
2
n2
= 1(m> 0,n> 0)具 相
的焦点F1,F2,且 一 交于点P, 与 曲线的离 为 e1,e2,若∠F1PF2=
π
2
, e21+
e22的取 围为 .
49.(2020秋•凉山州期末)已知F1,F2 曲线
x2
a2
- y
2
b2
= 1(a> 0,b> 0)的左、右焦点,以 点
O为 ,|OF1 |为 的 与该 曲线左支交于A,B两点, 该 曲线离 为 时,
△F2AB为 边三角 .
50.(2020秋•江岸区校级期末)一个口袋中 3个红球 4个白球,从中取出 2个球.下面几个 题:
(1)如 不放回 抽取, 么取出 1个红球,1个白球的
2
7
;
(2)如 不放回 抽取, 么 至 取出一个红球的 件下, 2次取出红球的
3
5
;
(3)如 放回 抽取, 么取出 1个红球 1个白球的
12
49
;
(4)如 放回 抽取, 么 2次取 红球的 1次取 红球的 相 .
其中正 的 题 .
2021 新高考数学 轴题好题 (五)
一、 择题(共 25 题)
1.(2021 •全国模拟)已知抛物线 y2= 2px上三点A(2,2),B,C,直线AB,AC (x- 2)2+ y2= 1的
两 线, 直线BC的方 为 ( )
A.x+ 2y+ 1= 0 B. 3x+ 6y+ 4= 0 C. 2x+ 6y+ 3= 0 D.x+ 3y+ 2= 0
【解 】解:把点A(2,2)代入抛物线方 可 p= 1,所以抛物线的方 为 y2= 2x,
直线AB,AC (x- 2)2+ y2= 1的两 线,
设 线方 为 y- 2= k(x- 2),因为 线的距离 于 ,
1= |2|
k2+ 1
,解 k=± 3
,
直线AB的方 为 y- 2= 3
(x- 2),
直线AC的方 为 y- 2=- 3
(x- 2),
联 直线AB 抛物线的方 可 B( 8
3
- 4
3
, 2
3
- 2),
理可 C( 8
3
+ 4
3
,- 2
3
- 2),
由直线的两点 方 可 ,直线BC的方 为 3x+ 6y+ 4= 0.
故 :B.
2.(2021 •全国模拟)已知 a< 5且 ae5= 5ea,b< 4且 be4= 4eb,c< 3且 ce3= 3ec, ( )
A. c< b< a B. b< c< a C. a< c< b D.a< b< c
【解 】解: 题意,设 f(x) = e
x
x
,
a< 5且 ae5= 5ea,变 可
ea
a
= e
5
5
, f(a)= f(5),
b< 4且 be4= 4eb,变 可
eb
b
= e
4
4
, f(b)= f(4),
c< 3且 ce3= 3ec,变 可
ec
c
= e
3
3
, f(c)= f(3),
f(x) = e
x
x
,其导数 f′ (x) = e
x(x- 1)
x2
,
间 (0,1)上,f′ (x)< 0, f(x)为减函数,
间 (1, +∞)上,f′ (x)> 0, f(x)为 函数,其 图如图:
0< a< b< c< 1,
故 :D.
3.(2020秋•静安区期末) 面直角 系 xOy中,α、β 于不 的任意角,它们的终边交
( 点O)于A、B两点.若A、B两点的纵 为正数 a、b,且 cos(α- β) ≤ 0,
a+ b的 大 为 ( )
A. 1 B. 2
C. 2 D. 不存
【解 】解:角 α 角 β一个 一 ,另一个 二 ,
不妨 设 α 一 , β 二 ,
题意可 A(cosα,a)、B(cosβ,b),且 a= sinα> 0,b= sinβ> 0,
∴ cosα= 1- a2
,cosβ=- 1- b2
,
∴ cos(α- β) = cosαcosβ+ sinαsinβ=- 1- a2
⋅ 1- b2
+ ab≤ 0,
1- a2
⋅ 1- b2
≥ ab,
方可 ,a2+ b2≤ 1, 且仅 a= b时,取 号.
∴ a+ b= (a+ b)2
= a2+ b2+ 2ab
≤ 2(a2+ b2)
≤ 2
, 且仅 a= b时,取 号,
故 a= b时,a+ b取 大 为 2
,
故 :B.
4.(2020秋•杨浦区校级期末)已知三角 ABC的三个顶点都
x2
4
+ y
2
3
= 1上,设它的三 边
AB、BC、AC的中点 为D、E、M,且三 边所 直线的斜 为 k1、k2、k3,且 k1、k2、k3 不
为 0.O为 点,若直线OD、OE、OM的斜 之 为 1.
1
k1
+ 1
k2
+ 1
k3
=( )
A.-4
3
B.-3 C.- 18
13
D.-3
2
【解 】解:设A(x1,y1),B(x2,y2),C(x3,y3),
把A,B两点代入 方 可 :
x21
4
+ y
2
1
3
= 1,x
2
2
4
+ y
2
2
3
= 1,
两 差可 :
(x1- x2) (x1+ x2)
4
+ (y1- y2) (y1+ y2)
3
= 0,
x1+ x2
y1+ y2
=-4
3
⋅ y2- y1
x2- x1
,所以
1
kAB
=-4
3
kOD,
理可 :
1
kAC
=-4
3
kOM,
1
kBC
=-4
3
kOE,
所以
1
k1
+ 1
k2
+ 1
k3
=-4
3
(kOD+ kOM+ kOE) =-
4
3
,
故 :A.
5.(2020秋•大兴区期末)已知数 {an}的 n项 Sn= 2n+ 1- 2,若∀ n ∈N *,λan≤ 4+S2n恒成 ,
实数 λ的 大 ( )
A. 3 B. 4 C. 5 D. 6
【解 】解:由Sn= 2n+ 1- 2, a1=S1= 22- 2= 2,
n≥ 2时,an=Sn-Sn- 1= 2n+ 1- 2- (2n- 2) = 2n,
验证n= 1时 an= 2n成 ,∴ an= 2n,
Sn= 2n+ 1- 2,∴S2n= 22n+ 1- 2,
∵∀n ∈N *,λan≤ 4+S2n恒成 ,∴ λ≤ 4+S2n
an
= 4+ 2
2n+ 1- 2
2n
= 2(2n+ 1
2n
),
n= 1时,2(2n+ 1
2n
) 为 5.
∴ λ≤ 5.
实数 λ的 大 5.
故 :C.
6.(2020秋•大兴区期末)已知 C : x
2
a2
+ y
2
b2
= 1(a> b> 0)的左、右顶点 为A1,A2,且以线段
A1A2为直 的 与直线 bx- ay+ 2ab= 0相 , C的离 为 ( )
A. 2
3
B. 3
3
C. 2
3
D. 6
3
【解 】解:由题意可 以A1A2为直 的 的 为 点, 为 a,
直线 bx- ay+ 2ab= 0的距离为:
d= |2ab|
a2+ b2
= a,解 a2= 3b2,
所以 的离 为 e= c
a
= 1- b
2
a2
= 1- 1
3
= 6
3
,
故 :D.
7.(2020秋•大通县期末)已知抛物线C : y2= 2px(p> 0)的焦点为 F,准线为 l,且 l过点 (-3,2),M
抛物线C上,若点N (2,4), |MF |+ |MN |的 为 ( )
A. 2 B. 3 C. 4 D. 5
【解 】解:∵抛物线C : y2= 2px(p> 0)的焦点为F,
准线为 l且 1过点 (-3,2),
∴抛物线的准线方 x=-3,
抛物线的方 为 y2= 12x,
∴点N (2,4) 抛物线内,
过点N 准线的 线, 足 A,
设点M 直线 x=-3的距离 d,
∵M 抛物线C上,F 抛物线的C焦点,
∴ |MF |= d,
∴ |MN |+ |MF |= |MN |+d≥ |NA |,
∴ |MN |+ |MF |的 |NA |= 2+ 3= 5,
故 :D.
8.(2020秋•大通县期末)已知点A,B 曲线
x2
a2
- y
2
b2
= 1(a> 0,b> 0)的左、右顶点,F1,F2 曲
线的左、右焦点,若| F1F2 |= 2 5
,P 曲线上 于A,B的 点,且直线PA,PB的斜 之积为定
4, |AB |= ( )
A. 2 B. 2 2
C. 2 3
D. 4
【解 】解:设A(-a,0),B(a,0),P(x,y),
kPA=
y
x+ a
,kPB=
y
x- a
,
所以 kPA ⋅ kPB=
y
x+ a
⋅ y
x- a
= y2
x2- a2
=
(x
2
a2
- 1)b2
x2- a2
= b
2
a2
= 2,
因为|F1F2 |= 2 5
,
所以 2c= 2 5
,c= 5
,
因为 c2= a2+ b2,
所以 a= 1,b= 2,
所以|AB |= 2a= 2,
故 :A.
9.(2020秋•海淀区期末)数 {an}的 项公 为 an= n2- 3n,n ∈N *, n项 为 Sn.给出下 三个
结论:
①存 正整数m,n(m≠n), Sm=Sn;
②存 正整数m,n(m≠n), am+ an= 2 aman
;
③记Tn= a1a2…an(n= 1,2,3,…) 数 {Tn} 项.
其中所 正 结论的 号 ( )
A.① B. ③ C. ①③ D.①②③
【解 】解:若存 正整数m,n(m≠n), Sm=Sn, Sm-Sn= 0,
am+ 1+ am+ 2+…+ an= 0,
令 an= 0,解 n= 0( )或n= 3, a3= 0,
所以存 m= 2,n= 3, Sm=Sn,
故 项①正 ;
因为 am+ an= 2 aman
, ( am
- an
)2= 0,
am= an,且 am≥ 0,an≥ 0,
记 y=n2- 3n,对称轴为n= 3
2
,
而n= 1,2,3,…故只 n1= 1,n2= 2时, an1= an2,
此时 a1= 1- 3=-2= a2< 0不成 ,
故不存 正整数m,n(m≠n), am+ an= 2 aman
,故 项② 误;
因为Tn= a1a2…an(n= 1,2,3,…),
a1=-2,a2=-2,a3= 0,且 n≥ 2时,an ,
所以 n> 3时,an> 0,而T3= 0,
故 n> 3时,Tn= 0, T2= 4,T1=-2,
所以数 {Tn} 项T1=-2,故 项③正 .
故 :C.
10.(2020秋•海淀区期末)如图所示, 内放入两个球O1,O2,它们都与
相 ( 与 的每 母线相 ), 点 (图中粗线所示) 为⊙ C1,⊙
C2.这两个球都与 面 a相 , 点 为 F1,F2,丹 (G ⋅Dandelin)
用这个模 证 了 面 a与 面的交线为 ,F1,F2为此 的两个
焦点,这两个球也称为 Dandelin 球.若 的母线与它的轴的夹角为
30°,⊙C1,⊙C2的 为 1,4,点M为⊙C2上的一个定点,点P为
上的一个 点, 从点P 表面 达点M的路线 与线段PF1的 之
的 ( )
A. 6 B. 8 C. 3 3
D. 4 3
【解 】解:如图所示, 上任取一点P,连 VP交C1于Q,交C2于
点R,
连 O1Q,O1F1,PO1,PF1,O2R,
△O1PF与△O1PQ中,O1Q=O1F= r1,其中 r1为 ,
∠O1QP=∠O1FP= 90°,O1P为公共边,
所以△O1PF≅△O1PQ,所以PF1=PQ,
设P 表面 达M的路 为 d,
PF1+ d=PQ+ d≥PQ+PR=QR,
且仅 P为直线VM与 的交点时取 号,
QR=VR-VQ= OR2
tan30°
- OR1
sin30°
= r2- r1
3
2
= 8- 6= 2,
故从点P 表面 达点M的路线 与线段PF1的 之 的 6.
故 :A.
11.(2021 •福建模拟)已知 E : x
2
a2
+ y
2
b2
= 1(a> b> 0)的右焦点为F,短轴的一个端点为M,直线 l :
3x- 4y= 0交 E于A,B两点,若|AF |+ |BF |= 4,点M 直线 l的距离不 于
4
5
, E的
离 的取 围 ( )
A. (0, 3
2
] B. (0,3
4
] C. [ 3
2
,1) D. [3
4
,1)
【解 】解:如图所示,设F′为 的左焦点,连 AF′,BF′, 四边 AFBF′ 行四边 ,
∴ 4= |AF |+ |BF |= |AF′ |+ |AF |= 2a,∴ a= 2.
取M (0,b),∵点M 直线 l的距离不 于
4
5
,∴ |4b|
32+ 42
≥ 4
5
,解 b≥
1.
∴ e= c
a
= 1- b
2
a2
≤ 1- 1
22
= 3
2
.
∴ E的离 的取 围 (0, 3
2
].
故 :A.
12.(2020秋•西青区期末)2015 07 31日 17时 57 ,国 奥委 128次全 举行,投票
出 2022 冬奥 举 为 京.某人为了观 2022 京冬季奥运 ,从 2016 起,每 的 1
1日 银行存入 a元的定 蓄,若 为 p且保 不变, 约定每 ,存款的 息 自
转为新的一 的定 , 2022 的 1 1日 所 存款 息全部取出, 可取出钱(元 )的总数为 (
)
A. a(1+P)6 B. a(1+P)7
C. a
P
[(1+P)6- (1+P)] D. a
P
[(1+P)7- (1+P)]
【解 】解:由题意可知,可取出钱的总数为:
a ( 1 + p ) 7 + a ( 1 + p ) 6 + a ( 1 + p ) 5 + a ( 1 + p ) 4 + a ( 1 + p ) 3 + a ( 1 + p ) 2 + a ( 1 + p ) = a ⋅
(1+ p) [1- (1+ p)7]
1- (1+ p)
= a
p
[(1+ p)7- (1+ p)],
故 :D.
13.(2021 •河南模拟)已知 曲线C : x
2
a2
- y
2
b2
= 1(a> 0,b> 0)的左焦点为F,以OF为直 的 与 曲
线C的渐近线交于不 点O的A,B两点,若四边 AOBF的面积为
1
2
(a2+ b2), 曲线C的渐
近线方 为 ( )
A.y=± 2
2
x B. y=± 2
x C. y=± x D.y=± 2x
【解 】解: 题意,OA⊥AF, 曲线C的焦点F C的一 渐近线 y=± b
a
x的距离为
bc
a2+ b2
= b,
|AF |= b,所以|OA |= a,所以 ab= 1
2
(a2+ b2),
所以
b
a
= 1,
所以 曲线C的渐近线方 为 y=± x.
故 :C.
14.(2020 •辽宁一模)已知函数 f(x) = 2( | cosx |+cosx) ∙ sinx给出下 四个 题:
① f(x)的 正 为 π;
② f(x)的图 关于直线 x= π
4
对称;
③ f(x) 间 [-π
4
,π
4
]上 ;
④ f(x)的 域为 [-2,2].
其中所 正 的 号 ( )
A.②④ B. ③④ C. ①③④ D.②③
【解 】解:f(π+ x) = 2( | cos(π+ x) |+cos(π+ x)) ∙ sin(π+ x) =-2( | cosx |-cosx) ∙ sinx≠ f(x),
f(x)的 正 不 π,① , C 项;
f( π
2
- x) = 2( | cos( π
2
- x) |+cos( π
2
- x)) ∙ sin( π
2
- x) = 2( | sinx |+sinx) ∙ cosx≠ f(x),f(x)的图
不关于直线 x= π
4
对称,② , AD 项
f(x) 间 [-π
4
,π
4
]时,f(x) = 2( | cosx |+cosx) ∙ sinx= 4cosxsinx= 2sin2x, [-π
4
,π
4
]上
,③对, A 项;
故 :B.
15.(2021 •天津模拟)已知函数 f(x) =
x2+ (4a- 3)x+ 3a,x< 0
loga(x+ 1) + 1,x≥ 0
(a> 0,a≠ 1) R上 减,且关于
x的方 | f(x) |= 2- x恰好 两个不相 的实数解, a的取 围 ( )
A. (0,2
3
] B. [2
3
,3
4
] C. [ 1
3
,2
3
]⋃ { 3
4
} D. [ 1
3
,2
3
) ⋃ { 3
4
}
【解 】解:y= loga(x+ 1) + 1 [0,+∞) 减, 0< a< 1,
函数 f(x) R上 减, :
3- 4a
2
≥ 0
0< a< 1
02+ (4a- 3) ⋅ 0+ 3a≥ loga(0+ 1) + 1
;
解 ,
1
3
≤ a≤ 3
4
;
由图 可知, [0,+∞)上,| f(x) |= 2- x 且仅 一个解,
故 (-∞ ,0)上,| f(x) |= 2- x 且仅 一个解,
3a> 2 a> 2
3
时,联 | x2+ (4a- 3)x+ 3a |= 2- x,
△= (4a- 2)2- 4(3a- 2) = 0,
解 a= 3
4
或 1( ),
1≤ 3a≤ 2时,由图 可知, 件,
综上:a的取 围为 [ 1
3
,2
3
] {3
4
} ,
故 :C.
16.(2020秋•石景山区期末)如图,P 正方 ABCD-A1B1C1D1对角线AC1上一 点,设AP的
为 x,若ΔPBD的面积为 f(x), f(x)的图 大致 ( )
A. B.
C. D.
【解 】解:设正方 的棱 为 1,连 AC交BD于O,连PO, PO ΔPBD的高,
故ΔPBD的面积为 f(x) = 1
2
BD×PO,
三角 PAO中,PO= PA2+AO2- 2PA×AOcos∠PAO
= x2+ 1
2
- 2x× 2
2
× 2
3
,
∴ f(x) = 1
2
× 2
× x2+ 1
2
- 2x× 2
2
× 2
3
= 2
2
x2- 2
3
x+ 1
2
,
画出其图 ,如图所示,
对照 项,A正 .
故 :A.
17.(2020秋•成都期末)已知 M : x
2
4
+ y
2
3
= 1的左、右焦点 为F1、F2,过F2 y轴的 行线交
M于A、B两点,O为 点, 曲线N以F1、F2为顶点,以直线OA、OB为渐近线, 曲线N
的焦距为 ( )
A. 13
2
B. 5
2
C. 13
D. 5
【解 】解:由 M : x
2
4
+ y
2
3
= 1, a2= 4,b2= 3,
c= a2- b2
= 1,∴F1(-1,0),F2(1,0),
把 x= 1代入
x2
4
+ y
2
3
= 1, y=± 3
2
, A(1,3
2
),B(1, - 3
2
),
kOA=
3
2
,kOB=-
3
2
,
曲线N的渐近线方 为 y=± 3
2
x,
F1、F2为 曲线N的顶点,∴ 曲线的实 轴 为 1,
曲线的虚 轴 为
3
2
,∴ 曲线N的 焦距 c1= 12+ ( 3
2
)2
= 13
2
,
∴ 曲线N的焦距为 13
.
故 :C.
18.(2020秋•海原县校级期末)若 (m+ 1)x2- (m- 1)x+ 3(m- 1) < 0对任意实数 x恒成 , 实数m
的取 围 ( )
A.m> 1 B.m<-1 C.m<- 13
11
D.m> 1或m<- 13
11
【解 】解:∵(m+ 1)x2- (m- 1)x+ 3(m- 1)< 0对任意实数 x恒成 ,
① m+ 1= 0, m=-1时,不 为 2x- 6< 0,x< 3不 对任意实数 x满足,故不 题意;
② m+ 1≠ 0, m≠-1时,由 (m+ 1)x2- (m- 1)x+ 3(m- 1)< 0对任意实数 x恒成 ,
∴
m+ 1< 0
(m- 1)2- 12(m+ 1) (m- 1)< 0
,解 m<- 13
11
,
∴实数m的取 围 m<- 13
11
.
故 :C.
19.(2020秋•济南期末)早 古 时 ,亚 大的科学家赫 发 :光从一点直 另一点
择 短路 , 这两点间的线段.若光从一点不 直 另一点,而 经由一面 子( 面
曲面) 另一点,仍然 择 短路 .已知曲线C : x
2
4
+ y
2
3
= 1(y> 0),且 C 设为能起完
全 用的曲面 ,若光从点A(1,1) 出,经由C上一点P 点F(-1,0), |AP |+ |PF |= (
)
A. 6
B. 3 C. 2 3
D. 7
【解 】解:曲线C : x
2
4
+ y
2
3
= 1(y> 0)的图 如图,
的焦点 为F(-1,0),H(1,0),由 定义可知,
曲线上任意一点与两焦点的距离 为定 , |PF |+ |PH |= 4,
|PA |+ |PF |= |PA |+4- |PH |= 4- ( |PH |- |PA | ),
P、A、H共线时,|PH |- |PA | 大为|AH |= 1,
∴ |AP |+ |PF |的 为 4- 1= 3.
故 :B.
20.(2020秋•南 期末)已知点P为 曲线
x2
a2
- y
2
b2
= 1(a> b> 0)右支上一点,点F1,F2 为 曲线
的左右焦点,点 I △PF1F2的内 (三角 内 的 ),若恒 S△ IPF1- S△ IPF2≥
2
2
S△ IF1F2成 ,
曲线的离 取 围 ( )
A. (1, 2
) B. (1,2 2
) C. (1,2 2
] D. (1, 2
]
【解 】解:设△PF1F2的内 为 r, S△ IPF1=
1
2
∙ |PF1 | ∙ r,S△ IPF2=
1
2
∙ |PF2 | ∙ r,
S△ IF1F2=
1
2
∙ |F1F2 | ∙ r,
∵S△ IPF1-S△ IPF2≥
2
2
S△ IF1F2,
∴ |PF1 |- |PF2 |≥
2
2
|F1F2 |,
由 曲线的定义可知:|PF1 |- |PF2 |= 2a,|F1F2 |= 2c,
∴ a≥ 2
2
c, c
a
≤ 2
.
e= c
a
> 11,
∴ 曲线的离 的 围 (1, 2
].
故 :D.
21.(2020秋•江岸区校级期末)甲乙两人进行乒乓球比赛,约定每 胜者 1 ,负者 0 ,比赛进行
一人比对方多 2 或打满 6 时 止.设甲 每 中 胜的 为
2
3
,乙 每 中 胜的 为
1
3
,且 胜负相互独 ,设比赛 止时已打 数为 ξ, P(ξ≥ 5) = ( )
A. 320
729
B. 64
729
C. 26
81
D. 16
81
【解 】解: 题意知,ξ的所 可能 为 2,4,6,
设每两 比赛为一轮, 该轮结 时比赛 止的 为 (2
3
)2+ ( 1
3
)2= 5
9
.
若该轮结 时比赛还 继续,
甲、乙 该轮中 一 ,此时,该轮比赛结 对下轮比赛 止 .
从而 P(ξ= 2) = 5
9
,
P(ξ= 4) = 4
9
× 5
9
= 20
81
,
P(ξ= 6) = ( 4
9
)2= 16
81
,
∴P(ξ≥ 5) =P(ξ= 6) = 16
81
.
故 :D.
22.(2020秋•江岸区校级期末)正方 ABCD-A1B1C1D1的棱 为 4,点M 棱AB上,且AM= 1,点P
正方 下 面ABCD内( 边界)的 点,且 点P 直线A1D1的距离与点P 点M的距离的
方差为 16, 点P B点的 ( )
A. 7
2
B. 2 2
C. 6
D. 2
【解 】解:如图所示, PQ⊥AD, 足为Q, PQ⊥ 面ADD1A1,
过点Q QR⊥A1D1, A1D1⊥ 面PQR,
所以PR 为点P 直线A1D1的距离,
因为PR2-PQ2=RQ2= 16,且PR2-PM 2= 16,
所以PM=PQ,
所以点P的轨迹 以AD为准线,点M为焦点的抛物线,
如图建 直角 系, 点P的轨迹方 为 y2= 2x(0≤ x≤ 2 2
),
点B(7
2
,0),设点P(y
2
2
,y),
PB= (y
2
2
- 7
2
)2+ y2
= y4
4
- 5y
2
2
+ 49
4
.
故 :C.
23.(2020秋•江岸区校级期末)已知 C : x
2
a2
+ y
2
b2
= 1(a> b> 0)的左、右焦点 为F1,F2,点M (x1,
y1),N (-x1,-y1) C上,若 2 |MF1 |= 3 |NF1 |,且∠MF1N= 120°, C的离 为 ( )
A. 7
5
B. 5
7
C. 7
10
D. 2 5
7
【解 】解:由 的对称性可知,四边 MF1NF2为 行四边 ,且
∠MF1N= 120°,
所以∠F1MF2= 60°, 三角 F1MF2中,因为 2 |MF1 |= 3 |NF1 |,
所以可设|MF1 |= 3m, |NF1 |= |MF2 |= 2m,
由 定理可 :|F1F2 | 2= |MF1 | 2+ |MF2 | 2- 2 |MF1 ||MF2 | cos60°
= 7m2,
所以|F1F2 |= 7
m, 2c= 7
m,
由 的定义可 :2a= |MF1 |+ |MF2 |= 5m,
所以 的离 为 e= c
a
= 7
m
5m
= 7
5
,
故 :A.
24.(2020 •湖北二模)设 f(n)为 近 n
(n ∈N *)的整数,如 f(1)= 1,f(2)= 1,f(3)= 2,f(4)= 2,f
(5)= 2,…,若正整数m满足
1
f(1)
+ 1
f(2)
+ 1
f(3)
+…+ 1
f(m)
= 4034, m= ( )
A. 2016× 2017 B. 20172 C. 2017× 2018 D. 2018× 2019
【解 】解: 一组:
1
f(1)
= 1, 1
f(2)
= 1,共 2个,之 为 2;
二组:
1
f(3)
= 1
2
, 1
f(4)
= 1
2
, 1
f(5)
= 1
2
, 1
f(6)
= 1
2
,共 4个,之 为 2;
三组:
1
f(7)
= 1
3
, 1
f(8)
= 1
3
, 1
f(9)
= 1
3
, 1
f(10)
= 1
3
, 1
f(11)
= 1
3
, 1
f(12)
= 1
3
,Fong6个,之 为 2;
四组:
1
f(13)
= 1
4
, 1
f(14)
= 1
4
,… 1
f(20)
= 1
4
,共 8个,之 为 2;
…
n组:共 2n个,之 为 2;
∴ 1
f(1)
+ 1
f(2)
+ 1
f(3)
+…+ 1
f(m)
= 4034= 2× 2017,
故一共 2017组,
m= 2017× 2+ 2017× 2016
2
× 2= 2017× 2018,
故 :C.
25.(2020秋•东莞 期末)如图,四边 ABCD中,CE ∠ACD,AE=CE= 2 3
,
DE= 3
,若∠ABC=∠ACD, 四边 ABCD 的 大 为 ( )
A. 24 B. 12+ 3 3
C. 18 3
D. 3(5+ 3
)
【解 】解:设∠ABC=∠ACD= θ, 由CE ∠ACD,可 :∠ACE=∠ECD
= θ
2
,
∵AE=CE= 2 3
,DE= 3
,设CD= x,
∴由
DE
EA
= CD
AC
,可 :
3
2 3
= x
AC
,可 :AC= 2x,
∴ ΔDEC中,由 定理DE2=CD2+CE2- 2CD ⋅CD ⋅ cos θ
2
,可 :3= x2+ 12- 2× x× 2 3
×
cos
θ
2
,可 :-9= x2- 4 3
x ⋅ cosθ
2
,①
ΔAEC中,由 定理AE2=AC 2+CE2- 2CE ⋅AC ⋅ cosθ
2
,可 :12= (2x)2+ 12- 2× 2 3
× 2x
× cosθ
2
,可 :0= 4x2- 8 3
x ⋅ cosθ
2
,②
∴由①②联 解 :x= 3,可 :CD= 3,AC= 6,
∴ ΔACD中,由 定理可 :cosθ= CD
2+AC 2-AD2
2CD ⋅AC
= 9+ 36- 27
2× 3× 6
= 1
2
,
∴ ΔABC中,由 定理AC 2=AB2+BC 2- 2AB ⋅BC ⋅ cosθ,可 :36=AB2
+BC 2- 2AB ⋅BC ⋅ 1
2
=AB2+BC 2-AB ⋅BC≥ 2AB ⋅BC-AB ⋅BC=AB ⋅BC,
且仅 AB=BC时 号成 ,
∴ (AB+BC)2= 36+ 3AB ⋅BC≤ 36+ 3× 36= 144,解 :AB+BC≤ 12, 且仅
AB=BC时 号成 ,
∴四边 ABCD AB+BC+CD+DA= 3 3
+ 3+AB+BC≤ 3 3
+ 3+ 12= 3(5+ 3
),
且仅 AB=BC时 号成 .
故 :D.
二、多 题(共 4 题)
26.(2021 •全国模拟)设函数 f(x) = cos2x
2+ sinxcosx
, ( )
A. f(x) = f(x+ π) B. f(x)的 大 为
1
2
C. f(x) (-π
4
,0)
D. f(x) (0,π
4
) 减
【解 】解 :对 于 A :函 数 f ( x ) = cos2x
2+ sinxcosx
= 2 ×
cos2x- 0
sin2x- (-4)
,所以满足 f(x) = f(x+ π),故A正 ;
对于B : f(x)的几 意义为 上 点 (sin2x,cos2x)与点 (-
4,0)连线的斜 的 2 ,
相 时, 大 为
2
15
,故B 误;
对于C: x ∈ (-π
4
,0)时, 点 二 从左 右运 ,斜 先 大 减 ,故C 误;
对于D: x ∈ (0,π
4
)时, 点 一 从左 右运 ,斜 渐减 ,故D正 ;
如图所示:
故 :AD.
27.(2020秋•济南期末) 代数学 著《九章 》 九 《勾股》章中提 了著 的 “ 勾股容方 ” 问题.
如图,正方 GBEF内 于直角三角 ABC,其中BE= d,BC= a,AB= b,a≤ b, 下 关系
成 的 ( )
A. a< 2d< ab
B. ab
< 2d< a+ b
2
C. 1
d
= 1
a
+ 1
b
D. a2+ b2
= a+ b- d
【解 】解:因为正方 GBEF内 于直角三角 ABC,其中 BE= d,BC= a,
AB= b,
所以 tan∠BAC= d
b- d
= a
b
,整理可 d(a+ b) = ab,①
由①可
1
d
= 1
a
+ 1
b
,可 C正 ;
因为 a≤ b,由①可 ad= b(a- d)≥ a(a- d) = a2- ad,
a2≤ 2ad,可 a≤ 2d,故A 误;
由①可 d(a+ b) = ab≥ 2d ab
, 且仅 a= b时 号成 ,
可 ab
≥ 2d, 且仅 a= b时 号成 ,故B 误;
因为 d(a+ b) = ab,所以 (a+ b- d)2= (a+ b)2- 2(a+ b)d+ d2
= (a+ b)2- 2ab+ d2= a2+ b2+ d2,
故 a2+ b2
≠ a+ b- d,故D 误.
故 :AC.
28.(2020秋•济南期末)设抛物线 y= ax2的准线与对称轴交于点P,过点P 抛物线的两 线, 点
为A B, ( )
A. 点P 为 (0, - 1
4a
) B. 直线AB的方 为 y= 1
4a
C.PA⊥PB D. |AB |= 1
2|a|
【解 】解:抛物线的 准方 为 x2= 1
a
y,其准线方 为 y=- 1
4a
,
∴点P为 (0, - 1
4a
), 项A正 ;
∵ y= ax2的,∴ y= 2ax,
设点A的 为 (m,am2), 点A处的 线斜 为 2am,
∵ kAP=
am2+ 1
4a
m
,
∴
am2+ 1
4a
m
= 2am,解 m=± 1
2a
,
∴点A的纵 为 am2= a ⋅ 1
4a2
= 1
4a
,
∴直线AB的方 为 y= 1
4a
, 项B正 ;
不妨取A( 1
2a
,
1
4a
),B(- 1
2a
,
1
4a
),
PA
= ( 1
2a
,
1
2a
),PB
= (- 1
2a
,
1
2a
),
∴PA
⋅PB
=-( 1
2a
)2+ ( 1
2a
)2= 0, PA⊥PB,故 项C正 ;
|AB |= | 1
2a
-(- 1
2a
) |= 1
|a|
, 项D 误.
故 :ABC.
29.(2020秋•雁塔区校级期末)已知点A,B的 (-1,0),(1,0),直线A,B相交于点M,且它们
的斜 为 k1,k2,下 题 题的 ( )
A. 若 k1+ k2= 2, M的轨迹 ( 两个点)
B. 若 k1- k2= 2, M的轨迹 抛物线( 两个点)
C. 若 k1 ⋅ k2= 2, M的轨迹 曲线( 两个点)
D. 若 k1÷ k2= 2, M的轨迹 一 直线( 一点)
【解 】解:不妨设点M (x,y),
项A,不妨设 k1= k,k2= 2- k
y= k(x+ 1)
y= (2- k) (x- 1)
,
数 k ,y= x- 1
x
,x≠± 1,所以A不正 ;
项B,不妨设 k1= k,k2= 2+ k
y= k(x+ 1)
y= (2+ k) (x- 1)
,
数 k ,y= x2- 1,x≠± 1,所以B正 ;
项C,k1 ⋅ k2= 2=
y
x+ 1
⋅ y
x- 1
,整理 x2- y
2
2
= 1,x=± 1,所以C正 ;
项D,k1÷ k2= 2=
y
x+ 1
⋅ x- 1
y
,整理 x=-3,y≠ 0,所以D正 .
故 :BCD.
三、 题(共 21 题)
30.(2021 •全国模拟)对一个物理 n次 , 以 结 的 为该物理 的 结 .已
知 结 的误差 εn~N (0,
2
n
),为 误差 εn (-0.5,0.5)的 不 于 0.9545,至 要 32
次.(若X~N (μ,σ2), P( |X- μ |< 2σ) = 0.9545).
【解 】解: 正态曲线的对称性知,要 误差 εn (-0.5,0.5)的 不 于 0.9545,
(μ- 2σ,μ+ 2σ) ⊂ (-0.5,0.5)且 μ= σ,σ= 2
n
,
所以 0.5≥ 2 2
n
,
解 ,n≥ 32, n的 32.
故 为:32.
31.(2020秋•静安区期末)如图所示, 面直角 系 xOy中, 点P以每秒
π
2
的角 从点A出发,
为 2的上 时针移 B,再以每秒
π
3
的角 从点B 为 1的下 时针移
点 O, 上述过 中 点 P 的纵 y 关于时间 t 的函数表达 为 y =
2sin
π
2
t,0≤ t≤ 2
-sin[π
3
(t- 2)],2< t≤ 5
.
【解 】解: P 大 上 上运 时,∠POA= π
2
t,0≤ t≤ 2,
由任意角的三角函数的定义,可 P的纵 为 y= 2sinπ
2
t,0≤ t≤ 2;
点P 下 上运 时,∠POB= π+ π
3
(t- 2),2< t≤ 5,
可 P点纵 为 y= sin[π+ π
3
(t- 2)]=-sin[π
3
(t- 2)],2< t≤ 5.
∴ 点 P 的 纵 y 关 于 时 间 t 的 函 数 表 达 为 y =
2sin
π
2
t,0≤ t≤ 2
-sin[π
3
(t- 2)],2< t≤ 5
.
故 为:y=
2sin
π
2
t,0≤ t≤ 2
-sin[π
3
(t- 2)],2< t≤ 5
.
32.(2020 •新建区校级模拟)已知 曲线C : x
2
a2
- y
2
b2
= 1(a> 0,b> 0)的左,右焦点
为F1,F2,过右支上一点P 曲线C的一 渐近线的 线, 足为H.若|
PH |+ |PF1 |的 为 4a, 曲线C的离 为 5
.
【解 】解:由 曲线定义知,|PF1 |- |PF2 |= 2a, |PF1 |= |PF2 |+2a,∴ |PH |+ |
PF1 |= |PH |+ |PF2 |+2a,
所以,过F2 曲线一 渐近线的 线 足为H,交右支于点P,
此时|PH |+ |PF2 |+2a 且 为 4a, 焦点 渐近线的距离为 b
|PH |+ |PF2 |= b,所以 b+ 2a= 4a, b= 2a,c2= 5a2,
可 离 e= 5
.
故 为: 5
.
33.(2020秋•杨浦区校级期末)如 M C1 :
x2
16
+ y
2
9
= 1上的 点,N C2 :
x2
64
+ y
2
36
= 1上
的 点, 么ΔOMN面积的 大 为 12 .
【解 】解:ΔOMN面积S= 1
2
|OM
| ⋅ |ON
| sin∠MON= 1
2
(|OM
| ⋅ |ON
|2- (OM
⋅ON
)2
= 1
2
(|OM
| ⋅ |ON
|)2- (OM
⋅ON
)2
,
设OM
= (x1,y1),ON
= (x2,y2),
可 ( |OM
| ⋅ |ON
| )2- (OM
⋅ON
)2= (x21+ y21) (x22+ y22) - (x1x2+ y1y2)2= x21y22+ x22y21 - 2x1x2y1y2=
(x1y2- x2y1)2,
所以S= 1
2
| x1y2- x2y1 |,
由题意可设M (4cosα,3sinα),N (8cosβ,6sinβ),
S= 1
2
| 24cosαsinβ- 24sinαcosβ |= 12 | sin(α- β) |,
sin(α- β) =± 1时, α- β= 2kπ± π
2
,k ∈Z时,S取 大 12.
故 为:12.
34.(2020秋•杨浦区校级期末)已知方 1- x2
= x+ a 两个不 的实
, 实数 a的取 围为 (1, 2
) .
【解 】解: 题意画出图 ,如图所示:
y= x+ a表示一 直线,方 右边 y= 1- x2
,
直线与 相 时, 直线的距离 d= r, |a|
2
= 1,
解 :a= 2
或 a=- 2
( ),
直线与 两个公共点,
方 方 1- x2
= x+ a 两个不 的实 ,
此时 a的取 围为 (1, 2
).
故 为:(1, 2
).
35.(2020秋•杨浦区校级期末)已知A(x1,y1),B(x2,y2)为 M : x2+ y2= 4上的两点,且 x1x2+ y1y2=-
1
2
,设P(x0,y0)为 AB上一点,且AP
= 2PB
, | 3x0+ 4y0- 10 |的 为 10- 5 2
.
【解 】解:由题设可 :AP
= (x0- x1,y0- y1),PB
= (x2- x0,y2- y0),
∵AP
= 2PB
,∴
x0- x1= 2(x2- x0)
y0- y1= 2(y2- y0)
,
3x0= x1+ 2x2
3y0= y1+ 2y2
,
∴ 9(x20+ y20) = (x1+ 2x2)2+ (y1+ 2y2)2= (x21+ y21) + 4(x22+ y22) + 4(x1x2+ y1y2),
∵A(x1,y1),B(x2,y2)为 M : x2+ y2= 4上的两点,且 x1x2+ y1y2=-
1
2
,
∴ 9(x20+ y20) = 4+ 4× 4- 2= 18, x20+ y20= 2,
∴点P的轨迹为 x2+ y2= 2,
| 3x0+ 4y0- 10 |= 5× |3x0+ 4y0- 10|
32+ 42
,其几 意义为 x2+ y2= 2上一点 直线 3x+ 4y- 10= 0
的距离的 5 ,
∵ x2+ y2= 2的 (0,0) 直线 3x+ 4y- 10= 0的距离 d= |-10|
32+ 42
= 2,
∴ x2+ y2= 2上一点 直线 3x+ 4y- 10= 0的距离的 为 d- r= 2- 2
,
∴ | 3x0+ 4y0- 10 |= 5× |3x0+ 4y0- 10|
32+ 42
≥ 5(2- 2
)= 10- 5 2
,
故 为:10- 5 2
.
36.(2020秋•大兴区期末)如图, 四面 ABCD中,其棱 为 1,M,N 为BC,AD的中点.若
MN
= xAB
+ yAC
+ zAD
, x+ y+ z= - 1
2
;直线MN CD
的夹角为 .
【解 】解:由 M,N 为 BC,AD的中点可 AM
= 1
2
(AB
+
AC
),AN
= 1
2
AD
,
∴MN
=MA
+ AN
= - 1
2
(AB
+ AC
) + 1
2
AD
= - 1
2
AB
- 1
2
AC
+
1
2
AD
,
而MN
= xAB
+ yAC
+ zAD
,所以 x= y=- 1
2
,z= 1
2
,
∴ x+ y+ z=- 1
2
.
连 BN、CN, 四面 ABCD中,其棱 为 1,
所以BN=CN= 3
2
,而BC= 1,
所以MN= ( 3
2
)2- ( 1
2
)2
= 2
2
,
取AC的中点 E,EN //CD,所以∠ ENM 为直线MN CD的夹
角,
三角 MNE中,EN=EM= 1
2
,MN= 2
2
,
所以 cos∠ENM=
( 1
2
)2+ ( 2
2
)2- ( 1
2
)2
2× 1
2
× 2
2
= 2
2
,
直线MN CD的夹角为 45°.
故 为:- 1
2
,45°.
37.(2020秋•大兴区期末) 一 的 连续抛 n次,以Pn表示 出 连续 3次正面的 .
给出下 四个结论:
①P3=
7
8
;
②P4=
15
16
;
③ n≥ 2时,Pn+ 1P3>P4,
∴n≥ 2时,数 {Pn} 减, n≥ 2时,Pn+ 1 11
20
,故 项③ 误;
设N (5+ 2
cosθ,2+ 2
sinθ),M (5,2+ 2
),
MN的中点Q(5+ 2
2
cosθ,2+ 2
2
+ 2
2
sinθ),
而∠MAN= 90°, 点A为以MN为直 的 上,
设 为 r,MN 2= 4- 4sinθ, r= 1- sinθ
,
所以 t 大时 该 点Q的纵 , t= 2+ 2
2
+ 2
2
sinθ+ 1- sinθ
,
令 g(x) = 2+ 2
2
+ 2
2
x+ 1- x
,x ∈ [-1,1],
令 μ= 1- x
∈ [0, 2
], f(μ) = 2+ 2
2
+ 2
2
(1- μ2) + μ,μ ∈ [0, 2
],
f(μ) =- 2
2
μ2+ μ+ 2+ 2
, μ= 2
2
时,f(μ)max= f(
2
2
)=- 2
4
+ 2
2
+ 2+ 2
= 5 2
+ 8
4
,
所以 t的 大 为
5 2
+ 8
4
,故 项④正 ;
故 为:①②④.
40.(2020秋•丰台区期末)如 数 {an}满足
an+ 2
an+ 1
- an+ 1
an
= k(k为 数), 么数 {an}叫 比差数
,k叫 公比差.给出下 四个结论:
①若数 {an}满足
an+ 1
an
= 2n, 该数 比差数 ;
②数 {n ⋅ 2n} 比差数 ;
③所 的 比数 都 比差数 ;
④存 差数 比差数 .
其中所 正 结论的 号 ①③④ .
【解 】解: 题意,数 {an}满足
an+ 1
an
= 2n, an+ 2
an+ 1
- an+ 1
an
= 2n+ 2- 2n= 2,
所以数 比差数 ,故 项①正 ;
对于数 { n ⋅ 2n }, an+ 2
an+ 1
- an+ 1
an
= (n+ 2) ⋅ 2
n+ 2
(n+ 1) ⋅ 2n+ 1
- (n+ 1) ⋅ 2
n+ 1
(n) ⋅ 2n
= 2n+ 4
n+ 1
- 2n+ 2
n
=
2n2+ 4n- 2n2- 4n- 2
n(n+ 1)
= -2
n(n+ 1)
不 数,
所以数 {n ⋅ 2n}不 比差数 ,故 项② 误;
由 比数 的定义可知,an= an- 1q,
所以
an+ 2
an+ 1
- an+ 1
an
= q- q= 0,
所以所 的 比数 都 比差数 ,故 项③正 ;
设 差数 为 {an},公差为 d,
所以
an+ 2
an+ 1
- an+ 1
an
= an+ 2d
an+ d
- an+ d
an
= -d2
an(an+ d)
,
d= 0时,
an+ 2
an+ 1
- an+ 1
an
= 0,所以存 差数 比差数 ,故 项④正 .
故 :①③④.
41.(2020秋•西青区期末)已知抛物线C : y2= 4x的焦点为F,准线为 l,过点F的直线与抛物线交于两点
P(x1,y1),Q(x2,y2).
①抛物线 y2= 4x焦点 准线的距离为 2;
②若 x1+ x2= 6, |PQ |= 8;
③ y1y2=-4p2;
④过点P 抛物线顶点的直线交抛物线的准线为点A, 直线AQ//抛物线的对称轴;
⑤绕点 (-2,1)旋转且与抛物线C 且仅 一个公共点的直线至多 2 .
以上结论中正 的 号为 ①②④ .
【解 】解:由抛物线的方 可 :p= 2,且焦点F(1,0),准线方 为:x=-1,
对于①:由抛物线的焦点 以 准线方 可 焦点 准线的距离为 2,故①正 ,
对于②:由抛物线的定义可 :|PQ |= xx+ x2+ p= x1+ x2+ 2= 8,故②正 ,
对于③:设直线PQ的方 为:x=my+ 1,代入抛物线方 可 :
y2- 4my- 4= 0,所以 y1y2=-4≠-4p2,故③ 误,
对于④:由点P的 可设直线OP的方 为:y= y1
x1
x,
令 x=-1, y=- y1
x1
,所以A(-1, - y1
x1
),
因为由③知:y1y2=-4,y1+ y2= 4m,
所以点Q的 为 (x2, -
4
y1
),而点P满足方 y21= 4x1, x1=
1
4
y21,
所以A(-1, - 4
y1
),所以AQ//x轴, 直线AQ//抛物线的对称轴,故④正 ,
对于⑤: y= 1时, 然与抛物线只 一个公共点,
设过M的直线的方 为:x=my-m- 2,代入抛物线的方 可 :
y2- 4my+ 4m+ 8= 0,令△= 16m2- 4(4m+ 8) = 0,
解 m= 2或-1,
故绕点 (-2,1)旋转且与抛物线C 且仅 一个公共点的直线 3 .,故⑤ 误,
故 为:①②④.
42.(2020秋•天津期末)已知实数 a> 0,b> 0,1
a
+ 2
b
= 1, 4a
a- 1
+ 3b
b- 2
的 7+ 4 3
.
【解 】解:∵ 1
a
+ 2
b
= 1,
∴ a- 1= 2a
b
,b- 2= b
a
,且 a> 0,b> 0,
∴ 4a
a- 1
+ 3b
b- 2
= 4+ 4
a- 1
+ 3+ 6
b- 2
= 7+ 2b
a
+ 6a
b
≥ 7+ 2 12
= 7+ 4 3
, 且仅
2b
a
= 6a
b
,
a= 1+ 2 3
3
,b= 3
+ 2时取 号,
∴ 4a
a- 1
+ 3b
b- 2
的 7+ 4 3
.
故 为:7+ 4 3
.
43.(2020 秋•天津期末)已知扇 AOB 为 1,∠ AOB = 60°, AB
上的点 P满足 OP
= λOA
+
μOB
(λ,μ ∈R), λ+ μ的 大
2 3
3
;PA
∙PB
.
【解 】解:以O为 点,以OB为 x轴建 面直角 系,
设∠BOP= θ, P(cosθ,sinθ),B(1,0),A( 1
2
, 3
2
),
∵OP
= λOA
+ μOB
,
∴
cosθ= 1
2
λ+ μ
sinθ= 3
2
λ
,
λ= 2 3
sinθ
3
μ= cosθ- 3
3
sinθ
.
∴ λ+ μ= cosθ+ 3
3
sinθ= 2 3
3
sin(θ+ π
3
),
∵P AB
上,∴ 0≤ θ≤ π
3
,
∴ θ= π
6
时,λ+ μ取 大
2 3
3
.
PA
= ( 1
2
- cosθ, 3
2
- sinθ),PB
= (1- cosθ, - sinθ),
∴PA
∙PB
= ( 1
2
- cosθ) (1- cosθ) + ( 3
2
- sinθ) (-sinθ) = 3
2
- 3
2
cosθ- 3
2
sinθ= 3
2
- 3
sin(θ
+ π
3
).
∵ 0≤ θ≤ π
3
,∴ π
3
≤ θ+ π
3
≤ 2π
3
.
∴ θ+ π
3
= π
2
时,PA
∙PB
取
3
2
- 3
.
故 为:
2 3
3
,
3
2
- 3
.
44.(2020 •石景山区一模)已知F 抛物线C : y2= 4x的焦点,M C上一点,FM的延 线交 y轴于点
N,若M为FN的中点, |FN |= 3 .
【解 】解:抛物线C : y2= 4x的焦点 F(1,0),M C上一点,FM的延 线交 y轴于点N.若M为
FN的中点,
可知M的横 为:
1
2
,
|FM |= 1
2
+ 1= 1 1
2
,
|FN |= 2 |FM |= 2× 1 1
2
= 3.
故 为:3.
45.(2020秋•成都期末)已知 C : (x- 2)2+ (y- 5)2= 4的 为C,T为直线 x- 2y- 2= 0上的
点,过点 T C的 线, 点为M, TM
⋅ TC
的 为
16 .
【解 】解:由已知, (2,5), 2,如图,
TM
⋅TC
= (TC
+CM
) ⋅TC
=TC
2+CM
⋅TC
=TC
2-CM
⋅
CT
,
M 点,CT
CM
方 上的投 线段CM代表的数
,故CM
⋅CT
=CM
2= 4 个定 ,
故 CT取 时,TM
⋅TC
取 , CT
直线的 线段时取
直线 x- 2y- 2= 0,故 直线的距离
|2- 2× 5- 2|
12+ 22
=
2 5
,
所以TM
⋅TC
的 (2 5
)2- 4= 16,
故 为:16.
46.(2012 •上海) 矩 ABCD中,边AB、AD的 为 2、1,若M、N 边BC、CD上的点,且
满足
|BM
|
|BC
|
= |CN
|
|CD
|
, AM
⋅AN
的取 围 [1,4] .
【解 】解:以AB
所 的直线为 x轴,以AD
所 的直线为 y轴,
建 系如图,
∵AB= 2,AD= 1,
∴A(0,0),B(2,0),C(2,1),D(0,1),
设M (2,b),N (x,1),
∵ |BM
|
|BC
|
= |CN
|
|CD
|
,
∴ b= 2- x
2
∴AN
= (x,1),AM
= (2,2- x
2
),
∴AM
⋅AN
= 3
2
x+ 1, (0≤ x≤ 2),
∴ 1≤ 3
2
x+ 1≤ 4,
1≤AM
⋅AN
≤ 4
故 为:[1,4]
47.(2020秋•济南期末)为 全 ,宣 天下 ,首 ( )马拉 赛于 2019 11 2日
大 湖 门 赛.如图①,②,③,④ 1个、5个、13个、25个首 马拉 赛的 LOGO
“ ”, 的方 图 ,设 n个图 an个 “ ”, n≥ 2时,an- an- 1= 4(n- 1)
,a10= .
【解 】解:由图可知,a2- a1= 4,a3- a2= 4× 2,…,
所以 n≥ 2时,an- an- 1= 4(n- 1),
由 a2- a1= 4,a3- a2= 4× 2,…,an- an- 1= 4(n- 1),
相 ,an= 2n(n- 1) + 1,于 a10= 2× 10× 9- 1= 179.
故 为:4(n- 1);179.
48.(2020秋•济南期末)已知
x2
a2
+ y
2
b2
= 1(a> b> 0)与 曲线
x2
m2
- y
2
n2
= 1(m> 0,n> 0)具 相
的焦点F1,F2,且 一 交于点P, 与 曲线的离 为 e1,e2,若∠F1PF2=
π
2
, e21+
e22的取 围为 (2, +∞) .
【解 】解:设|PF1 |= s,|PF2 |= t,
由 曲线的定义可 s+ t= 2a,s- t= 2m,
解 s= a+m,t= a-m,
三角 F1PF2中,∠F1PF2=
π
2
,
可 4c2= s2+ t2= a2+m2+ 2am+ a2+m2- 2am,
a2+m2= 2c2,
1
e12
+ 1
e22
= 2,
所以 e21+ e22=
1
2
(e21+ e22) (
1
e12
+ 1
e22
)= 1
2
(2+ e1
2
e22
+ e2
2
e12
)≥ 1
2
(2+ 2 e12
e22
⋅ e2
2
e12
)= 2,
且仅 e1= e2时取 号, e1≠ e2,所以 e21+ e22> 2.
所以 e21+ e22的取 围为 (2, +∞).
故 为:(2, +∞).
49.(2020秋•凉山州期末)已知F1,F2 曲线
x2
a2
- y
2
b2
= 1(a> 0,b> 0)的左、右焦点,以 点
O为 ,|OF1 |为 的 与该 曲线左支交于A,B两点, 该 曲线离 为 3
+ 1 时,
△F2AB为 边三角 .
【解 】解:连结AF1,
∵F1F2 O的直 ,
∴∠F1AF2= 90°, F1A⊥AF2,
∵△F2AB 边三角 ,F1F2⊥AB,
∴∠AF2F1=
1
2
∠AF2B= 30°,
因此, Rt △F1AF2中,|F1F2 |= 2c,|F1A |= 1
2
|F1F2 |= c,
|F2A |= 3
2
|F1F2 |= 3
c.
曲线的定义, 2a= |F2A |- |F1A |= ( 3
- 1)c,
解 c= ( 3
+ 1)a,
∴ 曲线的离 为 e= c
a
= 3
+ 1.
故 为: 3
+ 1.
50.(2020秋•江岸区校级期末)一个口袋中 3个红球 4个白球,从中取出 2个球.下面几个 题:
(1)如 不放回 抽取, 么取出 1个红球,1个白球的
2
7
;
(2)如 不放回 抽取, 么 至 取出一个红球的 件下, 2次取出红球的
3
5
;
(3)如 放回 抽取, 么取出 1个红球 1个白球的
12
49
;
(4)如 放回 抽取, 么 2次取 红球的 1次取 红球的 相 .
其中正 的 题 (2)(4) .
【解 】解: 题意, 次 4个 题:
(1)如 不放回 抽取, 么取出 1个红球,1个白球的 P= C
1
3×C 1
4
C 2
7
= 4
7
,因此不正 ;
(2)如 不放回 抽取,至 取出一个红球的 P1= 1-
C 2
4
C 2
7
= 5
7
, 2次取出红球的 P2=
4× 3
7× 6
+ 3× 2
7× 6
= 3
7
,
至 取出一个红球的 件下, 2次取出红球的 P= P2
P1
= 3
5
,因此正 ;
(3)如 放回 抽取, 么取出 1个红球 1个白球的 P= C
1
3
C 1
7
× C
1
4
C 1
7
× 2= 24
49
≠ 12
49
,因此不正
;
(4)如 放回 抽取, 么 2次取 红球的 1次取 红球的 相 ,正 ,其 P
= C
1
3
C 1
7
= 3
7
.
其中正 的 题 (2)(4),
故 为:(2)(4).