【生物】2021届新高考生物 一轮复习 人教版 基因的分离定律 作业

【生物】2021届新高考生物 一轮复习 人教版 基因的分离定律 作业

‎2021届新高考生物 一轮复习 人教版 基因的分离定律 作业 ‎1．(2020·江西五市八校一模)下列选项中能判断出性状显隐性的是(　　)‎ A．一红色茉莉花与白色茉莉花杂交，子代全部为粉红色茉莉花 B．果蝇的眼色遗传方式为伴X染色体遗传，一白眼雄果蝇与一红眼雌果蝇杂交，子代雌果蝇中白眼和红眼各占一半 C．患某遗传病的男子与一正常女子结婚，生育一患病的儿子 D．高茎豌豆和矮茎豌豆杂交，子代中高茎豌豆∶矮茎豌豆≈1∶1‎ 解析：选B。一红色茉莉花与白色茉莉花杂交，子代全部为粉红色茉莉花，则控制红花和白花的性状为不完全显性，A不符合题意；一白眼雄果蝇与一红眼雌果蝇杂交，子代雌果蝇中白眼和红眼各占一半，说明红眼雌果蝇亲本是杂合子，杂合子表现的性状是显性性状，B符合题意；选项C、D可看作测交组合，不能判断显隐性，C、D不符合题意。‎ ‎2．(2020·福建福州质量抽测)假说—演绎法是现代科学研究中常用的一种科学方法，下列属于孟德尔在发现分离定律时的假说的内容是(　　)‎ A．子一代自交，后代出现3∶1的性状分离比 B．受精时，雌雄配子的结合是随机的，雌雄配子的数量比例为1∶1‎ C．生物体产生配子时，成对的遗传因子随着同源染色体的分离而彼此分离 D．生物的性状是由遗传因子决定的，这些因子就像独立的颗粒，不相融合 解析：选D。子一代自交，后代出现3∶1的性状分离比属于实验现象，A错误；雌雄配子的数量不相等，B错误；生物体产生配子时，成对的遗传因子彼此分离，孟德尔未涉及“同源染色体的分离”这一观点，C错误；生物的性状是由遗传因子决定的，这些因子就像独立的颗粒，不相融合，这属于假说内容，D正确。‎ ‎3．(2021·预测)下列关于一对相对性状遗传的叙述，正确的是(　　)‎ A．若仅考虑一对等位基因，在一个生物群体中，有4种不同的交配类型 B．通过测交可以推测被测个体产生配子的种类和数量 C．F2的表现型比为3∶1的结果最能说明基因分离定律的实质 D．自交是鉴别和保留纯合的抗锈病(显性)小麦最简便易行的方法 解析：选D。若仅考虑一对等位基因(A、a)，可有AA×AA、AA×Aa、AA×aa、Aa×aa、Aa×Aa、aa×aa 6种不同的交配类型，A错误；测交可以推测被测个体的基因型，并可以推测被测个体产生配子的种类和比例，不能测得配子的数量，B错误；基因分离定律的实质是等位基因分离，分别进入不同的配子中去，此过程发生在F1减数分裂过程中，C错误；鉴别植物是纯合子还是杂合子可用自交和测交的方法，小麦是自花传粉的植物，两种方法比较来说，自交是最简单易行的方法，D正确。‎ ‎4．(2020·安徽合肥四校联考)在下图所示利用小桶Ⅰ、Ⅱ 模拟性状分离比的实验中，下列相关叙述错误的是(　　)‎ A．分别从两个桶内抓取一个小球，组合在一起的过程发生在图示的c时期 B．每次要保证随机抓取，读取组合后必须放回 C．要求每个桶中小球总数量必须相同，并且每个桶中不同的小球必须相等 D．需要统计全班的结果并计算平均值，是为了减少统计的误差 解析：选C。Ⅰ、Ⅱ小桶中的小球表示的是一对等位基因D和d，说明模拟的是基因分离定律实验。分别从两个桶内抓取一个小球，组合在一起模拟的过程是受精作用，即为图示c时期，A正确；模拟分离定律实验时，每次要保证随机抓取，读取组合后必须放回，B正确；两个小桶的小球模拟的是雌雄生殖器官中产生的配子数，雌雄个体产生的雌雄配子数目本就不相等，每个小桶中小球总数量不一定要相同，C错误；为了减少误差，需要统计全班的结果并计算平均值，D正确。‎ ‎5．(2021·预测)已知某种老鼠的体色由常染色体上的基因A＋、A和a决定，A＋(纯合会导致胚胎致死)决定黄色，A决定灰色，a决定黑色，且A＋对A是显性，A对a是显性。下列说法正确的是(　　)‎ A．该种老鼠的成年个体最多有6种基因型 B．A＋、A和a基因遵循基因的自由组合定律 C．基因型均为A＋a的一对老鼠交配产下了3只小鼠，可能全表现为黄色 D．一只黄色雌鼠和一只黑色纯合雄鼠杂交，后代可能出现3种表现型 解析：选C。根据题意分析可知，由于A＋纯合会导致胚胎致死，因此该种老鼠的成年个体最多有5种基因型(A＋A、A＋a、AA、Aa、aa)，A错误；A＋、A和a为复等位基因，位于一对同源染色体上，遵循基因的分离定律，B错误；基因型均为A＋a的一对老鼠交配，后代基因型及比例为A＋a∶aa＝2∶1，其产生的3只小鼠可能都是黄色(A＋a)，C正确；一只黄色雌鼠(A＋A或A＋a)和一只黑色纯合雄鼠(aa)杂交，后代只能出现黄色、灰色(或黄色、黑色)两种表现型，D错误。‎ ‎6．(2020·河南洛阳模拟)已知马的毛色有栗色和白色两种，由位于常染色体上的一对等位基因控制。在自由放养多年的一马群中，两基因频率相等。正常情况下，每匹母马一次只生产一匹小马。以下关于性状遗传的研究方法及推断不正确的是(　　)‎ A．选择多对栗色马与白色马杂交，若后代白色马明显多于栗色马，则白色为显性 B．随机选出一匹栗色公马和六匹白色母马分别交配，若所产小马都是栗色，则栗色为显性 C．自由放养的马群随机交配一代，若后代栗色马明显多于白色马，则栗色为显性 D．选择多对栗色公马和栗色母马交配一代，若后代全部为栗色马，则白色为显性 解析：选B。设相关基因用A、a表示。由于两基因频率相等，即A＝1/2，a＝1/2，则选择多对栗色马和白色马杂交后，后代中表现显性性状的个体会明显多于表现隐性性状的个体，A正确；正常情况下，每匹母马一次只生产一匹小马，若一匹栗色公马和六匹白色母马分别交配，所产小马只有6匹，由于后代数目少，偶然性较大，不能确定栗色为显性，B错误；自由放养的马群随机交配一代，若后代栗色马明显多于白色马，则说明栗色为显性，C正确；多对栗色公马和栗色母马杂交，若后代全部是栗色马，则说明栗色最可能为隐性，因为如果是显性，很可能会出现性状分离，D正确。‎ ‎7．(2020·河南洛阳尖子生联考)黄瓜是雌雄同株单性花植物，果皮的绿色和黄色是受一对等位基因控制的具有完全显、隐性关系的相对性状。从种群中选定两个个体进行杂交，根据子代的表现型一定能判断显、隐性关系的是(　　)‎ A．绿色果皮植株自交和黄色果皮植株自交 B．绿色果皮植株和黄色果皮植株正、反交 C．绿色果皮植株自交和黄色果皮植株与绿色果皮植株杂交 D．黄色果皮植株自交或绿色果皮植株自交 解析：选C。如果绿色果皮植株和黄色果皮植株都是纯合子，则自交后代不发生性状分离，无法判断显、隐性关系，A、D不符合题意。作为雌雄同株的植物——黄瓜没有性染色体，不论两亲本都是纯合子，还是绿色果皮植株和黄色果皮植株有一株为杂合子，正、反交结果都相同，无法判断显、隐性关系，B不符合题意。绿色果皮植株自交，若后代发生性状分离，则绿色果皮为显性；若不发生性状分离，则说明绿色果皮是纯合子，再和黄色果皮植株杂交，若后代出现黄色果皮植株，则黄色果皮为显性，若后代均为绿色果皮植株，则绿色果皮为显性，C符合题意。‎ ‎8．(2020·湖南三湘名校联考)豌豆的紫花对白花为显性。两紫花豌豆杂交，F1中既有紫花豌豆又有白花豌豆。现去掉F1中的白花豌豆，则自然状态下F2的表现型比例为(　　)‎ A．1∶1　　　　　　　　 B．3∶1‎ C．5∶1 D．9∶6‎ 解析：选C。两紫花豌豆杂交，F1中既有紫花豌豆又有白花豌豆，说明这两株紫花豌豆为杂合子。若控制花色的基因用A和a表示，则F1的基因型及其比例为AA∶Aa∶aa＝1∶2∶1，其中aa表现为白花。去掉F1中的白花豌豆，则剩余的紫花豌豆中，基因型为AA的个体占1/3，Aa的个体占2/3。豌豆是自花传粉、闭花受粉的植物，在自然状态下只能进行自交，因此1/3AA的紫花植株自交所得的F2均为紫花，2/3Aa的紫花植株自交所得的F2中白花(aa)为(2/3)×(1/4)＝1/6，紫花(A－)为(2/3)×(3/4)＝1/2。所以F2的表现型及比例为紫花∶白花＝(1/3＋1/2)∶1/6＝5∶1，C符合题意。‎ ‎9．某常染色体显性遗传病在人群中的发病率为36%。现有一对患病的夫妇，他们所生小孩正常的概率是多少？若他们已经生有一个正常男孩，那他们再生一个正常女孩的概率是多少(　　)‎ A．16/81　1/8 B．16/81　1/4‎ C．81/10 000　1/8 D．81/10 000　1/4‎ 解析：选A。常染色体显性遗传病在人群中的发病率为36%，相关基因用A、a表示，说明aa的概率为64%，所以人群中a基因占80%，A基因占20%，AA的概率为20%×20%＝4%，Aa的概率为32%。已知父母患病，所以基因型是Aa的概率为32%/36%，要生出不患病的孩子，那么父母的基因型都是Aa，都是Aa的概率是(32%/36%)×(32%/36%)，两个Aa生出aa的概率是1/4，所以总的来说孩子正常的概率是(32%/36%)×(32%/36%)×(1/4)＝16/81。该夫妇已经生有一个正常男孩，则该夫妇的基因型分别为Aa、Aa，生一个正常女孩的概率是(1/4)×(1/2)＝1/8。‎ ‎10．(不定项)(2020·山东重点学校联考)家鼠的毛色受常染色体上的一对等位基因(A/a)控制，且黄色对灰色为显性，含AA的胚胎致死。下列叙述错误的是(　　)‎ A．无须测交实验，只看毛色即可知道个体的基因型 B．黄色鼠自由交配的后代中黄色鼠∶灰色鼠＝2∶1‎ C．黄色鼠与灰色鼠杂交能获得最大比例的黄色鼠 D．黄色鼠与黄色鼠交配得到F1，F1自由交配一次得到F2，F2中黄色鼠的比例是4/9‎ 解析：选CD。黄色对灰色为显性，含AA的胚胎致死，故家鼠中只有Aa(黄色)和aa(灰色)的个体，故无须测交实验，只看毛色即可知道个体的基因型，A正确；黄色鼠基因型均为Aa，故自由交配的后代中黄色鼠∶灰色鼠＝2∶1，B正确；黄色鼠(Aa)与灰色鼠(aa)杂交后代中黄色鼠占1/2，而黄色鼠(Aa)与黄色鼠(Aa)交配所得后代中黄色鼠占2/3，C错误；黄色鼠(Aa)与黄色鼠(Aa)交配得到F1，F1中Aa∶aa＝2∶1，若F1自由交配得到F2，F1中A的基因频率为1/3，a的基因频率为2/3，所得F2中AA＝1/9(致死)，Aa＝4/9，aa＝4/9，故F2中黄色鼠的比例是1/2，D错误。‎ ‎11．(不定项)(原创)一株基因型为Aa的植物自交得到后代，下列相关叙述正确的是(　　)‎ A．若自交后代基因型比例是2∶3∶1，可能是含有隐性基因的花粉50%的死亡造成的 B．若自交后代的基因型比例是2∶2∶1，可能是隐性个体有50%的死亡造成的 C．若自交后代的基因型比例是4∶4∶1，可能是含有隐性基因的配子有50%的死亡造成的 D．若自交后代的基因型比例是1∶2∶1，可能是花粉有50%的死亡造成的 解析：选ACD。一杂合子(Aa)植株自交时，后代基因型及比例理论上应该是AA∶Aa∶aa＝1∶2∶1。若自交后代基因型比例是2∶3∶1，说明Aa和aa分别有1/4和1/2死亡，则可能是含有隐性基因的花粉50%的死亡造成的，A正确；若自交后代的基因型比例是2∶2∶‎ ‎1，则可能是杂合子和隐性个体都有50%的死亡造成的，B错误；若含有隐性基因的配子有50%的死亡，则自交后代的基因型比例是4∶4∶1，C正确；若花粉有50%的死亡，其并不影响花粉的基因型比例，所以后代的性状分离比仍然是1∶2∶1，D正确。‎ ‎12．(2020·山东青岛一模)某二倍体哺乳动物的毛色有三种表现型，受等位基因B1、B2和B3控制。当B1、B2和B3基因纯合时，个体分别表现为红色、黄色和黑色。现有三个纯系亲本杂交，其后代表现情况如下(后代数量足够多)，请回答下列问题：‎ 亲本 F1‎ 组合一 红色♀‎ 黑色♂‎ 红色♀‎ 红色♂‎ 组合二 黑色♀‎ 黄色♂‎ 黄色♀‎ 黑色♂‎ 组合三 黄色♀‎ 红色♂‎ ‎？‎ ‎？‎ ‎(1)控制该动物毛色的基因位于________染色体上，根据组合________可作出此判断。‎ ‎(2)已知B1对B2为显性，则组合三的F1表现为_________________________。在该动物某种群中随机选取多只红色雌性个体与一黄色雄性个体杂交，后代中黄色个体占的比例理论上取决于________________________________________________________________________。‎ ‎(3)该动物的毛型有短绒和长绒两种类型，显隐性关系未知，相关基因(用D、d表示)与控制毛色的基因位于不同的同源染色体上。甲(♀)和乙(♂)均为黄色长绒个体，二者杂交子一代中两对相对性状都出现了性状分离，则甲的基因型为________。‎ ‎(4)以甲、乙杂交后代为选择材料，如何从中尽快筛选出稳定遗传的黄色长绒雄性个体？请写出筛选思路：_______________________________________________________。‎ 解析：(1)组合一中，纯合亲本红色雌性与黑色雄性杂交，后代雌雄性全部为红色，说明红色对黑色为显性性状，即B1对B3为显性；组合二中，黑色母本与黄色父本杂交，后代雌性为黄色，雄性为黑色，表现为与性别相关联，说明为伴X染色体遗传，且黄色对黑色为显性性状，即B2对B3为显性。(2)已知B1对B2为显性，则组合三亲本为XB2XB2、XB1Y，后代基因型为XB1XB2、XB2Y，因此后代雌性个体全为红色，雄性个体全为黄色。在该动物某种群中随机选取多只红色雌性个体(XB1X－)与一黄色雄性个体(XB2Y)杂交，后代中黄色个体占的比例理论上取决于B2基因在该种群中的基因频率。(3)甲(♀)和乙(♂)均为黄色长绒个体，二者杂交子一代中两对相对性状都出现了性状分离，说明长绒对短绒是显性性状，且母本两对基因都是杂合的，因此甲的基因型为DdXB2XB3。(4)根据以上分析可知，甲的基因型为DdXB2XB3，乙的基因型为DdXB2Y，选择甲与乙杂交子一代中多只黄色长绒雄性个体(D_XB2Y)分别与短绒雌性个体(dd_ _)杂交，若某个杂交组合的后代全部为长绒个体，则该组合的父本为满足需要的个体。‎ 答案：(1)X　二 ‎(2)雌性个体全为红色，雄性个体全为黄色(或仅答雌性个体全为红色)　B2‎ 基因在该种群中的基因频率(或雌性个体中B2基因在等位基因中占的比例)‎ ‎(3)DdXB2XB3‎ ‎(4)选择甲与乙杂交子一代中多只黄色长绒雄性个体分别与短绒雌性个体杂交，若某个杂交组合的后代全部为长绒个体，则该组合的父本为满足需要的个体 ‎13．(2020·广东惠州模拟)自交不亲和性指某一植物的雌雄两性机能正常，但不能进行自花传粉或不能进行同一品系内异花传粉的现象。请回答下列问题：‎ ‎(1)烟草的自交不亲和性是由位于一对同源染色体上的复等位基因(S1、S2……S15)控制，以上复等位基因的出现是________的结果，同时也体现了该生命现象具有________的特点。‎ ‎(2)烟草的自交不亲和性机理如下图所示。‎ 据图分析，自然条件下，烟草不存在S系列基因的纯合个体的原因是_____________。‎ 只考虑S(S1、S2……S15)基因，该植物在自然界中存在着________种基因型，因此，自然条件下，自交不亲和性阻碍了自花受粉，增加了植物的________多样性，从而增强了对多变环境的适应性。‎ ‎(3)我市某果园种植有极受市民喜爱的同一品系的红心李，也存在着类似烟草的这种自交不亲和性机制，因此有经验的果农常常要在红心李园中栽种几棵本地产的三华李树作为授粉树，以获得预期的产量和果实品质。请从三华李的S基因型角度说明作为授粉树必须具备的特点_________________________________________________________。‎ 解析：(1)生物个体中控制同一性状的不同表现型的基因互为等位基因。烟草的自交不亲和性是由位于一对同源染色体上的复等位基因(S1、S2……S15)控制，以上复等位基因的出现是基因突变的结果，同时也体现了基因突变具有不定向性的特点。(2)第一幅图中，S3S4的花粉落在S1S2植株的柱头上，花粉管都能伸长，均可与卵细胞完成受精作用；第二幅图中，S1S2的花粉落在S1S2植株的柱头上，花粉管都不能伸长；第三幅图中，S1S3的花粉落在S1S2植株的柱头上，S3花粉管伸长，S1花粉管不伸长，S3可与卵细胞完成受精作用；因此，当花粉所含S基因与卵细胞的S基因种类相同时，花粉管就不能伸长完成受精作用，所以自然条件下，烟草不存在S系列基因的纯合个体。只考虑S(S1、S2……S15)基因，该植物在自然界中存在着C＝105种基因型，因此，自然条件下，自交不亲和性阻碍了自花受粉，增加了植物的基因多样性，从而增强了对多变环境的适应性。(3)由于三华李的花粉所含 S基因与卵细胞的S基因种类相同时，花粉管就不能伸长完成受精作用，所以作为授粉树必须保证其花粉所含的S基因型与红心李的S基因型不同。‎ 答案：(1)基因突变　不定向性　(2)当花粉粒所携带的S等位基因与母本的任何一个S基因种类相同时，花粉管就不能伸长完成受精作用　105　基因(或遗传)　(3)三华李的S基因型应该与红心李的S基因型不同 ‎14．(2021·预测)玉米(2N＝20)是雌雄异花、雌雄同株的作物。自然状态下的玉米可以在植株间相互传粉，也可以同株异花传粉(自交)。请回答下列问题：‎ ‎(1)在杂交过程中，玉米相对于豌豆可以省去________环节，在开花前直接对雌、雄花序进行________处理即可。‎ ‎(2)玉米某正常细胞着丝点已分裂且细胞内含有20条染色体，某同学判断该细胞处于减数第二次分裂后期，他作出该判断的理由是____________________________________。‎ ‎(3)玉米的高茎对矮茎为显性。为研究一纯合高茎玉米植株的果穗上所结子粒是全为纯合子、全为杂合子还是既有纯合子又有杂合子，某同学选取了该玉米果穗上两粒种子作为亲本，单独隔离种植，观察、记录并分别统计子一代植株的性状，子一代全为高茎，他就判断该玉米果穗所有子粒为纯合子，可老师认为他的结论不科学，理由是________________。‎ 请以该果穗为实验材料，写出科学的实验思路：_____________________________。‎ 预期现象及结论：‎ ‎①________________________________________________________________________；‎ ‎②________________________________________________________________________；‎ ‎③________________________________________________________________________。‎ 解析：(1)玉米是单性花，可以省去去雄环节，为防止同株异花传粉，需要在开花前对雌、雄花序进行套袋处理。(2)该细胞着丝点已分裂，只能处于有丝分裂后期或者减数第二次分裂后期，有丝分裂后期细胞的染色体数目应该为40，而观察到的细胞内只含有20条染色体，故处于减数第二次分裂后期。(3)某同学选取该玉米果穗上两粒种子作为亲本，选择的样本太少，实验有一定的偶然性，不能代表全部子粒的基因型，因此实验不科学。应该用该玉米果穗上所有子粒作为亲本，单独隔离种植，观察、记录并分别统计子一代植株的高茎、矮茎个体数量。预期现象及结论：①如果该玉米果穗所有子粒全是纯合子，则自交后代全为高茎；②如果该玉米果穗上的子粒全是杂合子，则每一粒种子自交后代既有高茎又有矮茎；③如果该玉米果穗上的子粒既有纯合子也有杂合子，则部分亲本的子一代全为高茎，另一部分亲本的子一代既有高茎又有矮茎。‎ 答案：(1)去雄　套袋 ‎(2)该细胞着丝点已分裂，若处于有丝分裂后期，则其染色体数目应该为40(合理即可)‎ ‎(3)‎ 选择的样本太少，实验具有一定的偶然性，不能代表全部子粒的基因型　实验思路：用该玉米果穗所有子粒作为亲本，单独隔离种植，观察、记录并分别统计子一代植株的高茎、矮茎个体数量　预期现象及结论：①若子一代全为高茎，说明该玉米果穗所有子粒全是纯合子　②若全部亲本的子一代都既有高茎又有矮茎，说明该玉米果穗上的子粒全是杂合子　③若部分亲本的子一代全为高茎，另一部分亲本的子一代既有高茎又有矮茎，说明该玉米果穗上的子粒既有纯合子也有杂合子 ‎15．(不定项)对图甲中1～4号个体进行基因检测，将含有该遗传病基因或正常基因的相关DNA片段各自用电泳法分离。正常基因显示一个条带，患病基因显示为另一种条带，结果如下图乙。下列有关分析判断错误的是(　　)‎ A．图乙中的编号c对应系谱图中的4号个体 B．条带2的DNA片段含有该遗传病致病基因 C．8号个体的基因型与3号个体的基因型相同的概率为1/3‎ D．9号个体与该遗传病携带者结婚，孩子患病的概率为1/8‎ 解析：选CD。系谱图中1、2号都正常，但他们的女儿4号患病，说明该病为常染色体隐性遗传病，设相关基因用A、a表示，1、2号个体的基因型为Aa，4号个体的基因型为aa，则4号个体对应图乙中的编号c，条带2为致病基因，条带1为正常基因，A、B正确；由图乙可知，3号个体的基因型为Aa，甲中8号个体的基因型为1/3AA或2/3Aa，因此两者相同的概率为2/3，C错误；9号个体的基因型为1/3AA或2/3Aa，他与一个携带者(Aa)结婚，孩子患病的概率为(2/3)×(1/4)＝1/6，D错误。‎ ‎16．(不定项)山羊胡子的出现由B基因决定，等位基因Bb、B＋分别决定有胡子和无胡子，但是Bb在雄性中为显性基因，在雌性中为隐性基因。有胡子雌山羊与无胡子雄山羊的纯合亲本杂交产生F1，F1中的2个个体交配产生F2(如下图所示)。下列判断正确的是(　　)‎ 无胡子(♂)×有胡子(♀↓‎ F1×F1‎ ‎↓‎ F2‎ A．F1中雌性表现为有胡子 B．F1中雄性50%表现为有胡子 C．F2纯合子中有胡子和无胡子两种表现型均有 D．控制山羊有无胡子的基因的遗传不具有伴性遗传的特点 解析：选CD。无胡子雄山羊B＋B＋与有胡子雌山羊BbBb杂交，F1的基因型都是B＋Bb，雄性都表现为有胡子，雌性都表现为无胡子。F2的基因型有B＋B＋(雌雄都表现为无胡子)，BbBb(雌雄都表现为有胡子)，B＋Bb(雄性都表现为有胡子，雌性都表现为无胡子)。在杂合子中，有胡子基因Bb的表现受性别影响，但该基因的遗传不是伴性遗传。‎ ‎17．(不定项)安达卢西亚鸡的毛色有蓝色、黑色和白点三种，且由一对等位基因(B、b)控制。下表为相关遗传实验研究结果，下列分析错误的是(　　)‎ 组别 P F1‎ ‎1‎ 黑色×蓝色 黑色∶蓝色＝1∶1‎ ‎2‎ 白点×蓝色 蓝色∶白点＝1∶1‎ ‎3‎ 黑色×白点 全为蓝色 A．蓝色安达卢西亚鸡的基因型为Bb，黑色鸡和白点鸡都是纯合子 B．蓝色的安达卢西亚鸡群随机交配，产生的后代有五种表现型 C．黑色安达卢西亚鸡群随机交配，产生的后代中约有1/3为白点鸡 D．一只蓝色安达卢西亚母鸡，如不考虑交叉互换和基因突变，则该鸡的一个次级卵母细胞的毛色基因组成为BB或bb 答案：BC ‎18．(2019·高考北京卷)油菜是我国重要的油料作物，培育高产优质新品种意义重大。油菜的杂种一代会出现杂种优势(产量等性状优于双亲)，但这种优势无法在自交后代中保持。杂种优势的利用可显著提高油菜籽的产量。‎ ‎(1)油菜具有两性花，去雄是杂交的关键步骤，但人工去雄耗时费力，在生产上不具备可操作性。我国学者发现了油菜雄性不育突变株(雄蕊异常，肉眼可辨)，利用该突变株进行的杂交实验如下：‎ ‎①由杂交一结果推测，育性正常与雄性不育性状受________对等位基因控制。在杂交二中，雄性不育为________性性状。‎ ‎②杂交一与杂交二的F1表现型不同的原因是育性性状由位于同源染色体相同位置上的3个基因(A1、A2、A3)决定。品系1、雄性不育株、品系3的基因型分别为A1A1、A2A2、A3A3。根据杂交一、二的结果，判断A1、A2、A3之间的显隐性关系是________________。‎ ‎(2)利用上述基因间的关系，可大量制备兼具品系1、3优良性状的油菜杂交种子(YF1)‎ ‎，供农业生产使用，主要过程如下：‎ ‎①经过图中虚线框内的杂交后，可将品系3的优良性状与________性状整合在同一植株上，该植株所结种子的基因型及比例为________。‎ ‎②将上述种子种成母本行，将基因型为________的品系种成父本行，用于制备YF1。‎ ‎③为制备YF1，油菜刚开花时应拔除母本行中具有某一育性性状的植株。否则，得到的种子给农户种植后，会导致油菜籽减产，其原因是________________________________。‎ ‎(3)上述辨别并拔除特定植株的操作只能在油菜刚开花时(散粉前)完成，供操作的时间短，还有因辨别失误而漏拔的可能。有人设想：“利用某一直观的相对性状在油菜开花前推断植株的育性”，请用控制该性状的等位基因(E、e)及其与A基因在染色体上的位置关系展示这一设想。‎ 解析：(1)①根据杂交一中杂合子F1自交后得到的F2为3育性正常∶1雄性不育，推知育性正常与雄性不育性状受一对等位基因控制。根据杂交二的F1均为雄性不育，推知在杂交二中雄性不育为显性性状。②杂交一中P雄性不育株(A2A2)×品系1(A1A1)→F1全为育性正常，说明A1相对A2为显性。杂交二中P雄性不育株(A2A2)×品系3(A3A3)→F1均为雄性不育，说明A2相对A3为显性。(2)①观察虚线框，可将品系3(A3A3)的优良性状与雄性不育性状整合在同一植株上，该植株基因型为A2A3，该植株与品系3杂交，所结种子的基因型及比例为A2A3∶A3A3＝1∶1。②将上述种子种成母本行，将基因型为A1A1的品系种成父本行，用于制备YF1。③若不拔除母本行中具有某一育性性状的植株(A3A3)，该种植株会自交，该种植株也会与A2A3植株杂交，这样所得种子中混有A3A3自交产生的种子、A2A3与A3A3杂交所产生的种子，这些种子在生产上无杂种优势且部分雄性不育。(3)需辨别植株的基因型为A2A3和A3A3。假设E基因位于A2基因所在染色体上，e基因在A3基因所在染色体上，则母本行中某一育性性状植株基因型为A3A3ee，而雄性不育植株基因型为A2A3Ee。若油菜植株具有E基因对应的显性性状，则其为雄性不育植株；若油菜具有e基因对应的隐性性状，则其为育性正常植株。‎ 答案：(1)①一　显　②A1对A2为显性；A2对A3为显性　(2)①雄性不育　A2A3∶A3A3＝1∶1　②A1A1‎ ‎③所得种子中混有A3A3自交产生的种子、A2A3与A3A3杂交所产生的种子，这些种子在生产上无杂种优势且部分雄性不育 ‎(3)‎