高考物理全真模拟试题8

高考物理全真模拟试题8

‎2019年高考物理全真模拟试题（八）‎ 满分110分，时间60分钟 第Ⅰ卷(选择题　共48分)‎ 选择题：本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第1～4题只有一项符合题目要求，第5～8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．‎ ‎1．下列有关物理学方法的说法中正确的是(　　)‎ A．在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看做匀速直线运动，再把各小段位移相加，这里运用了理想模型法 B．“如果电场线与等势面不垂直，那么电场强度沿着等势面方向就有一个分量，在等势面上移动电荷时电场力就要做功”，用的是控制变量法 C．在探究加速度与力、质量的关系实验中使用了理想化模型的思想方法 D．加速度、电场强度、电势都是采用比值法定义的物理量 ‎2．如图所示，倾角为α的斜面体静置在水平地面上．用恒力F推斜面体上的物块，物块恰好沿斜面匀速下滑，斜面体始终静止不动．已知物块的质量为m，斜面体质量为M，恒力F与斜面的夹角为β，物块与斜面间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g，则(　　)‎ A．斜面体受到的合力为零，物块受到的合力不为零 B．斜面体受到地面的摩擦力大小为Fcos(α＋β)‎ C．物块受到斜面的摩擦力大小为μmgcos α D．斜面体受到地面的支持力大小为(M＋m)g＋Fsin β ‎3．如图所示的四条实线是电场线，虚线表示等势面，四条电场线交于点O，A、B、C、D分别是四条电场线上的点，则下列说法正确的是(　　)‎ A．O点一定有一个正点电荷 B．C点的场强小于B点的场强，C点的电势高于B点的电势 C．A、D两点的场强大小不一定相等，但将一个电荷由A点移到D点电场力做功为零 D．若将一个正电荷由A点移到B点时电场力做正功，则将一个负电荷由D点移到C点时电场力做负功 ‎4．研究发现，双星系统演化过程中，两星的总质量、距离和周期均可能发生变化．若某双星系统中两星做圆周运动的周期为T，经过一段时间演化后，两星的总质量变为原来的k倍，两星之间的距离变为原来的n倍，则此时两星做圆周运动的周期为(　　)‎ A.T　　　　　　　　 B.T ‎ C.T D.T ‎5．如图所示，A、B、C三球的质量均为m，轻质弹簧一端固定在斜面顶端、另一端与A球相连，A、B间固定一个轻杆，B、C间由一轻质细线连接．倾角为θ的光滑斜面固定在地面上，弹簧、轻杆与细线均平行于斜面，初始系统处于静止状态，细线被烧断的瞬间，下列说法正确的是(　　)‎ A．B球的受力情况未变，加速度为零 B．A、B两个小球的加速度均沿斜面向上，大小均为gsin θ C．A、B之间杆的拉力大小为mgsin θ D．C球的加速度沿斜面向下，大小为gsin θ ‎6．如图所示，在光滑水平面内建立直角坐标系xOy，一质点在该平面内O点受大小为F的力作用从静止开始做匀加速直线运动，经过t时间质点运动到A点，A、O两点距离为a，在A点作用力突然变为沿y轴正方向，大小仍为F，再经t时间质点运动到B点，在B点作用力又变为大小等于4F、方向始终与速度方向垂直且在该平面内的变力，再经一段时间后质点运动到C点，此时速度方向沿x轴负方向，下列对运动过程的分析正确的是(　　)‎ A．A、B两点间距离为a B．C点与x轴的距离为a C．质点在B点的速度方向与x轴成30°角 D．质点从B点运动到C点所用时间可能为πt ‎7.在光电效应实验中，一同学用同一光电管在不同实验条件下得到了三条光电流与电压之间的关系曲线(甲光、乙光、丙光)，如图所示，则以下说法正确的有(　　)‎ A．甲光的频率等于乙光的频率 B．乙光的波长大于丙光的波长 C．乙光的频率等于丙光的频率 D．甲光对应的光电子最大初动能大于丙光对应的光电子最大初动能 ‎8．在如图倾角为θ的光滑斜面上，存在着两个磁感应强度大小均为B的匀强磁场，区域Ⅰ的磁场方向垂直于斜面向上，区域Ⅱ的磁场方向垂直于斜面向下，磁场的宽度均为L.一个质量为m、电阻为R、边长也为L的正方形导线框由静止开始沿斜面下滑，当ab边刚越过GH进入磁场区域Ⅰ时，恰好以速度v1做匀速直线运动；当ab边下滑到JP与MN的中间位置时，又恰好以速度v2做匀速直线运动，ab从进入GH到运动至MN与JP的中间位置的过程中，线框动能的变化量为ΔEk，重力对线框做的功为W1，安培力对线框做的功为W2，下列说法中正确的有(　　)‎ A．在下滑过程中，由于重力做正功，所以有v2＞v1‎ B．ab从进入GH到运动至MN与JP的中间位置的过程中机械能守恒 C．ab从进入GH到运动至MN与JP的中间位置的过程中，有(W1－ΔEk)的机械能转化为电能 D．ab从进入GH到运动至MN与JP的中间位置的过程中，线框动能的变化量ΔEk＝W1－W2‎ 第Ⅱ卷(非选择题　共62分)‎ 非选择题：包括必考题和选考题两部分．第9～12题为必考题，每个试题考生都必须做答．第13～14题为选考题，考生根据要求做答．‎ 9． ‎(5分)某探究学习小组的同学欲验证“动能定理”，他们在实验室组装了一套如图所示的装置，另外他们还找到了打点计时器及学生电源、导线、复写纸、纸带、小木块，细砂．当滑块连接上纸带，用细线通过滑轮挂上空的小砂桶时，释放小桶，滑块处于静止状态．实验时首先要平衡摩擦力．若你是小组中的一位成员，要完成该项实验，则：‎ ‎(1)你认为还需要的实验器材有________．‎ ‎(2)某同学用天平称量滑块的质量M.往砂桶中装入适量的细砂，用天平称出此时砂和砂桶的总质量m.让砂桶带动滑块加速运动，用打点计时器记录其运动情况，在打点计时器打出的纸带上取两点，测出这两点的间距L和这两点的速度大小v1与v2(v1＜v2)．若满足m≪M，则本实验最终要验证的数学表达式为________(用题中的字母表示实验中测量得到的物理量)．‎ ‎10．(10分)从下表中选出适当的实验器材，测量小灯泡的伏安特性曲线，得到如图的IU图线.‎ 器材(代号)‎ 规格 电流表(A1)‎ 量程0～0.6 A，内阻1 Ω 电流表(A2)‎ 量程0～3 A，内阻1 Ω 电压表(V1)‎ 量程0～3 V，内阻约2 kΩ 电压表(V2)‎ 量程0～15 V，内阻约10 kΩ 滑动变阻器(R0)‎ 阻值0～25 Ω 电池(E)‎ 电动势6 V，内阻不计 开关(S)‎ 导线若干 ‎(1)在如图所示的IU图线中，A到B过程中灯泡电阻改变了________Ω.‎ ‎(2)测量电路中电流表应选用________(填代号)，电压表应选用________(填代号)，电流表应采用________(填内、外)接法．‎ ‎(3)在图示虚线框中用笔补画完整实验电路图，要求变阻器滑动片右移时，灯泡两端电压变大．‎ ‎11．(14分)如图所示，半径R＝0.4 m的光滑圆弧轨道BC固定在竖直平面内，轨道的上端点B和圆心O的连线与水平方向的夹角θ＝30°，下端点C为轨道的最低点且与粗糙水平面相切，一根轻质弹簧的右端固定在竖直挡板上．质量m＝0.1 kg的小物块(可视为质点)从空中A点以v0＝2 m/s的速度被水平抛出，恰好从B点沿轨道切线方向进入轨道，经过C点后沿水平面向右运动至D点时，弹簧被压缩至最短，C、D两点间的水平距离L＝1.2 m，小物块与水平面间的动摩擦因数μ＝0.5，g取10 m/s2.求：‎ ‎(1)小物块经过圆弧轨道上B点时速度vB的大小；‎ ‎(2)小物块经过圆弧轨道上C点时对轨道的压力大小；‎ ‎(3)弹簧的弹性势能的最大值Epm.‎ ‎12．(18分)如图所示，一束电荷量为q、质量为m的带正电粒子从O点由静止开始经过匀强电场加速后，均能从边界AN的中点P垂直于AN和磁场方向射入磁感应强度大小B＝ (B为定值，不随加速电压U的改变而改变)的匀强磁场中，已知匀强电场的宽度d＝R，匀强磁场由一个长为2R、宽为R的矩形区域组成，磁场方向垂直纸面向里，粒子间的相互作用和重力均不计．试求：‎ ‎(1)带正电粒子经加速电压U加速后的速度v的大小；‎ ‎(2)每个粒子在电场中运动的时间；‎ ‎(3)每个粒子在电磁场中运动的总时间．‎ ‎(二)选考题(共15分．请考生从给出的2道题中任选一题做答．如果多做，则按所做的第一题计分)‎ ‎13．[物理——选修3－3](15分)‎ ‎(1)(5分)下列有关热学的叙述中，正确的是________．(选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分．每选错一个扣3分，最低得分为0分)‎ A．布朗运动是指悬浮在液体中的花粉分子的无规则热运动 B．随着分子间距离的增大，若分子间的相互作用力先增大后减小，此时分子间的作用力一定是引力 C．热力学第一定律和热力学第二定律是互不矛盾的 D．一定质量的理想气体在等温变化时，其内能一定不改变 E．热量可以从低温物体传到高温物体而不引起其他变化 ‎(2)(10分)如图，一根粗细均匀的细玻璃管开口朝上竖直放置，玻璃管中有一段长为h＝24 cm的水银柱封闭了一段长为x0＝23 cm的空气柱，系统初始温度为T0＝200 K，外界大气压恒定不变，为p0＝76 cmHg.现将玻璃管开口封闭，将系统温度升至T＝400 K，结果发现管中水银柱上升了2 cm，若空气可以看做理想气体，试求：‎ ‎①升温后玻璃管内封闭的上下两部分空气的压强分别为多少cmHg?‎ ‎②玻璃管总长为多少？‎ 答案部分 ‎1．解析：选D.在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看做匀速直线运动，再把各小段位移相加，这里运用了微元法，选项A错误；“如果电场线与等势面不垂直，那么电场强度沿着等势面方向就有一个分量，在等势面上移动电荷时电场力就要做功”，用的是反证法，选项B错误；在探究加速度与力、质量的关系实验中，控制质量不变，探究加速度和力的关系，或者控制力不变，探究加速度和质量的关系，使用了控制变量法，选项C错误；加速度、电场强度、电势都是采用比值法定义的物理量，选项D正确．‎ ‎2．解析：选B.斜面体和物块都处于平衡状态，受到的合力均为零，A错误；斜面体受到地面的摩擦力大小等于恒力F在水平方向的分力Fcos(α＋β)，B正确；物块受到斜面的摩擦力大小为μ(mgcos α＋Fsin β)，C错误；斜面体受到地面的支持力大小为(M＋m)g＋Fsin(α＋β)，D错误．‎ ‎3．解析：选C.电场线从正电荷出发或终止于负电荷，所以O点有一个正点电荷或者负点电荷，A错误；根据电场线的疏密可得，C点的场强小于B点的场强，但C点的电势不一定高于B点的电势，B错误；A、D两点电场线的疏密不一定相同，场强大小不一定相等，A、D处于同一个等势面上，将一个电荷由A点移到D点电场力做功为零，C正确；将一个正电荷由A点移到B点电场力做正功，说明A点电势高于B点电势，那么D点电势低于C点电势，则将一个负电荷由D点移到C点电场力也做正功，D错误. ‎ ‎4．解析：选B.设演化前双星的质量分别为m1、m2，轨道半径分别为r1、r2，由G＝m1r12＝m2r22，得T＝2π ，所以演化后两星做圆周运动的周期T′＝T，选项B正确．‎ ‎5．解析：选CD.细线被烧断的瞬间，绳上的弹力突变为零，B、C两球的受力均发生变化，C球只受重力和斜面的弹力作用，其合力沿斜面向下，大小为mgsin θ，根据牛顿第二定律可知，C球的加速度沿斜面向下，大小为gsin θ，选项A错误，选项D正确；细线被烧断前，细绳对B球沿斜面向下的拉力大小为mgsin θ，烧断瞬间，A、B两小球组成的系统的合力沿斜面向上，大小为mgsin θ，系统的加速度沿斜面向上，大小为a＝gsin θ，再隔离B球，设A、B之间杆的拉力大小为F，则F－mgsin θ＝ma，可得F＝mgsin θ，选项B错误，选项C正确．‎ ‎6．解析：选BD.根据题述质点从O到A做匀加速直线运动，从A到B做类平抛运动，从B到C做匀速圆周运动，画出质点运动轨迹图，由图中几何关系可得，A、B两点距离为s＝＝a，选项A错误．质点运动到B点的速度方向与x轴成45°角，选项C错误．质点运动到B点的速度v＝2.根据质点从B到C做匀速圆周运动，向心力等于4F可得4F＝mv2/R，解得R＝a.C点与x轴的距离为y＝a＋R＋R＝a，选项B正确．质点从B点运动到C点所用时间为＝πt，选项D正确．‎ ‎7．解析：选AB.由题图可知，甲、乙两光对应的遏止电压均为Uc2，由爱因斯坦光电效应方程Ek＝hν－W0和－eUc＝0－Ek可知，甲、乙两光的频率相同，且小于丙光的频率，由c＝λν可知乙光的波长大于丙光的波长，故选项A、B正确，C错误；甲光频率小于丙光的频率，则甲光对应的光电子的最大初动能小于丙光对应的光电子的最大初动能，选项D错误．‎ ‎8．解析：选CD.根据平衡条件，线框第一次做匀速运动时有mgsin θ＝，第二次做匀速运动时有mgsin θ＝，则v2＜v1，选项A错误；ab进入磁场后，安培力做负功，机械能减少，选项B错误；ab从进入GH到运动至JP与MN的中间位置，由动能定理有W1－W2＝ΔEk，选项D正确；线框克服安培力做的功为W2，等于产生的电能，且W2＝W1－ΔEk，选项C正确．‎ ‎9．解析：(1)验证“动能定理”的原理是用砂和桶的重力当成小车的合力，合力做功改变小车的动能，所以需要天平测量小车质量，刻度尺测量下降的距离以求解合力做功．‎ ‎(2)合力做的功W＝mgL，小车动能的增量为 Mv－Mv，即mgL＝Mv－Mv.‎ 答案：(1)天平，刻度尺(2分)　(2)mgL＝Mv－Mv(3分)‎ ‎10．解析：(1)先分别通过AO和BO连线的斜率，求出A、B两点对应电阻为30 Ω和40 Ω，则A到B过程中灯泡电阻改变了40 Ω－30 Ω＝10 Ω.‎ ‎(2)由图象测量的最大数值可知，电流表应选小量程0.6 A，即A1，电压表应选较大量程15 V，即V2.由于＝100 Ω＞40 Ω，故应采用电流表外接法；电表读数从0开始，故变阻器应采用分压式接法．‎ ‎(3)如图所示 答案：(1)10(2分)　(2)A1(2分)　V2(2分)　外(2分)‎ ‎(3)见解析图(2分)‎ ‎11．解析：(1)小物块恰好从B点沿切线方向进入轨道，由几何关系有vB＝＝4 m/s.(4分)‎ ‎(2)小物块由B点运动到C点，由机械能守恒定律有 mgR(1＋sin θ)＝mv－mv(2分)‎ 在C点处，由牛顿第二定律有F－mg＝m(2分)‎ 解得F＝8 N(1分)‎ 根据牛顿第三定律，小物块经过圆弧轨道上C点时对轨道的压力F大小为8 N．(1分)‎ ‎(3)小物块从B点运动到D点，由能量守恒定律有 Epm＝mv＋mgR(1＋sin θ)－μmgL＝0.8 J．(4分)‎ 答案：(1)4 m/s　(2)8 N　(3)0.8 J ‎12．解析：(1)由动能定理可得：qU＝mv2(2分)‎ 解得v＝ (2分)‎ ‎(2)分析可知粒子在电场中先加速后减速再加速由运动学公式有at＝(2分)‎ 其中a＝(1分)‎ 解得tEO＝ (1分)‎ 则在电场中的运动时间：‎ tE＝3 ＝3R (2分)‎ ‎(3)由牛顿第二运动定律有qBv＝m(2分)‎ 解得r＝＝(1分)‎ 分析可知粒子在磁场中运动的轨迹为一个半圆和一个四分之一圆周，如图所示，带电粒子在磁场中运动周期为：TB＝(1分)‎ 则在磁场中的运动时间tB＝TB(1分)‎ 故在电磁场中的运动时间t＝TB＋tE(1分)‎ 解得t＝＋3R ＝R (2分)‎ 答案：(1) 　(2)3R ‎(3)R ‎13．解析：(1)布朗运动是指悬浮在液体中的花粉的无规则运动，并不是其中的分子，A项错误；当两分子间表现为斥力时，随着分子间距离的增大，作用力一直减小，当两分子间表现为引力时，随着分子间距离的增大，作用力先增大后减小，B项正确；热力学第一定律是能量守恒定律的一种表达方法，热力学第二定律说明了和热现象有关的宏观过程具有方向性，二者并不矛盾，C项正确；理想气体的内能只由温度决定，所以等温变化时，其内能一定不变，D项正确；根据热力学第二定律可知E项错误．‎ ‎(2)分别表示出升温前后下部分气体的压强、体积和温度，利用理想气体状态方程可求出下部分气体升温后的压强，再利用连通器原理求出上部分气体的压强；同理，对上部分气体利用气体状态方程，可解出气体最初的长度，进而可得到玻璃管总长．‎ ‎①设升温后下部空气压强为p，玻璃管横截面积为S，对下部气体有 ＝(2分)‎ 代入数据得p＝184 cmHg(1分)‎ 此时上部气体压强p′＝p－h Hg＝160 cmHg(2分)‎ ‎②设上部气体最初长度为x，对上部气体有 ＝(2分)‎ 代入数据得x＝40 cm(1分)‎ 所以管总长为x0＋h＋x＝87 cm(2分)‎ 答案：(1)BCD　(2)①160 cmHg　184 cmHg