【物理】2020届一轮人教版专题4-20曲线运动的综合性问题（提高篇）作业

【物理】2020届一轮人教版专题4-20曲线运动的综合性问题（提高篇）作业

‎2020年高考物理100考点最新模拟题千题精练 第四部分 曲线运动 专题4.20曲线运动的综合性问题（提高篇）‎ 一．选择题 ‎1.（6分）（2019山东枣庄二模）如图所示，AB为光滑水平直轨道，BCD为半径是R的光滑半圆弧轨道。质量为m的小球在A点获得瞬时冲量l，经过D点时对轨道的压力大小等于小球的重力大小，经过D点后又恰好落到A点，重力加速为g，则下列判断正确的是（　　）‎ A．小球经过D点的速度为 B．小球获得的冲量I＝m ‎ C．小球即将着地时重力的瞬时功率为2mg D．小球从A点运动到B点用时2‎ ‎【参考答案】CD ‎【名师解析】根据小球在D点的受力情况应用牛顿第二定律求出经过D点时的速度；‎ 从A到D过程系统机械能守恒，应用机械能守恒定律求出小球在A点的速度，然后求出其获得的冲量；小球离开D后做平抛运动，应用平抛运动规律求出小球落地时的竖直分速度，然后求出重力的瞬时功率；小球从A到B做匀速直线运动，应用运动学公式可以求出从A到B的时间。‎ 小球过D点时对轨道的压力大小等于小球的重力大小，在D点，由牛顿第二定律得：mg+mg＝m，解得：vD＝，故A错误；从A到D过程小球机械能守恒，由机械能守恒定律得：，解得：vA＝，由动量定理得：I＝mvA＝m，故B错误；小球离开D后做平抛运动，竖直方向：vy＝＝2，‎ 小球落地时重力的瞬时功率：P＝mgccosα＝mgvy＝2mg，故C正确；小球离开D后做平抛运动，竖直方向：2R＝，水平方向：AB＝vDt，小球从A到B做匀速直线运动：AB＝vAt′，解得：t′＝2，故D正确。‎ ‎2.(多选)如图所示，一个固定在竖直平面上的光滑半圆形管道，管道里有一个直径略小于管道内径的小球，小球在管道内做圆周运动，从B点脱离后做平抛运动，经过0.3 s后又恰好垂直与倾角为45°的斜面相碰。已知半圆形管道的半径R＝1 m，小球可看做质点且其质量为m＝1 kg，g取10 m/s2。则(　　)‎ A.小球在斜面上的相碰点C与B点的水平距离是0.9 m B.小球在斜面上的相碰点C与B点的水平距离是1.9 m C.小球经过管道的B点时，受到管道的作用力FNB的大小是1 N D.小球经过管道的B点时，受到管道的作用力FNB的大小是2 N ‎【参考答案】AC ‎【名师解析】根据平抛运动的规律，小球在C点的竖直分速度vy＝gt＝3 m/s，水平分速度vx＝vytan 45°＝3 m/s，则B点与C点的水平距离为x＝vxt＝0.9 m，选项A正确，B错误；在B点设管道对小球的作用力方向向下，根据牛顿第二定律，有FNB＋mg＝m，vB＝vx＝3 m/s，解得FNB＝－1 N，负号表示管道对小球的作用力方向向上，选项C正确，D错误。‎ ‎3. (2017·山东泰州中学)如图所示,两个质量均为m的小物块a和b(可视为质点),静止在倾斜的匀质圆盘上,圆盘可绕垂直于盘面的固定轴转动,a到转轴的距离为l,b到转轴的距离为2l,物块与盘面间的动摩擦因数为,盘面与水平面的夹角为30°.设最大静摩擦力等于滑动摩擦力,重力加速度大小为g.若a、b随圆盘以角速度ω匀速转动,下列说法中正确的是 (　　)‎ A. a在最高点时所受摩擦力可能为0 B. a在最低点时所受摩擦力可能为0‎ C. ω=是a开始滑动的临界角速度 D. ω=是b开始滑动的临界角速度 ‎【参考答案】AD　‎ ‎【名师解析】 a在最高点时可能有重力沿斜面的分力提供向心力,所以所受摩擦力可能为0,，故选项A正确;；a在最低点,由牛顿运动定律f- mgsin θ=m,所以a 在最低点时所受摩擦力不可能为0，,故选项B错误；;对a在最低点,由牛顿运动定律μmgcos θ-mgsin θ=mω2l,代入数据解得ω=,，故选项C错误;；对b在最低点,由牛顿运动定律μmgcos θ- mgsin θ=mω2(2l),代入数据解得ω=,，故选项D正确.‎ 二．计算题 ‎1．(15分)（2017·山东莱州模拟）如图所示，用内壁光滑的薄壁细管弯成的“S”形轨道固定于竖直平面内，其弯曲部分是由两个半径均为R＝0.2 m的半圆平滑对接而成(圆的半径远大于细管内径)，轨道底端D点与粗糙的水平地面相切。现有一辆质量为m＝1 kg的玩具小车以恒定的功率从E点由静止开始出发，经过一段时间t＝4 s后，出现了故障，发动机自动关闭，小车在水平地面继续运动并进入“S”形轨道，从轨道的最高点飞出后，恰好垂直撞在固定斜面B上的C点，C点与下半圆的圆心O等高。已知小车与地面之间的动摩擦因数为μ＝0.1，ED之间的距离为x0＝10 m，斜面的倾角为30°。求：(g取10 m/s2)‎ ‎(1)小车到达C点时的速度大小为多少？‎ ‎(2)在A点小车对轨道的压力大小是多少，方向如何？‎ ‎(3)小车的恒定功率是多少？‎ ‎【参考答案】(1)4 m/s　(2)10 N　方向竖直向上　(3)5 W ‎【名师解析】(1)把小车在C点的速度分解为沿水平方向的分速度vA和沿竖直方向的分速度vy，‎ 有v＝2g×3R，vC＝，解得vC＝4 m/s。‎ ‎(2)由(1)知小车在A点的速度大小 vA＝vCsin30°＝2 m/s，‎ 因为vA＝>，小车对外轨有压力，轨道对小车的作用力竖直向下，根据牛顿第二定律有 mg＋FN＝m，解得FN＝10 N，‎ 根据牛顿第三定律得，小车对轨道的压力的大小FN′＝FN＝10 N，方向竖直向上。‎ ‎(3)从E到A的过程中，由动能定理可得 Pt－μmgx0－mg×4R＝mv，‎ 解得P＝5 W。‎ ‎2．(14分)如图所示，在同一竖直平面内，一轻质弹簧一端固定，另一自由端恰好与水平线AB平齐，静止放于倾角为53°的光滑斜面上。一长为L＝9 cm的轻质细绳一端固定在O点，另一端系一质量为m＝1 kg的小球，将细绳拉至水平，使小球从位置C由静止释放，小球到达最低点D时，细绳刚好被拉断。之后小球在运动过程中恰好沿斜面方向将弹簧压缩，最大压缩量为x＝5 cm。(取g＝10 m/s2，sin53°＝0.8，cos53°＝0.6)求：‎ ‎(1)细绳受到的拉力的最大值；‎ ‎(2)D点到水平线AB的高度h；‎ ‎(3)弹簧所获得的最大弹性势能Ep。‎ ‎【参考答案】(1)30 N　(2)16 cm　(3)2.9 J ‎【名师解析】(1)小球由C到D，由机械能守恒定律得：‎ mgL＝mv，解得v1＝①‎ 在D点，由牛顿第二定律得F－mg＝m②‎ 由①②解得F＝30 N，‎ 由牛顿第三定律知细绳所能承受的最大拉力为30 N。‎ ‎(2)由D到A，小球做平抛运动v＝2gh③‎ tan53°＝④‎ 联立①③④解得h＝16 cm。‎ ‎(3)小球从C点到将弹簧压缩至最短的过程中，小球与弹簧系统的机械能守恒，即Ep＝mg(L＋h＋xsin53°)，代入数据解得：Ep＝2.9 J。‎ ‎3．(20分) (2016·江苏无锡期中)如图所示，倾角为37°的粗糙斜面AB底端与半径R＝0.9 m的光滑半圆轨道BC平滑相连，O为轨道圆心，BC为圆轨道直径且处于竖直方向，A、C两点等高。质量m＝2 kg的滑块从A点由静止开始下滑，恰能滑到与O等高的D点，g取10 m/s2，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8。‎ ‎(1)求滑块与斜面间的动摩擦因数μ；‎ ‎(2)若使滑块能到达C点，求滑块从A点沿斜面滑下时的初速度v0的最小值；‎ ‎(3)若滑块离开C处的速度大小为 m/s，求滑块从C点飞出至落到斜面上的时间t。‎ ‎【参考答案】(1)0.375　(2)3 m/s　(3)0.4 s ‎【名师解析】(1)滑块由A到D过程，根据动能定理，有：‎ mg(2R－R)－μmgcos 37°·＝0－0‎ 得μ＝tan 37°＝0.375‎ ‎(2)若滑块能到达C点，根据牛顿第二定律，有mg＋FN＝则得vC≥＝ m/s＝3 m/s；‎ A到C的过程：根据动能定理有－μmgcos 37°·＝mv－mv 联立解得，v0＝≥＝3 m/s 所以，滑块从A点沿斜面下滑时的初速度v0的最小值为3 m/s。‎ ‎(3)滑块离开C点做平抛运动，则有 x＝vCt y＝gt2‎ 由几何关系得：tan 37°＝ 联立得10t2＋5t－3.6＝0‎ 解得t＝0.4 s。‎ ‎4．(20分) (2016·山西太原校级高三月考)物体做圆周运动时所需的向心力F需由物体运动情况决定，合力提供的向心力F供由物体受力情况决定。若某时刻F需＝F供，则物体能做圆周运动；若F需＞F供，物体将做离心运动；若F需＜F供，物体将做近心运动。现有一根长L＝0.5 m的刚性轻绳，其一端固定于O点，另一端系着质量m＝1 kg的小球(可视为质点)，将小球提至O点正上方的A点处，此时绳刚好伸直且无张力，如图所示。不计空气阻力，g取10 m/s2，则：‎ ‎(1)在小球以速度v1＝5 m/s水平抛出的瞬间，绳中的张力为多大？‎ ‎(2)在小球以速度v2＝1 m/s水平抛出的瞬间，绳中若有张力，求其大小；若无张力，试求轻绳再次伸直时所经历的时间。‎ ‎【参考答案】(1)40 N　(2)绳中无张力　0.4 s ‎【名师解析】(1)要使小球在竖直面内能够做完整的圆周运动，在最高点时至少应该是重力作为所需要的向心力，所以由mg＝m得：‎ v0＝＝ m/s 因为v1＞v0，故绳中有张力，由牛顿第二定律得：‎ FT＋mg＝m 代入数据解得，绳中的张力为：FT＝40 N，‎ ‎(2)因为v2＜v0，故绳中没有张力，小球将做平抛运动，如图所示 水平方向：x＝v2t 竖直方向：y＝gt2‎ L2＝(y－L)2＋x2‎ 代入数据解得：t＝0.4。‎ ‎5.为了研究过山车的原理，某物理小组提出了下列的设想：取一个与水平方向夹角为θ＝60°，长为L1＝2 m的倾斜轨道AB，通过微小圆弧与长为L2＝m的水平轨道BC相连，然后在C处设计一个竖直完整的光滑圆轨道，出口为水平轨道D，如图所示。现将一个小球从距A点高为h＝0.9 m的水平台面上以一定的初速度v0水平弹出，到A点时速度方向恰沿AB方向，并沿倾斜轨道滑下。已知小球与AB和BC间的动摩擦因数均为μ＝。g取10 m/s2，求：‎ ‎(1)小球初速度v0的大小；‎ ‎(2)小球滑过C点时的速率vC；‎ ‎(3)要使小球不离开轨道，则竖直圆弧轨道的半径R应该满足什么条件。‎ ‎【参考答案】(1) m/s　(2)3 m/s　(3)0＜R≤1.08 m ‎【名师解析】(1)小球做平抛运动到达A点，由平抛运动规律知竖直方向有：v＝2gh 即：vy＝3 m/s 因为在A点的速度恰好沿AB方向，‎ 所以小球初速度：v0＝vytan 30°＝ m/s ‎(2)从水平抛出到C点的过程中，由动能定理得：‎ mg(h＋L1sin θ)－μmgL1cos θ－μmgL2＝mv－mv 解得：vC＝3 m/s。‎ ‎(3)小球刚好能通过最高点时，由牛顿第二定律有：mg＝m 小球做圆周运动过程中，由动能定理有：‎ ‎－2mgR1＝mv2－mv 解得：R1＝＝1.08 m 当小球刚好能到达与圆心等高时有：mgR2＝mv 解得：R2＝＝2.7 m 当圆轨道与AB相切时：R3＝L2tan 60°＝1.5 m，即圆轨道的半径不能超过1.5 m 综上所述，要使小球不离开轨道，R应该满足的条件是：0＜R≤1.08 m。‎ ‎6.如图所示，一水平传送带AB长为L＝6 m，离水平地面的高为h＝5 m，地面上C点在传送带右端点B的正下方。一物块以水平初速度v0＝4 m/s自A点滑上传送带，传送带匀速转动，物块与传送带间的动摩擦因数为μ＝0.2，重力加速度为g＝10 m/s2。‎ ‎(1)要使物块从B点抛出后的水平位移最大，传送带运转的速度应满足什么条件？最大水平位移多大？‎ ‎(2)若物块从A点滑上传送带到落地所用的时间为2.3 s，求传送带运转的速度(＝3.162，＝3.77，结果保留三位有效数字)。‎ ‎【参考答案】(1)v≥6.32 m/s　6.32 m　(2)4.72 m/s ‎【名师解析】‎ ‎(1)要使物块平抛的水平位移最大，则物块应一直做加速运动，传送带必须沿顺时针转动，且转动的速度满足v2≥v＋2μgL v≥2 m/s 物块所能达到的最大速度为v2＝2 m/s 做平抛运动的过程h＝gt2‎ t＝＝1 s 则最大的水平位移为smax＝v2t＝2 m＝6.32 m ‎(2)若物块从A点滑上传送带到落地所用的时间为2.3 s，由于平抛运动的时间为1 s，因此物块在传送带上运动的时间为t1＝1.3 s 若物块从A到B以v0＝4 m/s匀速运动，需要的时间为t2＝＝1.5 s 若物块一直匀加速运动，则所用的时间为 t3＝＝ s＝(－2) s＝1.162 s 由于t2＞t1＞t3，所以物块在传送带上先加速再匀速 则＋＝t1‎ v′2－13.2v′＋40＝0‎ 解得v′＝ m/s＝4.72 m/s。‎ ‎7. (12分) （2016安徽皖江联考） 如图所示，光滑的AB杆上套一轻质弹簧，弹簧一端与杆下端连接于固定的转轴，另一端与套在杆上质量为m的小球连接。已知AB杆足够长，弹簧的原长为l0，劲度系数为k，OO'为过B点的竖直线，杆与水平面间的夹角始终为。已知弹簧的弹性势能公式为其中k为劲度系数，x为弹簧的形变量。‎ ‎(1)若杆保持静止状态，让小球从弹簧的原长位置由静止释放，求小球速度最大时弹簧的弹性势能；‎ ‎(2)当球随杆一起绕OO'匀速转动时，转动角速度不同弹簧的长度就会不同，已知球随杆一起以足够大的角速度转动，且在稳定的情形下弹簧处于伸长状态，小球在水平面内做匀速圆周运动。求此时弹簧伸长量。‎ ‎【名师解析】‎ ‎(12分) （1）当小球速度最大时，有： （2分）‎ 解得弹簧的压缩量为： （1分）‎ 故（2分）‎ ‎（2）设弹簧伸长量为△l2，在水平方向上有：‎ ‎（3分）‎ 竖直方向上有：（3分）‎ 解得：（1分）‎ ‎8.(12分)(2016·长春模拟)如图所示，位于竖直水平面内的光滑轨道由四分之一圆弧ab和抛物线bc组成，圆弧半径Oa水平，b点为抛物线顶点．已知h＝2 m，s＝ m．取重力加速度g＝10 m/s2.‎ ‎(1)一小环套在轨道上从a点由静止滑下，当其在bc段轨道运动时，与轨道之间无相互作用力，求圆弧轨道的半径；‎ ‎(2)若环从b点由静止因微小扰动而开始滑下，求环到达c点时速度的水平分量的大小．‎ ‎【参考答案】(1)0.25 m　(2) m/s ‎【名师解析】(1)小环套在bc段轨道运动时，与轨道之间无相互作用力，则说明下落到b点时的速度使得小环套做平抛运动的轨迹与轨道bc重合，‎ 故有s＝vbt，①(1分)‎ h＝gt2.②(1分)‎ 从ab滑落过程中，根据动能定理可得 mgR＝mv.③(2分)‎ 联立三式可得R＝＝0.25 m．(2分)‎ ‎(2)下滑过程中，初速度为零，只有重力做功，根据动能定理可得mgh＝mv.④(2分)‎ 因为物体滑到c点时与竖直方向的夹角等于(1)问中做平抛运动过程中经过c点时速度与竖直方向的夹角相等，设为θ，则根据平抛运动规律可知 sin θ＝.⑤(1分)‎ 根据运动的合成与分解可得 sin θ＝.⑥(1分)‎ 联立①②④⑤⑥可得 v水平＝ m/s.(2分) ‎