【物理】广东省佛山市第一中学2019-2020学年高二下学期期中考试（学考）（解析版）

【物理】广东省佛山市第一中学2019-2020学年高二下学期期中考试（学考）（解析版）

佛山一中2019-2020学年度高二年级下学期期中考试 物理（学考）‎ 试卷满分：100分考试时间：90分钟 第一部分 选择题（共70分）‎ 一、单选题Ⅰ（本大题共20小题，每小题2分，共40分）‎ 1. 发现电磁感应现象的科学家是 A. 安培 B. 赫兹 C. 法拉第 D. 麦克斯韦 2. 下列哪个是电场强度的单位 A. 库 B. 安 C. 牛库 D. 伏 3. 如图所示是点电荷电场中的一条电场线，下面说法正确的是 ‎ A. A点的场强小于B点的场强 B. A点的场强大于B点的场强 C. A点的场强等于B点的场强 D. 正电荷运动中通过A点时，受电场力方向向右 4. 下列正确描述正点电荷电场线的图示是 A. B. C. D. ‎ 5. 关于电荷所受的电场力和洛仑兹力，正确的说法是 A. 电荷在电场中一定会受到电场力的作用 B. 电荷在磁场中一定会受到洛仑兹力的作用 C. 电荷所受的电场力一定与该处的电场方向一致 D. 电荷所受的洛仑兹力不一定与磁场方向垂直 6. 通电直导线周围的磁场，其磁感线分布和方向用图中哪个图表示最合适 A. B. C. D. ‎ 1. 一束等离子体含有大量带正电和带负电的微粒，都不考虑重力，沿图中箭头所示的方向垂直于磁场方向进入一匀强磁场，磁场方向垂直纸面，粒子运动的轨迹如图中a、b所示，则 A. a是带正电的微粒的运动轨迹 B. b是带正电的微粒的运动轨迹 C. a是带负电的微粒的运动轨迹 D. a是带正电微粒及带负电微粒的共同轨迹 2. 如图所示的四个图中，分别标明了通电导线在磁场中的电流方向、磁场方向以及通电导线所受磁场力的方向，其中正确的是 A. B. C. D. ‎ 3. 一小磁针放置在某磁场未标出方向中，静止时的指向如图所示．下列分析正确的是 ‎ A. N极指向该点磁场方向 B. S极指向该点磁场方向 C. 该磁场是匀强磁场 D. a点的磁场方向与图中小磁针北极所指一致。‎ 4. 当把条形磁棒靠近阴极射线管时，电子束发生偏转是由于 A. 受到万有引力的作用 B. 受到电场力的作用 C. 受到洛伦兹力的作用 D. 受到库仑力的作用 5. 如图，光滑的四分之一圆弧轨道AB固定在竖直平面内，A端与水平面相切。穿在轨道上的小球在拉力F作用下，缓慢地由A向B运动，F 始终沿轨道的切线方向，轨道对球的弹力为N。在运动过程中      ‎ A. F增大，N减小 B. F减小，N减小 C. F增大，N增大 D. F减小，N增大 1. 物体在恒力的共同作用下做匀速直线运动，若突然撤去恒力，则物体的运动情况是  ‎ A. 一定做匀变速直线运动 B. 可能做匀速直线运动 C. 可能做曲线运动 D. 速度大小一定增加 2. 如图所示为一轻质弹簧的弹力大小和弹簧长度的关系图象，根据图象判断，正确的结论是 A. 弹簧的劲度系数为1  B. 弹簧的劲度系数为100  C. 无法判断弹簧的原长 D. 弹簧伸长 m时，弹力的大小为4 N 3. 下列说法正确的是 A. 时间和时刻的区别在于长短不同，长的是时间，短的是时刻 B. 惯性是由物体的速度和质量共同决定的 C. 一个运动中的物体速度减小时，其加速度可能不变 D. 竖直上抛的物体到达最高点时，物体处于平衡状态 4. 一跳伞运动员从悬停的直升飞机上跳下，2s时开启降落伞，运动员跳伞过程中的图象如图所示，根据图象可知运动员 A.在内速度方向先向上后向下 B. 在内加速度方向先向上后向下 C. 在内先处于失重状态后处于超重状态 D. 在内先匀加速再匀减速最终匀速直线运动 1. 甲、乙两物体从同一点出发且在同一条直线上运动，它们的位移时间图象如图所示，由图象可以得出在内 ‎ A. 甲、乙两物体始终同向运动 B. 4s时甲、乙两物体间的距离最大 C. 甲的平均速度等于乙的平均速度 D.甲、乙两物体间的最大距离为6m 2. 如图所示，滑板运动员以速度从距离地面高度为h的平台末端水平飞出，落在水平地面上。运动员和滑板均可视为质点，忽略空气阻力的影响。下列说法中正确的是     ‎ A. h一定时，越大，运动员在空中运动时间越长 B. h一定时，越大，运动员落地瞬间速度越大 C. 运动员落地瞬间速度与高度h无关 D. 运动员落地位置与大小无关 3. 关于曲线运动，下说法中正确的是 A. 曲线运动一定是变速运动 B. 曲线运动的加速度可以为零 ‎ C. 在恒力作用下，物体不可以做曲线运动 ‎ D. 物体做曲线运动，动能一定会发生变化 1. 在同一平台上的O点抛出的3个物体，做平抛运动的轨迹均在纸面内，如图所示，则3个物体做平抛运动的初速度、、关系分别是   ‎ A.     B.       C.      D.      ‎ 2. 关于功的概念，下列说法中正确的是 A.因为功有正负，所以功是矢量 B. 力对物体不做功，说明物体一定无位移 C. 滑动摩擦力可能做负功，也可能做正功 D. 若作用力对物体做正功，则反作用力一定做负功 二、单选题Ⅱ（本大题共10小题，每小题3分，共30分）‎ 3. ‎“天津之眼”是一座跨河建设、桥轮合一的摩天轮，是天津市的地标之一。摩天轮悬挂透明座舱，乘客随座舱在竖直面内做匀速圆周运动。下列叙述正确的是 A. 摩天轮转动过程中，乘客的机械能保持不变 B. 在最高点，乘客重力大于座椅对他的支持力 C. 摩天轮转动一周的过程中，乘客的向心力保持不变 D. 摩天轮转动过程中，乘客重力的瞬时功率保持不变 4. 如图所示，静止的小球沿不同的轨道由同一位置滑到水平桌面上，轨道高度为h，桌面距地面高为H，物体质量为m，则以下说法正确的是 A. 小球沿竖直轨道下滑到桌面上的过程，重力做功最少 B. 小球沿曲线轨道下滑到桌面上的过程，重力做功最多 C. 以桌面为参考面，小球的重力势能的减少量为mgh D. 以地面为参考面，小球的重力势能的减少量为 1. 下面实例中的运动物体都不计空气阻力机械能守恒的是    ‎ A. 电梯匀速下降 B. 细绳拴着一个小球，绳的另一端固定，让小球在竖直平面内来回摆动 C. 拉着一个物体沿着光滑斜面匀速下滑 D. 具有某一初速度的滑块沿着粗糙斜面上滑 2. 一物体沿竖直方向运动，以竖直向上为正方向，其运动的图象如图所示下列说法正确的是     ‎ A. 时间内物体处于失重状态 B. 时间内物体机械能守恒 C. 时间内物体向下运动 D. 时间内物体机械能一直增大 3. 如图所示，A，B，C三颗人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动，已知三颗卫星的质量关系为，轨道半径的关系为，则三颗卫星    ‎ A. 线速度大小关系为 B. 加速度大小关系为 C. 向心力大小关系为 D. 周期关系为 4. 关于地球同步通讯卫星，下述说法正确的是 A. 地球同步通讯卫星的轨道是唯一的赤道上方一定高度处 ‎ B. 它运行的线速度介于第一和第二宇宙速度之间 C. 同步通讯卫星上的物体处于超重状态 D. 它可以通过北京的正上方 1. 据报道，2020年我国将发射首颗“人造月亮”，其亮度是月球亮度的8倍，可为城市提供夜间照明。假设“人造月亮”在距离地球表面500km的轨道上绕地球做匀速圆周运动不计地球自转的影响，下列有关“人造月亮”的说法正确的是    ‎ A. 发射速度小于第一宇宙速度 B. 角速度大于月球绕地球运行的角速度 C. 向心加速度大于地球表面的重力加速度 D. 在运行轨道上处于完全失重状态，重力加速度为0‎ 2. 当火车在某个弯道按规定运行速度转弯时，内、外轨对车轮皆无侧压力，若火车在该弯道实际运行速度为，则下列说法中正确的是 A. 仅外轨对车轮有侧压力 B. 仅内轨对车轮有侧压力 C. 内、外轨对车轮都有侧压力 D. 内、外轨对车轮均无侧压力 3. 如图所示,一足够长的通电直导线水平放置,在导线的正下方有一闭合矩形线圈abcd与导线在同一平面内,且ad边与导线平行,下列情形中不能使线圈产生感应电流的是 A. 线圈向下平移 B. 线圈绕bc边转动 C. 线圈沿平行于导线的方向向右平移 D. 线圈不动，逐渐增大直导线中的电流 4. 下列电器中，没有应用电磁感应现象的是 A. 发电机 B. 变压器 C. 电动机 D. 电磁炉 第二部分 非选择题（共30分）‎ 三、实验题（本大题共1小题，共10分）‎ 5. 用如图甲的装置研究自由落体运动规律。已知电磁式打点计时器的工作频率为50Hz。‎ ‎ 电磁打点计时器必须接_______填“220V交流”、“交流”或“直流”电源，‎ 部分实验步骤如下：‎ A.测量完毕，关闭电源，取出纸带。‎ B.接通电源，待打点计时器工作稳定后放开重锤。‎ C.扶着重锤停靠在打点计时器附近，重锤与纸带相连。‎ D.把打点计时器固定在夹板上，让纸带穿过限位孔。‎ 上述实验步骤的正确顺序是：__________填写字母。‎ 图乙中标出的相邻两计数点之间还有4个记录点未画出，则相邻两计数点的时间间隔______s。‎ 计数点C对应的瞬时速度大小为______。‎ 根据实验记录的数据计算重锤的加速度大小______本小题计算结果保留两位有效数字 四、简答题（本大题共1小题，共6分）‎ 1. 直升飞机在空中水平匀速飞行，向地面投放物资。地面水平，飞机每隔相等时间释放一袋物资，忽略空气阻力，请分析： 若准备释放第5袋时，第1袋物资刚要落地，则前4袋物资未落地前，在空中连成的线呈什么形状？为什么？ 物资落地点间的间距有什么特点？‎ 五、计算题（本大题共1小题，共14分）‎ 1. 一个质量是60kg的人站在升降机的地板上，升降机的顶部悬挂了一个弹簧秤，弹簧秤下面挂着一个质量为的物体A，当升降机向上运动时，他看到弹簧秤的示数为40N，g取，求： 此时升降机的加速度的大小； 此时人对地板的压力； 电梯保持这个加速度运动2s恰好停止，求这两秒内电梯的平均速度大小。‎ ‎【参考答案】‎ 单选题（1-20题，每题2分，21-30题，每题3分）‎ ‎1. C 2. C 3. D 4. A 5. A 6. A 7. A 8. C 9. A 10. C 11. A 12. C 13. B 14. C 15. C 16. C 17. B 18. A 19. C 20. C 21. B 22. C 23. B 24. D 25. B 26. A 27. B 28. B 29. C 30. C ‎ 实验题：（每空2分，共10分）‎ ‎31. 交流交流；；；；  ‎ 简答题（每问3分，共6分）‎ ‎32.物资在未落地前，在空中排成的线呈一条直线，因为水平方向物资做速度相同的匀速直线运动。 相邻两包物资落地点间的间距均相等。‎ ‎ 计算题（共14分）‎ ‎33. 【答案】解：弹簧秤的示数大小等于弹簧秤对物体的拉力T，对物体由牛顿第二定律可得： 解得： 物体加速度等于升降机加速度，故升降机加速度大小为方向竖直向下． 升降机的加速度等于人的加速度，设地板对人的支持力为N，对人由牛顿第二定律可得： 解得： ． 由牛顿第三定律可得，人对地板的压力为480N，方向竖直向下。 停止前2秒初的速度为： 平均速度 答：此时升降机的加速度的大小为． 此时人对地板的压力为480N，方向竖直向下。 这两秒内的平均速度大小为。  ‎ ‎【解析】‎ ‎1. 解：英国物理学家法拉第经过多年的研究，于1832年发现电磁感应现象．故C正确，ABD错误 故选：C 根据物理学史和常识解答，记住发现电磁感应现象的科学家是法拉第即可． 本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．‎ ‎2. 解：A、库是电量的单位。故A错误。     B、安是电流的单位。故B错误。    C、根据定义式，可知电场强度的单位是故C正确。     D、伏是电势、电势差的单位。故D错误。 故选：C。 库是电量的单位，安是电流的单位，伏是电势、电势差的单位，牛库是电场强度的单位． 电场强度的单位是导出单位，根据电场强度的定义式可推导出来．物理量的单位也是高考内容之一．‎ ‎3. 解：ABC、电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，由于只有一条电场线，不能判断电场线的疏密情况，所以不能判断场强的大小，故ABC错误； D、由图可以知道的电场的方向向右，正电荷通过A点时，电场力方向与场强方向相同，向右，故D正确。 故选：D。 电场线是从正电荷或者无穷远处发出，到负电荷或无穷远处为止，电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小。 一根电场线无法确定电场强度的大小。 本题考查电场线的特点，即考查学生基础知识的掌握，加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决本题。‎ ‎4. 解：正点电荷周围的电场线从正电荷出发终止于无限远的直线，且电场线不闭合，因此BCD错误，A正确。 故选：A ‎。 电场线从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，电场线不相交不闭合．本题依据电场线的这些特点即可正确解答． 掌握电场线的基本性质以及各种电荷周围电场线的分布情况是将来解决复杂问题的基础，因此不可忽视，要加强练习．‎ ‎5. 解：A、电荷无论是静止还是运动，在电场中都会受到电场力。故A正确。     B、静止的电荷在磁场中不受磁场力，若运动的电荷速度方向与磁场方向平行，则也不受磁场力的作用。故B错误。     C、正电荷所受的电场力一定与该处的电场方向一致，故C错误；     D、根据左手定则可知，所受的洛仑兹力一定与磁场方向垂直。故D错误。 故选：A。 电场的性质是对电荷有力的作用．当运动的带电粒子的速度方向不与磁场平行，将会受到洛伦兹力作用． 解决本题的关键知道电场的性质是对电荷有力的作用．当运动的带电粒子的速度方向不与磁场平行，将会受到洛伦兹力作用，若运动电荷的速度方向与磁场方向平行，则不受洛伦兹力．‎ ‎6. 解：通电直导线周围磁场的磁场线是以导线每一点为圆心的一组同心圆，又由安培定则判断出来，电流向外，磁感线沿逆时针方向。 故选：A。 通电直导线周围磁场的磁场线是以导线每一点为圆心的一组同心圆．根据安培定则判断出磁感线的方向，进行选择． 对于常见磁场的磁感线的分布要了解，并能熟练应用安培定则判断电流的磁场方向．基础题．‎ ‎7. 解：A、带正电的电荷在向里的磁场中向右运动，根据左手定则可知，粒子的受到的洛伦兹力的方向向上，所以粒子的可能的运动的轨迹为a，所以A正确，B错误。 C、带负电的电荷在向里的磁场中向右运动，根据左手定则可知，粒子的受到的洛伦兹力的方向向下，所以粒子的可能的运动的轨迹为b，所以C错误。 D、根据AC的分析可知，带正电微粒及负电微粒的轨迹不相同，所以D错误。 故选：A。 带电粒子在磁场中受到洛伦兹力的作用，根据左手定则可以判断电荷的受力的方向． 本题是对左手定则的直接的应用，掌握好左手定则即可判断粒子的受力的方向．‎ ‎8. 解：根据左手定值可知： ‎ A图中的安培力应该垂直磁感线竖直向下，故A错误； B中电流方向和磁场方向平行，不受安培力，故B错误； C图中的安培力应该垂直磁感线竖直向下，故C正确； D图中的安培力应该垂直于电流方向斜向下，故D错误。 故选：C。 熟练应用左手定则是解决本题的关键，在应用时可以先确定一个方向，然后逐步进行，如可先让磁感线穿过手心，然后通过旋转手，让四指和电流方向一致或让大拇指和力方向一致，从而判断出另一个物理量的方向，用这种程序法，防止弄错方向． 左手定则中涉及物理量及方向较多，在应用过程中容易出现错误，要加强练习，增加熟练程度．‎ ‎9. 解：A、物理学上规定：小磁针静止时N极所指的方向就是该点的磁场方向，故A正确。 B、该点的磁场方向与S极指的方向相反，故B错误。 C、由图看出，该磁场的磁感线分布不均匀，说明各处的磁感应强度不是处处相同，所以该磁场不是匀强磁场，故C错误。 D、a点的磁场方向沿磁感线的切线方向：斜向右上方，故D错误。 故选：A。 磁场方向是小磁针静止时N极所指的方向，磁场方向是磁感线的切线方向．匀强磁场的磁感线是平行同向疏密均匀的直线．根据这些知识进行分析． 磁感线可以形象描述磁场的强弱和方向，可与电场线进行类比，抓住它们的相似性进行记忆．‎ ‎10. 解：电子束在磁场中受到洛伦兹力的作用发生偏转，故C正确ABD错误。 故选：C。 明确条形磁铁周围存在磁场，带电粒子在磁场中受到洛伦兹力而发生偏转。 阴极射线管电子从阴极射向阳极，电子穿过存在磁场的区域，受到洛伦兹力的作用，可根据左手定则判定电子束受到的洛伦兹力的方向与磁场的方向的关系。‎ ‎11. 解：对球受力分析，受重力、支持力和拉力，如，根据共点力平衡条件， ‎ ‎ 其中为支持力N与竖直方向的夹角；当物体向上移动时，变大，故N变小，F变大，故A正确，B、C、D错误。 故选：A。 对球受力分析，受重力、支持力和拉力，根据共点力平衡条件列式求出拉力和支持力的数值，再进行分析讨论。 此题关键是对滑块受力分析，根据共点力平衡条件列式求出支持力和拉力的表达式进行讨论。‎ ‎12. 【分析】 物体做匀速直线运动，说明合力为零，故除，其余力的合力一定与等值、反向、共线； 曲线运动的条件是：初速度不为零合力不为零初速度方向与合力方向不在同一直线上． 本题关键是明确：多力平衡时，任意一个力必定与其余所有力的合力等值、反向、共线；当合力与速度共线时，物体做直线运动；当合力与速度不共线时，物体做曲线运动． 【解答】 解：撤去，其余力的合力与等值、反向、共线，与速度方向不共线时，物体做匀变速曲线运动，共线时做匀变速直线运动，当合力的方向与速度的方向相反时，物体做减速运动。故C正确，ABD错误； 故选：C。‎ ‎13. 【解答】 C.由图读出，弹簧的弹力时，弹簧的长度为，即弹簧的原长为6cm，故C错误； 由图读出弹力为时，弹簧的长度为，弹簧压缩的长度 ，由胡克定律得：弹簧的劲度系数为： ；故A错误，B正确； D.弹簧伸长时，弹力的大小为 ，故D错误。 故选：B。 【分析】由弹簧的长度L和弹力F 大小的关系图象，读出弹力为零时弹簧的长度，即为弹簧的原长；由图读出弹力为时，弹簧的长度为，求出弹簧压缩的长度，由胡克定律求出弹簧的劲度系数。 胡克定律公式中，x是弹簧伸长或压缩的长度，不是弹簧的长度，弹力与形变量成正比。‎ ‎14. 【分析】时刻是某一瞬间，时间间隔是两个时刻的间隔；‎ 惯性就是物体保持原来的运动状态的性质，惯性大小的唯一量度是物体的质量；‎ 加速度等于单位时间内的速度变化量，反映速度变化快慢的物理量，当加速度方向与速度方向相反，物体做减速运动；‎ 竖直上抛的物体只受重力，加速度等于g，保持不变．到达最高点时速度为零。‎ 本题考查对时间和时刻概念、惯性概念、竖直上抛运动、匀减速运动的特点的理解和把握，是基础知识的考查，较简单。‎ ‎【解答】A.时间间隔是两个时刻的间隔，时刻是某一瞬间，不是较短的一段时间，故A错误；‎ B.惯性是由物体的质量决定的，与速度无关，故B错误；‎ C.一个运动中的物体速度减小时，知加速度方向与速度方向相反，加速度可能增大、可能减小、可能不变，故C正确；‎ D.竖直上抛的物体到达最高点时，加速度等于重力加速度，物体受到重力的作用，不是处于平衡状态，故D错误。‎ 故选C。‎ ‎15. 解：A、图象的纵坐标表示速度，则由图可知，物体的速度方向一直没有发生变化，故A错误； B、图象的斜率表示加速度，则由图可知，内物体先做加速运动，再做减速运动，故加速度方向先向下再向上，故B错误； C、由B的分析可知，物体的加速度先向下再向上，故物体先处于失重，再处于超重，故C正确； D、由图可知，内的加速度大小会发生变化，故物体不是匀变速运动，故D错误。 故选：C。 首先分析运动员的运动情况，运动员在内做匀加速直线运动，做变速运动，14s以后做匀速运动直到地面。时运动员做匀加速直线运动，根据图象的斜率可以算出加速度，根据超重和失重的性质确定状态。 本题考查超重与失重以及 图象，要注意明确图象的性质，能根据图象明确速度和加速度的方向，同时明确超重和失重与加速度方向间的关系。‎ ‎16.【解答】A.图象的斜率等于速度，可知在内，甲、乙都沿正向运动，两者同向运动。内，甲沿负向运动，乙仍沿正向运动，两者反向运动，故A错误； BD．内两者同向运动，甲的速度较大，两者距离逐渐增大，2s后甲反向运动，乙仍沿原方向运动，两者距离逐渐减小，则2s时甲、乙两物体间的距离最大，最大距离为，故BD错误； C.由图知在内甲乙的位移都是2m，平均速度相等，故C正确。 故选C。‎ ‎17.【解答】A.运动员和滑板做平抛运动,有，故运动时间与初速度无关，故A错误； 运动员在竖直方向估自由落体运动，落地时竖直方向的分速度为，得落地速度大小为，故越大,h越大，运动员落地瞬间速度越大，故B正确，C错误； D.射程，初速度越大，射程越大，故D错误。故选B。‎ ‎18. 【分析】 曲线运动的条件，合外力与速度不在一条直线上，速度方向时刻变化，故曲线运动是变速运动；在恒力作用下，物体可以做曲线运动。 明确物体做曲线运动的条件，从而可以明确物体做曲线运动的基本性质，特别注意掌握平抛和圆周运动两个曲线运动的特例。 【解答】 A.曲线运动的速度方向为该点的切线方向，时刻变化，故曲线运动是变速运动，故A正确； B.做曲线运动的物体，一定受到力的作用，故一定有加速度，故B错误；  C.曲线运动的条件，合外力与速度不在一条直线上，与合外力是否变化无关；如平抛运动的合外力不变，加速度不变，物体做匀变速曲线运动，故C错误； D.匀速圆周运动的速率始终不变，故动能不变，故D错误。 故选A。‎ ‎19.‎ ‎ 【分析】 研究平抛运动的方法是把平抛运动分解到水平方向和竖直方向去研究，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，两个方向上运动的时间相同。 本题就是对平抛运动规律的考查，平抛运动可以分解为在水平方向上的匀速直线运动，和竖直方向上的自由落体运动来列式分析。 【解答】三个物体都做平抛运动，由可知，物体下降的高度决定物体运动的时间，所以，物体水平方向做匀速直线运动，则有：，得：，取一个相同的高度，此时物体的下降的时间相同，水平位移大的物体的初速度较大，则：，故C正确，ABD错误。故选C。‎ ‎20. 【分析】功有正负，但功是标量，计算公式为，受力与力的方向上位移的乘积。 本题主要考查了功的表达式，即力与在力的方向上通过的位移的乘积。 【解答】A.功有正负，但功是标量，A错误； B.当力的方向和位移的方向垂直时，力不做功，但有位移，故B错误； C.摩擦力方向可以与位移方向相同，也可以相反，故可能做正功，也可能做负功，故C正确； D.一对相互作用力做功，可以出现都做正功，都做负功，一正一负或一个做功，一个不做功等各种情况，故D错误。 故选C。‎ ‎21. 【分析】根据机械能的定义分析机械能的变化情况； 根据向心力的来源分析重力和支持力的情况； 根据瞬时功率计算式计算重力的瞬时功率。 本题涉及的知识点比较多，但是都考查了基本的公式，学习过程中一定要把最基础的概念和公式牢记，这样我们就能得心应手。 【解答】机械能等于重力势能和动能之和，摩天轮运动过程中，做匀速圆周运动，乘客的速度大小不变，则动能不变，但高度变化，所以机械能在变化，A错误； B.圆周运动过程中，在最高点，由重力和支持力的合力提供向心力F，向心力指向下方，所以，则支持力，所以重力大于支持力，B正确； C.转动一周，向心力大小不变，方向始终指向圆心，C错误； D.运动过程中，乘客的重力大小不变，速度大小不变，但是速度方向时刻在变化，速度在重力方向上的分量大小变化，所以重力的瞬时功率在变化，D错误。 故选B。‎ ‎22. 解：A、静止的小球沿不同的轨道由同一位置滑到水平桌面上，由于高度差相同，所以重力做功相同。故A、B错误。 C ‎、重力势能的变化量与零势能平面的选取无关，重力做的正功等于重力势能的减小量，重力做功为mgh，则重力势能的减小量为mgh。故C正确，D错误。 故选：C。 重力做功与路径无关，由初末位置的高度差有关，重力势能的大小与零势能平面的选取有关，但重力势能的变化量与零势能平面的选取无关． 解决本题的关键知道重力做功的特点，以及知道重力做功与重力势能的变化关系．‎ ‎23. 【分析】根据机械能守恒定律的条件进行分析即可。 本题的关键是要掌握机械能守恒的条件。 【解答】A.电梯匀速下降时，速度大小不变，动能不变，但重力势能减小，故机械能不守恒，故A错误； B.细绳拴着一个小球，绳的另一端固定，让小球在竖直平面内来回摆动时，受重力、绳的拉力作用，拉力一直与速度方向垂直，故只有重力做功，机械能守恒，故B正确； C.拉着一个物体沿着光滑斜面匀速下滑时，受重力、拉力、支持力三个力的作用，支持力不做功，拉力做负功，重力做正功，重力势能减小，动能不变，故机械能不守恒，故C错误； D.具有某一初速度的滑块沿着粗糙斜面上滑时，受重力、摩擦力、支持力三个力的作用，摩擦力对滑块做负功，故机械能不守恒，故D错误。 故选B。‎ ‎24. 【分析】图象中，与时间轴平行的直线表示做匀速直线运动，倾斜的直线表示匀变速直线运动，斜率表示加速度，倾斜角越大表示加速度越大． 本题考查了图象的直接应用，要明确斜率的含义，能根据图象读取有用信息，属于基础题，较为简单． 【解答】 A.以竖直向上为正方向，在图象中，斜率代表加速度，可知时间内物体向上做加速运动，加速度的方向向上，处于超重状态。故A错误； B.由图可知，时间内物体向上做匀速直线运动，动能不变，重力势能增大，所以机械能增大。故B错误； C.由图可知，时间内物体向上做减速运动。故C错误； D.时间内物体向上做加速运动，动能增大，重力势能也增大；时间内物体向上做匀速直线运动，动能不变，重力势能增大，所以时间内物体机械能一直增大。故D正确。 故选D。‎ ‎25. 【分析】 根据人造卫星的万有引力等于向心力，列式求出线速度、周期、向心加速度、向心力的表达式进行讨论即可。 本题关键抓住万有引力提供向心力，先列式求解出线速度、周期、向心力、向心加速度的表达式，再进行讨论。 【解答】 人造卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，设卫星的质量为m、轨道半径为r、地球质量为M，有：，又由 ，解得：，，，，根据题意有：，因此： A.由可知，，故A错误； B.由可知，，故B正确； C.根据和已知条件，可以判断：，，故C错误； D.由可知，，故D错误。 故选B。‎ ‎26. 解：A、根据，因为T一定值，所以r也为一定值，所以同步卫星距离地面的高度是一定值，卫星距离地球的高度约为，运行轨道为位于地球赤道平面上圆形轨道。故A正确。 B、第一宇宙速度是近地卫星的环绕速度，也是最大的圆周运动的环绕速度。而同步卫星的轨道半径要大于近地卫星的轨道半径，根据的表达式可以发现，同步卫星运行的线速度一定小于第一宇宙速度，故B错误。 C、同步通讯卫星上的物体处于完全失重状态，故C错误。 D、根据引力提供向心力做匀速圆周运动，因此同步通讯卫星必须在赤道平面，故D错误。 故选：A ‎。 了解同步卫星的含义，即同步卫星的周期必须与地球相同。物体做匀速圆周运动，它所受的合力提供向心力，也就是合力要指向轨道平面的中心。 地球质量一定、自转速度一定，同步卫星要与地球的自转实现同步，就必须要角速度与地球自转角速度相等，这就决定了它的轨道高度和线速度。‎ ‎27. 【分析】 本题考查万有引力定律的应用，解题的关键是根据万有引力提供向心力，列出等式表示出所要比较的物理量即可正确求解。 知道第一宇宙速度的物理意义，研究“人造月亮”绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式表示出所要比较的物理量。 【解答】 A.第一宇宙速度是人造卫星的最小发射速度，也是人造卫星的最大运行速度，故A错误； B.根据可得，由于“人造月亮”绕地球做圆周运动的半径小于月球绕地球运行的半径，所以“人造月亮”的角速度大于月球绕地球运行的角速度，故B正确；  C.根据可得，由于“人造月亮”绕地球做圆周运动的半径大于地球半径，所以“人造月亮”的向心加速度小于地球表面的重力加速度，故C错误； D.在运行轨道上绕地球做匀速圆周运动时，万有引力提供向心力，加速度竖直向下等于此轨道处重力加速度，故处于完全失重状态，但重力加速度不为零，故D错误； 故选B。‎ ‎28. 解：若火车按转弯时，内外轨与车轮之间均没有侧压力，此时火车拐弯所需要的向心力由其重力和铁轨的支持力的合力提供，若火车的速度为，小于规定速度，重力和支持力的合力大于火车转弯所需要的向心力，所以此时内轨对车轮有侧压力，故B正确，A、C、D错误． 故选：B． 火车拐弯时以规定速度行驶，此时火车的重力和支持力的合力提供圆周运动所需的向心力．若若速度小于规定速度，重力和支持力的合力提供偏大，此时内轨对火车有侧压力． 解决本题的关键知道火车拐弯时对内外轨均无压力，此时靠重力和支持力的合力提供圆周运动的向心力．‎ ‎29. 【分析】 当通过线圈的磁通量发生变化时，线圈中将会产生感应电流。 解决本题的关键掌握右手螺旋定则判断电流周围的磁场方向，掌握感应电流的产生条件，会根据楞次定律判断感应电流的方向。 【解答】 A、线圈向下平动，穿过线圈的磁通量减小，能产生感应电流。故A不符合题意； B、线圈平绕bc边转动，穿过线圈的磁通量会发生周期性的变化，将产生感应电流。故B不符合题意； C、线圈沿平行于导线的方向向右平移，穿过线圈的磁通量不变，不能产生感应电流。故C符合题意； D、线圈不动，逐渐增大直导线中的电流，则电流的磁场增强，所以穿过线圈的磁通量增大，则产生感应电流。故D不符合题意； 本题选择不产生感应电流的，故选：C。‎ ‎30. 解：A、发电机即是利用闭合电路中的线圈在磁场中做切割磁感线运动的方式产生电流的，故是将机械能转化为电能的过程，即是利用电磁感应现象的原理。 B、变压器工作原理是利用电磁感应现象。 C、电动机即通电能动，故是利用通电导线在磁场中受力的作用的原理制成的，不是电磁感应现象。 D、电磁炉是电磁感应现象工作的。 故选：C。 弄清电磁感应现象的含义，闭合电路的一部分导体在做切割磁感线运动时，会产生感应电流，这叫电磁感应现象，从能量转化的角度看，是从机械能转化为电能。 了解电磁感应现象的能量转化过程是机械能转化为电能，所以它的应用装置不能有电池供电，它的代表性应用是发电机，这两条线索是判断此题的关键。‎ ‎31. 【分析】 电磁打点计时器必须接交流交流； 先连接实验器材，测量时先接通电源，后释放纸带，测量完毕，关闭电源，取出纸带； 打点计时器的工作频率为50Hz，每隔打一次电，每相邻两点之间还有4个记录点未画出，共5个； ‎ 匀变速直线运动中，平均速度等于中间时刻的瞬时速度； 根据公式列式求解重力加速度。 本题关键明确实验原理、实验步骤，会计算瞬时速度和加速度，基础题。 【解答】 电磁打点计时器必须接交流交流； 先连接实验器材，后穿纸带，再连接小车，接通电源，后释放纸带，打点并选择纸带进行数据处理；故为DCBA； 打点计时器的工作频率为，每隔打一次电，每相邻两点之间还有4个记录点未画出，共5个，故； 匀变速直线运动中，平均速度等于中间时刻的瞬时速度，故； 根据公式，有：； 解得： 故答案为：交流交流；；；；。‎ ‎32. 物资在未落地前，在空中排成的线呈一条直线，因为水平方向物资做速度相同的匀速直线运动。‎ 因为物资间隔相等时间被释放，且水平初速度相同，所以相邻两包物资落地点间的间距均相等。‎ ‎33. 弹簧秤的示数大小等于弹簧秤对物体的拉力，由牛顿第二定律可得升降机的加速度． 升降机的加速度等于人的加速度，由牛顿第二定律可得地板对人的支持力，由牛顿第三定律可得人对地板的压力． 本题主要是训练超重失重的处理，知道一般都用牛顿第二定律列示解答．注意其加速度的方向是重点． 匀变速直线运动公式的运用。‎