【化学】西藏自治区日喀则市拉孜高级中学2019-2020学年高二下学期期末考试（解析版）

【化学】西藏自治区日喀则市拉孜高级中学2019-2020学年高二下学期期末考试（解析版）

西藏自治区日喀则市拉孜高级中学2019-2020学年高二下学期期末考试 一、选择题(每小题4分，共40分。每小题只有一个选项符合题意。)‎ ‎1.下列说法正确的是 ( )‎ A. 油脂、淀粉、蛋白质均属于高分子化合物 B. 植物油氢化过程中发生了加成反应 C. 淀粉和纤维素互为同分异构体 D. 蔗糖和葡萄糖都是单糖 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 油脂不是高分子化合物，淀粉和蛋白质属于高分子化合物，A错误；‎ B. 植物油氢化过程中，植物油中不饱和碳碳键与氢气发生了加成反应，B正确；‎ C. 淀粉和纤维素分子式都是(C6H10O5)n，由于n值不相同，所以不能互为同分异构体，C错误；‎ D. 蔗糖为二糖，葡萄糖是单糖，D错误；‎ 答案选B。‎ ‎2.下列表述正确的是( )‎ A. 1，2-丁二烯的键线式 ‎ B. 醛基的结构简式 -COH C. 丙烷的球棍模型． ‎ D. 聚丙烯的结构简式 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A．1，2-丁二烯中碳碳双键位于1和2号碳上，键线式：，故A错误；‎ B．醛基为醛类的官能团，醛基的结构简式为：-CHO，故B错误；‎ C．丙烷的球棍模型． ，故C正确；‎ D．聚丙烯为丙烯通过加聚反应生成的，聚丙烯的链节中主链含有2个碳原子，聚丙烯正确的结构简式为：，故D错误；‎ 答案选C。‎ ‎3. 下列说法中正确的是(　　)‎ A. 含有羟基的有机物称为醇 B. 能发生银镜反应的有机物都是醛 C. 苯酚俗称石炭酸，酸性比碳酸强 D. 酯类在碱性条件下的水解程度大于酸性条件下的水解程度 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A．羟基与链烃基相连形成的化合物为醇类，羟基与苯环相连形成的化合物为酚类，所以含有羟基的有机物不一定为醇类，可能为酚类，故A错误；‎ B．醛类物质能够发生银镜反应，但是发生银镜反应的不一定为醛类，如甲酸、甲酸甲酯、葡萄糖、麦芽糖等都能够发生银镜反应，但是它们不属于醛类，故B错误；‎ C．苯酚又名石碳酸，苯酚的酸性很弱，其酸性比碳酸的酸性还小，故C错误；‎ D．酯的水解反应为可逆反应，在碱性条件下，氢氧根离子能够与水解生成的羧酸反应，促进了酯的水解，所以在碱性条件下酯的水解程度大于酸性条件下的水解程度，故D正确。‎ 故选D。‎ ‎4.下列说法正确的是 A. 与含有相同的官能团，互为同系物 B. 属于醛类，官能团为－CHO C. 的名称为：2－乙基－1－丁烯 D. 的名称为：2－甲基－1，3－二丁烯 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 前者—OH与苯环的侧链相连，属于醇类，后者—OH直接与苯环相连，属于酚类，尽管分子构成相差了1个CH2，但是二者不是同一类物质，所以它们不互为同系物，A错误；‎ B. 该物质属于酯类（甲酸酯，含有醛基），官能团为酯基， B错误；‎ C. 该物质的官能团为碳碳双键，含有官能团的最长的碳链有4个C，因此主链含有4个C，为丁烯；编号时官能团的编号要小，因此碳碳双键的编号为1，乙基的编号为2，命名为2-乙基－1－丁烯，C正确；‎ D. 该物质中含有2个碳碳双键，且含有碳碳双键最长的碳链有4个碳原子，因此该物质为丁二烯。编号时，不管是从左端还是右端，碳碳双键的编号均为1、3，因此编号的选择，让甲基的编号的编号小，甲基的编号为2，则该物质的名称应为：2-甲基-1，3-丁二烯，故D错误。‎ ‎5.分子式为C4H8O2，并且能与NaHCO3发生反应放出气体的有机化合物的结构有( )‎ A. 3种 B. 2种 C. 1种 D. 4种 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】分子式为C4H8O2且与NaHCO3能产生气体，则该有机物中含有-COOH，所以为饱和一元羧酸，烷基为-C3H7，-C3H7异构体有：-CH2CH2CH3，-CH(CH3)CH3，故符合条件的有机物的异构体数目有2种。‎ 答案选B。‎ ‎【点睛】本题主要考查同分异构体书写、官能团的性质与确定等，侧重于学生的分析能力的考查，熟练掌握碳原子数小于5的烃基的个数是解决本题的关键，甲基与乙基均1种，丙基2种、丁基4种、戊基8种。‎ ‎6.某有机化合物的结构如图，下列有关该有机化合物的叙述正确的是( )‎ A. 该有机化合物的分子式为C16H13O5‎ B. 该有机化合物能与6mol氢气发生加成反应 C. 1 mol该物质与溴水反应，最多消耗1 mol Br2‎ D 该物质遇FeCl3溶液显色 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A．由结构简式可知该物质的分子式为：C16H12O5，故A错误；‎ B．该结构含有两个苯环，1mol苯环消耗3mol氢气，含有1个羰基，1个碳碳双键，1mol碳碳双键和1mol羰基均消耗1mol氢气，1mol该有机物最多可消耗8mol氢气，故B错误；‎ C．该结构中含有酚羟基，碳碳双键，1mol酚羟基的邻、对氢消耗1mol溴，1mol碳碳双键消耗1mol溴，1mol该物质最多消耗2molBr2，故C错误；‎ D．该物质含有酚羟基，遇氯化铁溶液显紫色，故D正确；‎ 故选：D。‎ ‎7.在核磁共振氢谱中出现两组峰，其氢原子数之比为3∶2的化合物是(　　)‎ A. ‎ B. ‎ C. ‎ D. ‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】根据有机物结构简式可判断A中有2组峰，其氢原子数之比为3∶1，B中有3组峰，其氢原子数之比为3∶1∶1，C中有3组峰，其氢原子数之比为3∶1∶4，D中有两组峰，其氢原子数之比为3∶2。选项D正确，答案选D。‎ ‎8.组成为C4H9Cl的卤代烃，可能存在的同分异构体有 A. 两种 B. 三种 C. 五种 D. 四种 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】C4H9Cl是C4H10中1个H原子被Cl原子代替，C4H10有两种同分异构体：CH3CH2CH2CH3和（CH3）2CHCH3；CH3CH2CH2CH3中有两种类型的H原子，其一氯代物有2种；（CH3）2CHCH3中有2种类型的H原子，其一氯代物也有2种；C4H9Cl的同分异构体有4种。答案：D。‎ ‎9.下列化合物的分子中，所有原子都处于同一平面的有(　　)‎ ‎①乙烷 ②甲苯 ③氟苯 ④四氯乙烯 A. ①② B. ①③ C. ②③ D. ③④‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 苯和乙烯为平面分子，所有原子共平面。‎ ‎【详解】①乙烷结构式为：，含有甲基，具有甲烷的结构特点，所以乙烷中所有原子不可能共平面；‎ ‎②甲苯中含有甲基，具有甲烷的结构特点，所以甲苯中所有原子不可能在同一个平面上；‎ ‎③氟苯为，苯为平面型结构，与苯环直接相连的原子在同一个平面上，所以氟苯中所有原子在同一个平面上；‎ ‎④四氯乙烯为，碳碳双键为平面结构，所以四氯乙烯中所有原子在同一个平面上；‎ 故所有原子都处于同一平面的有③④。‎ 答案选D。‎ ‎10.有一种有机物结构简式为，推测它不可能具有下列哪种性质(　　)‎ A. 能被酸性高锰酸钾溶液氧化 B. 能与溴水发生加成反应褪色 C. 能发生加聚反应 D 易溶于水，也易溶于有机溶剂 ‎【答案】D ‎【解析】‎ 详解】A．含有碳碳双键，可被酸性高锰酸钾溶液氧化，故A不选； ‎ B．含有碳碳双键，可与溴水发生加成反应，故B不选； ‎ C．含有碳碳双键，可发生加聚反应，故C不选； ‎ D．该物质为芳香烃，不溶于水，但能溶于有机溶剂，故D选；‎ 故选D。‎ ‎11.有一医药中间体的结构简式如图：‎ ‎(1)其分子式为______，含有的含碳官能团名称为______。‎ ‎(2)关于其化学性质的描述，下列不正确的是_____。‎ A.能与氯化铁溶液发生化学反应 B.能发生银镜反应 C.能使溴水褪色 D.能发生消去反应 ‎(3)一定条件下，1mol该物质最多可与____ molH2发生加成反应。‎ ‎【答案】 (1). C9H10O2 (2). 醛基 (3). D (4). 4‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据结构简式可知，结构中含有酚羟基和醛基。‎ ‎【详解】(1)由结构简式可知，其分子式为C9H10O2，含有的含碳官能团名称为醛基；‎ ‎(2)A．结构中含有酚羟基，所以能与氯化铁溶液发生化学反应，A正确；‎ B．结构中含有醛基，所以能发生银镜反应，B正确；‎ C．结构中含有酚羟基，且酚羟基对位含有氢原子，所以能使溴水褪色，C正确；‎ D．结构中含有酚羟基，不能发生消去反应，D错误；‎ 所以不正确的是D；‎ ‎(3)一定条件下，1mol该物质中醛基可以与1 molH2发生加成反应，苯环可以与3 molH2发生加成反应，所以最多可与4molH2发生加成反应。‎ ‎【点睛】本题考查有机物官能团的性质，熟练掌握有机物官能团酚羟基和醛基的性质，注意苯环也能与氢气发生加成反应。‎ ‎12.下列五种物质中：‎ ‎①CH3CHO ②CH3CH2OH ③C6H5OH ④HCOOC2H5 ⑤CH3COOH ‎(1)能与NaOH溶液反应的有________(填写序号，下同)；‎ ‎(2)能发生银境反应的有________；‎ ‎(3)既能发生酯化反应，又能发生消去反应的有___________；‎ ‎(4)能和NaHCO3反应的有______________。‎ ‎【答案】 (1). ③④⑤ (2). ①④ (3). ② (4). ⑤‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】(1)含酚羟基、酯基、羧基的有机物可以和NaOH反应，所以选③④⑤；‎ ‎(2)醛基以及甲酸、甲酸酯可以发生银镜反应，所以选①④；‎ ‎(3)含羟基的有机物能发生酯化反应，且与羟基相连碳原子的邻位C上有H能发生消去反应(苯环上的碳原子除外)，所以选②；‎ ‎(4)只有含羧基的有机物能和NaHCO3反应，所以选⑤。‎ ‎13.实验室用图所示的装置制取乙酸乙酯。‎ ‎(1)在大试管中配制一定比例的乙醇、乙酸和浓硫酸的混合液，操作步骤如下：__________，然后轻振荡使其混合均匀。‎ ‎(2)浓硫酸的作用是：① _____________；② ____________。‎ ‎(3)右边装置中通蒸气的导管要插在液面上而不能插入溶液中，目的是防止溶液的倒吸。造成倒吸的原因是_________________。‎ ‎(4)分离得到乙酸乙酯的方法是_______，分离需要的玻璃仪器是_________。 ‎ ‎(5)若加的是C2H518OH写出制乙酸乙酯的方程式_________________。‎ ‎【答案】 (1). 向大试管中注入适量乙醇，将浓H2SO4加入乙醇中，边加边振荡，最后加入乙酸 (2). 催化剂 (3). 吸水剂 (4). 挥发出的乙醇和乙酸易溶于水，溶于水后导管内压强减小引起倒吸 (5). 分液 (6). 分液漏斗、烧杯 (7). CH3COOH + C2H518OH CH3CO18OC2H5 + H2O ‎【解析】‎ ‎【详解】(1) 由于浓硫酸溶于水放热，而乙醇和乙酸都是易挥发的，所以在大试管中配制一定比例的乙醇、乙酸和浓硫酸的混合液的操作步骤为向大试管中注入适量乙醇，将浓H2SO4加入乙醇中，边加边振荡，最后加入乙酸；‎ ‎(2)乙酸与乙醇发生酯化反应，需浓硫酸作催化剂，该反应为可逆反应，浓硫酸吸水利于平衡向生成乙酸乙酯方向移动，所以浓硫酸的作用为催化剂，吸水剂；‎ ‎(3)由于挥发出的乙醇和乙酸易溶于水，溶于水后导管内压强减小，所以造成倒吸的原因是挥发出的乙醇和乙酸易溶于水，溶于水后导管内压强减小引起倒吸；‎ ‎(4) 乙酸乙酯不溶于饱和碳酸钠溶液，可以通过分液方法分离；分离需要的玻璃仪器是分液漏斗、烧杯； ‎ ‎(5)酯化反应的本质为酸脱羟基，醇脱氢，乙酸与乙醇在浓硫酸作用下加热发生酯化反应生成乙酸乙酯和水，该反应为可逆反应，所以反应的化学方程式是：CH3COOH + C2H518OH CH3CO18OC2H5 + H2O。‎ ‎【点睛】本题考查了乙酸乙酯的制取原理及基本操作方法，题目难度不大，注意掌握乙醇与乙酸制取乙酸乙酯的反应原理，明确使用试剂作用，如饱和碳酸钠溶液、浓硫酸的作用等。‎ ‎14.有机物W用作调香剂、高分子材料合成中间体等，制备W的一种合成路线如下。‎ 请回答下列问题：‎ ‎(1)写出A的结构简式____________‎ ‎(2)F的化学名称是________，⑤和⑥的反应类型分别是_____，______。‎ ‎(3)E中含有的官能团是____(写名称)，D聚合生成高分子化合物的结构简式为______。‎ ‎(4)写出反应②的化学方程式________。‎ ‎【答案】 (1). (2). 苯甲醇 (3). 消去反应 (4). 取代反应 (5). 碳碳双键、羧基 (6). (7). +2NaOH+2NaBr ‎【解析】‎ 分析】‎ A与溴发生加成反应生成B，由B的结构可知A为；‎ B发生水解反应生成C，C为；‎ C催化氧化的产物继续氧化生成D，则D为；‎ 对比D、E的分子式可知，D分子内脱去1分子水生成E，故D在浓硫酸、加热条件下发生消去反应生成E，E为；‎ E与F发生酯化反应生成W为，据此分析解答。‎ ‎【详解】(1)根据上述分析，A为，故答案为：； ‎ ‎(2)F的名称为苯甲醇，由分析可知，反应⑤为发生消去反应生成，反应⑥为和 在浓硫酸催化和加热条件下发生酯化反应，酯化反应属于取代反应，故答案为：苯甲醇；消去反应；取代反应（或酯化反应）；‎ ‎(3)E为，E中的官能团有羧基和碳碳双键，D为，含羟基和羧基，D可以发生缩聚反应生成高分子化合物，故答案为：碳碳双键、羧基；； ‎ ‎(4)反应②为卤代烃的水解，发生反应的化学方程式为+2NaOH+2NaBr，故答案为：+2NaOH+2NaBr。‎ ‎15.化合物X是一种香料，可采用乙烯与甲苯为主要原料，按下列路线合成：‎ ‎ ‎ 已知：RCHO+CH3COOR′ RCH=CHCOOR′‎ 请回答下列问题：‎ ‎(1)A中官能团的名称是__________________。‎ ‎(2)D→E的化学方程式___________________。‎ ‎(3)X的结构简式_________________。‎ ‎(4)与F互为同分异构体又满足下列条件的有____种。‎ ‎①遇到氯化铁溶液会显紫色，②会发生银镜反应 ③苯环上有三个取代基 在其它同分异构体中核磁共振氢谱有六组峰，氢原子数比符合1:2:2:2:2:1的结构为_____。‎ ‎(5)根据上面合成信息及试剂，写出以乙烯为原料(无机试剂任选)，写出合成CH3CH＝CHCOOCH2CH3路线___________。‎ ‎【答案】 (1). 羟基 (2). 2+O22+2H2O (3). (4). 20 (5). 或或或 (6). CH2＝CH2 CH3CH2OH CH3CHO CH3COOH CH3COOCH2CH3CH3CH＝CHCOOCH2CH3‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 乙烯与水在催化剂作用下发生加成反应生成乙醇，故A是乙醇，乙醇催化氧化最终生成乙酸，故B是乙酸；甲苯在光照条件下与氯气发生的是取代反应生成C，C在氢氧化钠的水溶液中发生发生水解生成D，则D为醇，由D能被氧化为E，那么E应为醛类，即E为，即甲苯与氯气发生的是甲基上的取代，那么C为， D应为，B与D发生酯化反应，生成F为： ，根据已知信息，则X为。‎ ‎【详解】(1)A是乙醇，官能团的名称是羟基；‎ ‎(2)D发生催化氧化生成E，化学方程式为：2+O22+2H2O；‎ ‎(3) E与F发生已知信息的反应，则X的结构简式为；‎ ‎(4)遇到氯化铁溶液会显紫色，则含有酚羟基；会发生银镜反应，则含有醛基；且苯环上有三个取代基，则三种取代基可能有两种情况：①酚羟基、-CHO、-CH2CH3；②酚羟基、- CH2CHO、-CH3，第一种情况，先固定苯环上两个取代基酚羟基和-CHO，则有三种结构：、、，再加上-CH2CH3，则分别有4、4、2种同分异构体，共10种；同理第二种情况也有10种，共20种同分异构体满足条件；在其它同分异构体中核磁共振氢谱有六组峰，氢原子数比符合1:2:2:2:2:1的结构中，没有甲基，含有两个-CH2-，结构应该对称，则为或或或；‎ ‎(5)乙烯与水加成生成乙醇，乙醇氧化生成乙醛，再氧化生成乙酸，乙醇与乙酸发生酯化反应生成乙酸乙酯，乙酸乙酯再与乙醛反应生成CH3CH＝CHCOOCH2CH3，所以合成路线为： CH2＝CH2 CH3CH2OH CH3CHO CH3COOH CH3COOCH2CH3CH3CH＝CHCOOCH2CH3‎ ‎【点睛】本题考查有机物的推断与合成，充分利用有机物的分子式与结构进行推断，需要学生熟练掌握官能团的性质与转化，难度中等；会根据题给条件进行有机物同分异构体数目的确定和同分异构体的书写。‎