2018-2019学年湖南省醴陵二中、醴陵四中高二上学期期中联考物理试题 解析版

2018-2019学年湖南省醴陵二中、醴陵四中高二上学期期中联考物理试题 解析版

醴陵二中、醴陵四中 ‎2018年下学期高二年级物理科期中联考试卷 一、选择题（1题至8题为单项选择题，9题至12题为多项选择题，每题4分，共48分。其中多项选择题全部选对得4分，选对但不全得2分，有选错的得0分）‎ ‎1.两个相同的金属小球，带电量之比为1∶７，相距为r,两者相互接触后再放回原来的位置上，则它们间的库仑力可能为原来的（ ）‎ A. 4/7 B. 3/7 C. 9/7 D. 16/7‎ ‎【答案】CD ‎【解析】‎ 试题分析：由库仑定律可得：得，当两相同金属小球带同种电荷时，两者相互接触后再放回原来的位置上，它们的电荷量变为4：4，所以库仑力是原来的16/7；当两相同金属小球带异种电荷时，两者相互接触后再放回原来的位置上，它们的电荷量是先中和后平分，电量变为3：3，所以库仑力是原来的9/7．故CD正确，AB错误．故选CD。‎ 考点：库仑定律 ‎2.下列说法中正确的是(　　)‎ A. 电场强度反映了电场的力的性质，因此场中某点的场强与试探电荷在该点所受的静电力成正比 B. 场中某点的场强大小等于，但与试探电荷的受力大小及电荷量无关 C. 场中某点的场强方向是试探电荷在该点的受力方向 D. 公式E＝和E＝对于任何电场都是适用的 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A、电场强度反映了电场的力的性质，电场强度由比值定义法求得，，但电场强度是电场本身的一种性质，与试探电荷的受力大小及电荷量无关，故A错误，B正确； C、电场中的场强方向是正试探电荷在该点的受力方向，负试探电荷受力沿电场的反方向，故C错误； D、公式是定义式，适用于任意电场，而只能适用于真空中的点电荷，故D错误。‎ ‎【点睛】本题考查对电场强度的理解，要注意比值定义法的应用，电场强度可以由力及电荷量的比值定义，但场强是由电场本身所决定的性质，与有没有检验电荷即受力均无关。‎ ‎3.如图所示是某静电场的一部分电场线分布情况，下列说法中正确的是(　　)‎ A. 这个电场可能是负点电荷的电场 B. 负电荷在B点处受到的静电力的方向沿电场线的切线方向 C. 点电荷q在A点处受到的静电力比在B点处受到的静电力大 D. 点电荷q在A点处的瞬时加速度比在B点处的瞬时加速度小(不计重力)‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 点电荷电场线是从正电荷或者无穷远发出，到负电荷或无穷远处为止，电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，电场线的切线方向为该点场强的方向，正点电荷所受电场力的方向与该点场强方向相同；‎ ‎【详解】A、负点电荷的电场中的电场线是从正电荷或无穷远出发到负电荷终止的直线，而该电场是曲线，所以A错误； B、电场线的切线方向为该点场强的方向，所以负电荷在B点处受到的电场力的方向沿电场线切线的反方向，故B错误；‎ C、电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，所以，依据，则有点电荷q在A点处受到的电场力比在B点处受到的电场力大，根据牛顿第二定律可知，电场力越大的，产生加速度也越大，故C正确，D错误。‎ ‎【点睛】本题关键要理解并掌握点电荷电场线的分布情况，理解电场线的物理意义，就能轻松选择。‎ ‎4.用电场线能很直观很方便地比较电场中各点的强弱如图，左边是等量异种点电荷形成电场的电场线，右边是场中的一些点：O是电荷连线的中点，E、F是连线中垂线上相对O对称的两点，B、C和A、D也相对O对称，则下列认识不正确的是　　 ‎ A. B、C两点场强大小和方向都相同 B. A、D两点场强大小相等，方向相反 C. E、F两点场强大小和方向都相同 D. 从E到F过程中场强先增大后减小 ‎【答案】B ‎【解析】‎ 试题分析：根据对称性看出，B、C两处电场线疏密程度相同，则B、C两点场强大小相同．这两点场强的方向均由B→C，方向相同，故A正确．根据对称性看出，A、D两处电场线疏密程度相同，则A、D两点场强大小相同．由图看出，A、D两点场强方向相同，故B错误．由图看出，E、F两点中，电场线疏密程度相同，两点场强方向相同，故C正确．由图看出，电场线先变密，再变疏，所以场强先增大后减小，故D正确．本题选错误的，故选：B．‎ 考点：等量异种点电荷电场.‎ ‎5.关于光的波粒二象性的说法中，正确的是(　　)‎ A. 一束传播的光，有的光是波，有的光是粒子 B. 光子和电子是同种粒子，光波与机械波是同种波 C. 光的波动性是由光子间的相互作用而形成的 D. 光是一种波，同时也是一种粒子，光子说并未否定电磁说 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 光具有波粒二象性是微观世界具有的特殊规律，大量光子运动的规律表现出光的波动性，而单个光子的运动表现出光的粒子性，光的波长越长，波动性越明显，波长越短，其粒子性越显著；‎ ‎【详解】A、所以的光都具有波粒二象性，光同时具有波和粒子的特性，即光是一种波，同时也是一种粒子，光子说并未否定电磁说，故A错误，D正确； B、电子是组成原子的基本粒子，有确定的静止质量，是一种物质实体，速度可以低于光速；光子代表着一份能量，没有静止质量，速度永远是光速，光波和机械波是不同的两种波，故B错误； C、光在传播时往往表现出的波动性，光在跟物质相互作用时往往表现出粒子性，故C错误；‎ ‎【点睛】本题考查了光的波粒二象性，有时波动性明显，有时粒子性明显，光是一种波，同时也是一种粒子。‎ ‎6.质量为m的钢球自高处落下，以速率v1碰地，竖直向上弹回，碰撞时间极短，离地的速率为v2．在碰撞过程中，钢球受到的冲量的方向和大小为 ( )‎ A. 向下，m（v1－v2） B. 向下，m（v1＋v2）‎ C. 向上，m（v1－v2） D. 向上，m（v1＋v2）‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ 本题考查动量的矢量性，设弹回速度为正值，方向向下，D对；‎ ‎7.一辆小车静止在光滑的水平面上，小车立柱上固定一条长为L、系有小球的水平细绳，小球由静止释放，如图所示，不计一切摩擦，下列说法正确的是（　　）‎ A. 小球的机械能守恒，动量不守恒 B. 小球的机械能不守恒，动量也不守恒 C. 球、车系统的机械能守恒，动量守恒 D. 球、车系统的机械能、动量都不守恒 ‎【答案】B ‎【解析】‎ 试题分析：小球由静止释放过程中，小球与小车组成的系统在水平方向不受外力，故系统只在在水平方向动量守恒，所以当小球有向右的速度时小车将同时有向左的速度，所以小球在下落过程中并不是真正的圆周运动，小车将通过细绳对小球做功，小球机械能不守恒，动量守恒的研究对象是一个系统，单独小球谈不上动量守恒，所以A错误，B正确．小球与小车系统在整个过程中只有重力做功，系统机械能守恒；由于系统水平方向不受外力，系统在水平方向动量守恒但总动量并不守恒，故CD错误．故选B.‎ 考点：动量守恒定律；机械能守恒定律 ‎【名师点睛】小球与小车组成的系统在水平方向不受外力，满足水平方向动量守恒定律；系统机械能守恒，但对小球来说，不满足动量和机械能守恒的条件；遇到相互作用的问题，一般要从系统的角度考虑机械能是否守恒及某一方向上的动量是否守恒。‎ ‎8.有一条捕鱼小船停靠在湖边码头，小船又窄又长(估计一吨左右)．一位同学想用一个卷尺粗略测定它的质量．他进行了如下操作：首先将船平行码头自由停泊，轻轻从船尾上船，走到船头后停下来，而后轻轻下船，用卷尺测出船后退的距离为d，然后用卷尺测出船长L，已知他自身的质量为m，则渔船的质量M为(　　)‎ A. B. ‎ C. D. ‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 人和船组成的系统所受合外力为0，满足动量守恒，由位移与时间之比表示速度，根据动量守恒定律进行分析与计算；‎ ‎【详解】设人走动时船的速度大小为，人的速度大小为，人从船尾走到船头所用时间为t，取船的速度为正方向。 则， 根据动量守恒定律： 则得： 解得渔船的质量：，故选项B正确，选项ACD错误。‎ ‎【点睛】人船模型是典型的动量守恒模型，体会理论知识在实际生活中的应用，关键要注意动量的方向。‎ ‎9.如图所示，用静电计可以测量已充电的平行板电容器两极板间的电势差U，现使B板带正电，实验中，电荷量不变，则下列判断正确的是(　　)‎ A. 增大两极板之间的距离，静电计指针张角变大 B. 将A板稍微上移，静电计指针张角将变大 C. 若将玻璃板插入两板之间，则静电计指针张角变大 D. 若将金属铝板插入两板之间，没有与两极板接触，则静电计指针张角变大 ‎【答案】AB ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 已充电的平行板电容器电量不变，静电计测量电势差的大小，电容器板间的电势差越大，静电计指针张角越大，根据电容器电容的决定分析电容的变化，由电容的定义式分析板间电势差的变化；‎ ‎【详解】A、增大两极板之间的距离，由电容的决定式可知，电容减小，电容器的电量不变，由分析可知，板间电压增大，静电计指针张角变大，故A正确； B、将A板稍微上移时，正对面积减小，由电容的决定式可知，电容增小，电量不变，由分析可知，板间电压增大，静电计指针张角变大，故B正确； C、将玻璃板插入两板之间，电容的决定式可知，电容增大，电量不变，由分析可知，板间电压减小，静电计指针张角变小，故C错误；‎ D、加入金属铝板，相当于减小两极板之间的距离，由电容的决定式可知，电容增大，电容器的电量不变，由分析可知，板间电压减小，静电计指针张角变小，故D错误。‎ ‎【点睛】本题要抓住电容器的电量不变，由电容的决定式和定义式结合分析电容器动态变化问题，注意张角的变化表示电势差的变化。‎ ‎10.频率为v的光子，德布罗意波长为λ=h/p，能量为E，则光的速度为 A. Eλ/h B. pE C. E/p D. h2/Ep ‎【答案】AC ‎【解析】‎ ‎【详解】根据，可得，又因为，代入可得，AC正确．‎ ‎11.用如图所示的装置研究光电效应现象．所用光子能量为2.75eV的光照射到光电管上时发生了光电效应，电流表G的示数不为零；移动变阻器的触点，发现当电压表的示数大于或等于1.7V时，电流表示数为0，则下列说法正确的是（ ）‎ A. 光电子的最大初动能始终为1.05eV B. 光电管阴极的逸出功为1.05eV C. 当滑动触头向a端滑动时，反向电压增大，电流增大 D. 改用能量为2.5eV的光子照射，移动变阻器的触点c，电流表G中也可能有电流 ‎【答案】BD ‎【解析】‎ 该装置所加的电压为反向电压，发现当电压表的示数大于或等于1.7V时，电流表示数为0，知道光电子的最大初动能为1.7eV，根据光电效应方程EKm=hγ-W0，W0=1.05eV．故A错误，B正确；当滑动触头向a端滑动时，反向电压增大，则到达集电极的电子的数目减小，电流减小，故C错误；改用能量为2.5eV的光子照射，2.5eV仍然大于1.7eV，仍然可以发生光电效应，电流表G也有电流，即使移动变阻器的触点c，电流表G中也可能有电流，故D正确。所以BD正确，AC错误。‎ ‎12.在光滑水平面上，一质量为m、速度大小为v的A球与质量为2m静止的B球发生正碰，碰撞可能是弹性的，也可能是非弹性的，则碰后B球的速度大小可能是(　　)‎ A. 0.7v B. 0.6v C. 0.4v D. 0.2v ‎【答案】BC ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 若AB发生弹性碰撞，碰后B球的速度最大，若AB发生完全非弹性碰撞，碰后B球的速度最小，根据动量守恒定律和能量守恒定律求出碰撞后B球的速度范围，然后分析答题；‎ ‎【详解】以两球组成的系统为研究对象，以A球的初速度方向为正方向，如果碰撞为弹性碰撞，由动量守恒定律得：‎ 由机械能守恒定律得：， 解得：，，负号表示碰撞后A球反向弹回。 如果碰撞为完全非弹性碰撞，以A球的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得：，解得：‎ 则碰撞后B球的速度范围是：，则碰后B球的速度大小可能是和，不可能是和，故AD错误，BC正确。‎ ‎【点睛】本题的关键是要掌握碰撞的基本规律：动量守恒定律，知道弹性碰撞遵守两大守恒定律：动量守恒定律与机械能守恒定律，解答时要注意选择正方向，用符号表示速度的方向。‎ 二、填空题（每空3分，共18分）‎ ‎13.由爱因斯坦光电效应方程可以画出光电子的最大初动能和入射光的频率的关系，若该直线的斜率和横轴截距分别为k和b，电子电荷量的绝对值为e，则普朗克常量可表示为_______ , 所用材料的逸出功可表示为__________ 。 （结果均用k和b表示） ‎ ‎【答案】 (1). k (2). kb ‎【解析】‎ ‎【详解】根据光电效应方程得，，分析可知与成一次函数关系，知图线的斜率等于普朗克常量，即为：‎ ‎，与图象比较可知，横轴截距b为金属的极限频率，则料的逸出功为：。‎ ‎【点睛】只要记住并理解了光电效应的特点，只要掌握了光电效应方程就能顺利解决此题，所以可以通过多看课本加强对基础知识的理解．‎ ‎14.如上图所示为实验室中验证动量守恒的实验装置示意图．‎ ‎(1)若入射小球质量为m1，半径为r1；被碰小球质量为m2，半径为r2，则________．‎ A．m1>m2, r1>r2 B．m1>m2, r1m2，r1＝r2 D．m1

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