2018-2019学年江苏省泰州市高一上学期期末考试物理试题（word版）

2018-2019学年江苏省泰州市高一上学期期末考试物理试题（word版）

‎2018-2019学年江苏省泰州市高一（上）期末 物理试卷 一、单选题 ‎1. “抬头望明月，明月云中行”，关于月亮的运动所选取的参考系是 （ ）‎ A. 月亮 B. 云 C. 地面 D. 观察者自己 ‎【答案】B ‎2.物体做匀变速直线运动，加速度为 4m/s2，下列说法正确的是（ ）‎ A. 物体在某秒末的速度一定是该秒初的 4 倍 B. 物体在某秒末速度一定比该秒初增加了 4m/s C. 物体在某秒末的速度一定比前秒初改变了 4m/s D. 物体速度的改变量与这段时间的比值一定是 4m/s2‎ ‎【答案】BD ‎3.做平抛运动的物体，每秒速度的增量总是（ ）‎ A. 大小相等，方向相同 B. 大小不等，方向不同 C. 大小相等，方向不同 D. 大小不等，方向相同 ‎【答案】A ‎4.如图所示，冰壶在冰面运动时，可以在较长时间内保持运动速度的大小和方向不变，我们可以说冰壶有较强的抵抗运动状态变化的“本领”，这里所指的“本领”是冰壶的惯性，则冰壶的惯性大小取决于（　　）‎ A. 冰壶速度 B. 冰壶的加速度 C. 冰壶的质量 D. 冰壶受到的合外力 ‎【答案】C ‎5.如图所示，某学校教室里的磁性黑板上粘挂一些小磁铁（如图中“笑脸”），“笑脸”被吸在黑板上可以用于“贴”挂图等辅助教学。下列关于“笑脸”的说法中正确的是（　　）‎ A. “笑脸”受到黑板的磁吸引力大于黑板对其的弹力才能被吸在黑板上 B. “笑脸”与黑板间存在三对作用力与反作用力 C. “笑脸”受到三个力的作用 D. “笑脸”受到的支持力与黑板受到的压力是一对平衡力 ‎【答案】B ‎6.一蜡块置于注满清水长玻璃管中，封闭管口后将玻璃管竖直倒置，在蜡块匀加速上浮的同时，使玻璃管紧贴竖直黑板面沿水平方向向右匀速移动，如图所示，设坐标系的x、y轴正方向分别为水平向右、竖直向上，则蜡块相对于黑板面的运动轨迹是（　　）‎ A. B. ‎ C. D. ‎ ‎【答案】B ‎7.如图所示，轻弹簧竖直放置在水平面上，其上放置质量为2kg的物体A，A处于静止状态，现将质量为3kg的物体B缓慢轻放在A上，设B与A刚要一起运动的瞬间，B对A的压力大小为F，当A、B一起向下运动速度最大时取走B，设取走B的瞬间A的加速度大小为a，则F与a的大小是（取g=10m/s2）（　　）‎ A. 20N、 B. 30N、 C. 25N、 D. 12N、‎ ‎【答案】D 二、多选题 ‎8.静止的物体在合外力F作用下运动，F随时间t变化的图象如图所示，则下图中与F-t图象对应的v-t图象、a-t图象正确的是（　　）‎ A. B. C. D. ‎ ‎【答案】BD ‎9.下列物理量中，属于矢量的是（　　）‎ A. 位移 B. 速率 C. 时间 D. 加速度 ‎【答案】AD ‎10.一物体做匀变速直线运动，某时刻的速度为v1，经过t时间后速度变为v2, 位移为x，则 A. 这段时间内的平均速度一定是 B. 这段时间内的平均速度一定是 C. 这段时间内中间时刻的瞬时速度一定是 D. 这段时间内中间位置的瞬时速度一定是 ‎【答案】ABC ‎11.如图，将一半圆形轨道凹槽AB固定在水平地面上，圆心为O，半径为r=1m。现将可视为质点的小球从圆心等高处的凹槽左侧端点A水平抛出，经t=0.4s直接落到凹槽上，则小球的初速度v0可能为（取g=10m/s2）（　　）‎ A. B. C. D. ‎ ‎【答案】AC ‎12.一质点沿x轴正方向做直线运动，通过坐标原点时开始计时，其-t的图象如图所示，则（　　）‎ A. 质点做匀速直线运动，速度为2‎ B. 质点做匀加速直线运动，加速度为 C. 质点在1s末速度为 D. 质点在第1s内的平均速度为 ‎【答案】BD 三、实验题探究题 ‎13.某同学用如图甲、乙所示的装置测量弹簧的劲度系数及验证力的平行四边形定则 ‎（1）用图甲所示装置测量弹簧的劲度系数，根据所测实验数据，作得弹力F跟弹簧长度l（原长为6cm）关系图象如图丙所示，则该弹簧的劲度系数k=______N/m（结果保留两位有效数字）‎ ‎（2）如图乙所示装置验证力的平行四边形定则，部分实验操作如下，请完成下列相关内容：‎ ‎①如图甲，在弹簧下端悬挂两个钩码记下弹簧末端的位置O及弹簧所受的拉力F；‎ ‎②卸下钩码然后将两细绳套系在弹簧下端，用两弹簧测力计将弹簧末端拉到同一位置O，记录细绳套AO、BO的____及两弹簧测力计相应的读数。图乙中B弹簧测力计的读数为_____N。‎ ‎③该同学在坐标纸上画出两弹簧测力计拉力FA、FB的大小和方向如图丁所示，请在图丁中作出FA、FB的合力F’ ______。‎ ‎④在丁图中作出拉力F的图示，观察比较F和F’，得出结论：在误差范围内合力与分力______（填“满足”或“不满足”）平行四边形定则。‎ ‎【答案】 (1). （1）25； (2). （2）②方向； (3). 11.40； (4). ③如图所示； (5). ④满足。 ‎ ‎【解析】‎ ‎14.如图为“探究物体的加速度与力、质量的关系”的实验装置，沙和沙桶的质量为m，小车和砝码的质量为M，实验中将沙和沙桶的重力mg作为细线对小车的拉力F。‎ ‎（1）在进行平衡摩擦力的操作时，下列注意事项正确的是______‎ A．应该让小车连接纸带并穿过打点计时器 B．必须让小车连接沙桶 C．纸带和沙桶都应连接 D．纸带和沙桶都不能连接 ‎（2）保持小车的质量M一定，改变沙桶中沙的质量，根据实验数据作a-F图象。随着沙和沙桶质量m增加，不再远小于小车质量M，则可能会出现下列图象中的______。‎ ‎（3）保持沙和沙桶的总质量m不变，改变小车和砝码的总质量M，探究加速度和质量的关系。如图是某次实验中打出的一条纸带，交变电流的频率为50Hz，每隔4个点选一个计数点，则小车的加速度为______m/s2（保留两位有效数字）。通过实验得到多组加速度a、质量M的数据，为了方便准确地研究二者关系，一般选用纵坐标为加速度a，则横坐标为______（填“M”或“”）‎ ‎【答案】 (1). （1）A (2). （2）B (3). （3）0.42 (4). 1/M   四、计算题 ‎15.在平直路面上以108km/h速度匀速行驶的汽车，刹车后做匀减速直线运动，4s末的速度为36km/h，求：‎ ‎（1）刹车后汽车加速度的大小；‎ ‎（2）刹车后汽车4s内的位移大小；‎ ‎（3）刹车后经多少时间汽车停止运动 ‎【答案】（1）5m/s2（2）80m。（3）6s。‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）速度v1=108km/h=30m/s，v2=36km/h=10m/s，‎ 根据加速度定义可知，a=，汽车的加速度大小为5m/s2；‎ ‎（2）汽车做匀减速直线运动，根据平均速度公式可知，x==80m；‎ ‎（3）根据速度-时间公式可知，v=v1+at，其中v=0，解得t=6s。‎ ‎16.如图所示，A和B的质量分别是3kg和10kg，B与地面间动摩擦因数μ=0.4，滑轮摩擦及绳重不计，整个装置处于平衡状态。（取g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）‎ ‎（1）物体B受几个力作用，画出B的受力示意图：‎ ‎（2）求地面对B的摩擦力大小；‎ ‎（3）求B对地面的压力的大小 ‎【答案】（1）物体B受4个力作用，B的受力示意图如图所示；‎ ‎ （2）24N；（3）82N。‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）物体B受到重力、支持力、摩擦力和绳子拉力4个力的作用，如图所示；‎ ‎（2）根据题意可得绳子拉力为：F=mAg=30N，对B水平方向根据平衡条件可得：f=Fcos37°解得：f=24N；‎ ‎（3）对B根据竖直方向受力平衡可得：FN=mBg-Fsin37°解得：FN=82N，根据牛顿第三定律可得B对地面的压力的大小为82N。‎ ‎17.质量m=0.2kg的物体在光滑水平面上运动，其在互相垂直的x、y两个方向的分速度vx和vy和随时间变化的图象如图所示，求：‎ ‎（1）物体初速度的大小和方向 ‎（2）物体所受合力的大小和方向 ‎（3）物体前4s位移的大小和方向（结果可用三角函数表示）‎ ‎【答案】（1），方向与x之间的夹角为45°；（2）F=0.2N，方向沿x轴负方向；（3）m，方向与x之间的夹角为arcsin。‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）由题目图象可知：在x方向做以初速度4m/s，加速度：a===1m/s2，‎ 匀减速直线运动；y方向物体做匀速直线运动，速度4m/s。‎ 所以物体的初速度：v=m/s与x之间的夹角的正弦值：sinθ=则：θ=45°‎ ‎（2）物体受到合外力：F=ma=0.2×1=0.2N方向沿x负方向 ‎（3）当t=4s时，在x方向物体的位移为：sx=vxt==8m；‎ y方向物体的位移为：sy=vyt=4×4=16m；‎ t=4s时物体的位移：s=m；‎ 与x之间的夹角的正弦值：sinβ=则：β=arcsin ‎18.如图，光滑水平面上静置一长木板A，质量M=4kg，A的最前端放一小物块B（可视为质点），质量m=1kg，A与B间动摩擦因数μ=0.2．现对木板A施加一水平向右的拉力F，取g=10m/s2．则：‎ ‎（1）若拉力F1=5N，A、B一起加速运动，求A对B的静摩擦力f的大小和方向；‎ ‎（2）为保证A、B一起加速运动而不发生相对滑动，求拉力的最大值Fm（设最大静摩擦力与滑动摩擦力相等）；‎ ‎（3）若拉力F2=14N，在力F2作用t=ls后撤去，要使物块不从木板上滑下，求木板的最小长度L ‎【答案】（1）f= 1N，方向水平向右；（2）Fm= 10N。（3）木板的最小长度L是0.7m。‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）对AB整体分析，由牛顿第二定律得：F1=（M+m）a1‎ 对B，由牛顿第二定律得：f=ma1联立解得f =1N，方向水平向右；‎ ‎（2）对AB整体，由牛顿第二定律得：Fm=（M+m）a2对B，有：μmg=ma2联立解得：Fm=10N ‎（3）因为F2＞Fm，所以AB间发生了相对滑动，木块B加速度为：a2=μg=2m/s2。木板A加速度为a3，则：F2-μmg=Ma3解得：a3=3m/s2。‎ ‎1s末A的速度为：vA=a3t=3m/s B的速度为：vB=a2t=2m/s ‎1s末A、B相对位移为：△l1==0.5m撤去F2后，t′s后A、B共速 对A：-μmg=Ma4可得：a4=-0.5m/s2。共速时有：vA+a4t′=vB+a2t′可得：t′=0.4s撤去F2后A、B相对位移为：△l2==0.2m为使物块不从木板上滑下，木板的最小长度为：L=△l1+△l2=0.7m。‎ ‎ ‎ ‎ ‎