山东专用2021高考生物一轮复习课时作业13基因的分离定律解析版

山东专用2021高考生物一轮复习课时作业13基因的分离定律解析版

课时作业(十三)　基因的分离定律 ‎[基础练]‎ ‎1．(2019·湖北武汉模拟)人的褐眼对蓝眼为显性，其相关基因位于常染色体上，某家庭的双亲皆为褐眼。其甲、乙、丙三个孩子中，有一个是收养的(非亲生孩子)。甲和丙为蓝眼，乙为褐眼。由此得出的正确结论是(　　)‎ A．孩子乙是亲生的，孩子甲或孩子丙是收养的 B．该夫妇生一个蓝眼男孩的概率为1/4‎ C．控制孩子乙眼睛颜色的基因是纯合的 D．控制双亲眼睛颜色的基因是杂合的 D　[由于双亲皆为褐眼，在孩子中出现蓝眼，可推知双亲均为杂合子，若控制褐眼和蓝眼的基因分别用A和a表示，则双亲的基因型均为Aa，则其亲生孩子可以是蓝眼(aa)，也可能是褐眼(AA或Aa)，所以无法确定甲、乙、丙三个孩子中哪一个是收养的；该夫妇生一个蓝眼男孩的概率为1/4×1/2＝1/8；控制孩子乙眼睛的基因型可能是AA，也可能是Aa。]‎ ‎2．(2019·四川乐山一模)果蝇的长翅对残翅为显性，由位于2号染色体上的一对等位基因控制。若一对杂合的长翅果蝇交配后，繁殖出了8只果蝇，则这8只果蝇的表现型是(　　)‎ A．都是长翅　　　　　　　　 B．都是残翅 C．6只是长翅、2只是残翅 D．以上三种都有可能 D　[果蝇的长翅对残翅为显性(用A、a表示)，一对杂合的长翅果蝇交配后，即Aa×Aa，根据基因分离定律，后代基因型及比例为AA∶Aa∶aa＝1∶2∶1，表现型及比例为长翅∶残翅＝3∶1。但是由于子代数目较少，不一定会出现3∶1的性状分离比，因此8只果蝇的表现型可能都是长翅，也可能都是残翅，还可能是6只果蝇是长翅，2只果蝇是残翅等其他情况。]‎ ‎3．遗传实验过程中，生物的交配方式很多，下列有关叙述不正确的是(　　)‎ A．杂交是指基因型不同的个体之间的交配方式，是目前培育新品种的重要方法 B．自交是自花传粉、闭花受粉的植物的主要交配方式 C．测交常用来检测某个个体的基因型，也可用来确定一对相对性状的显隐性 D．正交和反交常用来判断某性状的遗传方式是核遗传还是质遗传 C　[杂交是指基因型不同的个体之间的交配方式，是目前培育新品种的重要方法，还可用来判断一对相对性状的显隐性；自交是自花传粉、闭花受粉的植物的主要交配方式，自交也可用于确定某个个体的基因型；测交常用来检测某个个体的基因型，但不能用来确定一对相对性状的显隐性；根据正反交实验结果是否一致可以推断控制性状的基因是细胞核基因还是细胞质基因，也可推断控制性状的基因是常染色体基因还是性染色体基因。]‎ ‎4．(2019·湖北孝感市一模)基因型为Bb(B对b为完全显性)的玉米植株自交后所结的一个玉米穗上有700多粒种子(F1)，挑选F1植株中的显性个体均分为两组，甲组自交，乙组自由交配，下列有关两组所产子代的分析，错误的是(　　)‎ - 7 -‎ A．甲组子代中隐性个体占1/6，乙组子代中隐性个体占1/9‎ B．两组子代中纯合子所占比例均高于杂合子所占比例 C．两组子代中基因型为Bb的个体所占比例不同 D．基因B在两组子代中的基因频率不同 D　[基因型为Bb的玉米自交后，F1显性个体中基因型为BB的占1/3，基因型为Bb的占2/3。将F1植株中的显性个体均分为甲、乙两组，甲组自交得到的F2的基因型为3/6BB、2/6Bb、1/6bb，且基因B的频率为2/3；乙组自由交配得到的F2的基因型为4/9BB、4/9Bb、1/9bb，且基因B的频率为2/3。]‎ ‎5．玉米中因含支链淀粉多而具有黏性(由基因W控制)的子粒和花粉遇碘不变蓝；含直链淀粉多不具有黏性(由基因w控制)的子粒和花粉遇碘变蓝色。W对w完全显性。把WW和ww杂交得到的种子播种下去，先后获取花粉和子粒，分别滴加碘液观察统计，结果应为(　　)‎ A．花粉1/2变蓝、子粒3/4变蓝 B．花粉、子粒各3/4变蓝 C．花粉1/2变蓝、子粒1/4变蓝 D．花粉、子粒全部变蓝 C　[WW和ww杂交之后的种子中胚的基因型为Ww，该种子播种后发育成的植株产生含有W和w的花粉各占一半，所以花粉滴加碘液有1/2会变蓝，而该植株的子代，即产生的种子中可以按照Ww自交来进行分析，后代中WW和Ww遇碘不变蓝色，ww遇碘变蓝色。]‎ ‎6．(2019·河南八市测评)下列有关一对相对性状遗传的叙述，正确的是(　　)‎ A．在一个种群中，若仅考虑一对等位基因，可有4种不同的杂交类型 B．最能说明基因分离定律实质的是F2的表现型比例为3∶1‎ C．若要鉴别和保留抗锈病(显性)小麦，最简便易行的方法是自交 D．通过测交可以推测被测个体产生配子的数量 C　[在一个种群中，若仅考虑一对等位基因，交配类型不止4种；最能说明基因分离定律实质的是F1的配子类型比为1∶1；显性抗锈病小麦自交，后代发生性状分离的为杂合子，予以淘汰，后代未发生性状分离的保留子代的后代；通过测交不能推测被测个体产生配子的数量，但可推测被测个体的基因型。]‎ ‎7．(2019·山东潍坊模拟)番茄的红果(R)对黄果(r)是显性，让纯种红果植株和黄果植株杂交得F1，F1再自交产生F2，淘汰F2的黄果番茄，利用F2中的红果番茄自交，则F3中RR、Rr、rr三种基因型的比例是(　　)‎ A．4∶4∶1 B．3∶2∶1‎ C．1∶2∶1 D．9∶3∶1‎ B　[F2中红果番茄的基因型为1/3RR、2/3Rr，自交后代F3中rr占(2/3)×(1/4)＝1/6，Rr占(2/3)×(1/2)＝1/3，RR占(1/3)×1＋(2/3)×(1/4) ＝1/2，即RR∶Rr∶rr＝3∶2∶‎ - 7 -‎ ‎1。]‎ ‎8．将基因型为Aa的豌豆连续自交，将后代中的纯合子和杂合子所占的比例绘制成如图所示的曲线，据图分析，错误的说法是(　　)‎ A．a曲线可代表自交n代后纯合子所占的比例 B．b曲线可代表自交n代后显性纯合子所占的比例 C．隐性纯合子的比例比b曲线所对应的比例要小 D．c曲线可代表后代中杂合子所占比例随自交代数的变化 C　[杂合子连续自交n代后，杂合子所占比例为(1/2)n，纯合子所占比例为1－(1/2)n，可知图中a曲线表示纯合子所占比例，b曲线表示显性纯合子或隐性纯合子所占比例，c曲线表示杂合子所占比例。]‎ ‎9．下图是孟德尔利用豌豆所做的一对相对性状的杂交实验，请据图回答下列问题：‎ ‎ ‎ ‎(1)图中进行的操作①是________，操作②是________。操作②完成后需要对母本的花进行套袋处理，目的是_____________________________________________________。‎ ‎(2)据图分析，若母本植株自交，子代是否会出现性状分离，并说明理由：‎ ‎________________________________________________________________________。‎ ‎(3)若F1高茎植株自交，其子代的表现型及比例为__________________________。‎ 解析　(1)操作①是对母本去雄，操作②是人工异花授粉。豌豆是自花传粉、闭花授粉植物，为确保杂交实验成功，应在花药未成熟之前去掉雄蕊，操作后还要套上纸袋，同样人工异花授粉也需要套上纸袋，目的都是防止外来花粉干扰。‎ ‎(2)豌豆是自花传粉、闭花授粉植物，自然状态下，豌豆都是纯合植株，因此若母本植株自交，子代不会出现性状分离。‎ ‎(3)假如控制豌豆高茎与矮茎的等位基因为A和a，则F1高茎豌豆的基因型为Aa，F1自交，后代的基因型及比例为AA∶Aa∶aa＝1∶2∶1，表现型及比例为高茎(AA＋Aa)∶矮茎(aa)＝3∶‎ - 7 -‎ ‎1。‎ 答案　(1)对母本去雄　人工异花授粉　防止外来花粉的干扰　(2)不出现性状分离。杂交后F1为显性性状，说明亲代高茎为纯合显性(自然状态下，豌豆都是纯合植株)　 (3)高茎∶矮茎＝3∶1‎ ‎10．(2019·山东淄博模拟)已知豌豆种子中子叶的黄色与绿色由一对等位基因Y、y控制，现用豌豆进行下列遗传实验，请分析回答：‎ 实验一 实验二 P　黄色子叶甲×绿色子叶乙 ‎↓　‎ F1　黄色子叶丙　绿色子叶　‎ ‎1∶1　　‎ P　黄色子叶丁 ‎↓⊗‎ F1　黄色子叶戊　绿色子叶 ‎3∶1‎ ‎(1)用豌豆做遗传实验容易取得成功的原因之一是________。‎ ‎(2)从实验________可判断这对相对性状中________是显性性状。‎ ‎(3)实验一子代中出现黄色子叶与绿色子叶的比例为1∶1，其主要原因是 ‎________________________________________________________________________‎ ‎________________________________________________________________________。‎ ‎(4)实验二黄色子叶戊的基因型为________，其中能稳定遗传的占________。‎ ‎(5)实验一中黄色子叶丙与实验二中黄色子叶戊杂交，所获得的子代黄色子叶个体中不能稳定遗传的占________。‎ 解析　(1)豌豆有许多稳定的易于区分的相对性状，并且是自花传粉、闭花受粉植物，在自然状态下都为纯合子，是良好的遗传杂交实验材料。(2)根据实验二中子代的性状分离现象可判断子叶黄色对绿色为显性。(3)根据题意知，黄色子叶甲的基因型为Yy，故产生Y、y两种配子，且比例相等。(4)黄色子叶戊的基因型及比例为YY∶Yy＝1∶2，其中能稳定遗传的占1/3。(5)黄色子叶丙(Yy)与黄色子叶戊(1/3YY、2/3Yy)杂交，子代中YY所占的比例为1/3×1/2＋2/3×1/2×1/2 ＝1/3，Yy所占的比例为1/3×1/2＋2/3×1/2＝1/2，这两种黄色子叶YY∶Yy＝2∶3，所以黄色子叶中不能稳定遗传的(Yy)占3/5。‎ 答案　(1)性状易于区分　(2)二　黄色　(3)黄色子叶甲产生的配子种类及其比例为Y∶y＝1∶1　(4)YY或Yy　1/3　(5)3/5‎ ‎[能力练]‎ ‎11．将基因型为Aa的玉米自交所得的种子全部种下，待其长成幼苗，人工去掉隐性个体，随机分成两组，第一组让其自交，第二组让其自由传粉。则一、二组子代中基因型为aa的个体所占比例分别为(　　)‎ A．1/9、1/16　　　 B．1/6、1/9‎ C．1/6、5/12 D．3/8、1/9‎ - 7 -‎ B　[基因型为Aa的玉米自交所得种子基因型为1/4AA、1/2Aa、1/4aa，待其长成幼苗，人工去掉隐性个体，两种基因型所占比例分别为1/3AA、2/3Aa，自交后代中，基因型为aa的个体所占比例为(2/3)×(1/4)＝1/6；让其自由传粉，后代中基因型为aa的个体所占比例为(2/3)×(2/3)×(1/4)＝1/9。]‎ ‎12．(2019·山东烟台模拟)已知某种植物果皮的有毛和无毛由常染色体上的一对等位基因(D、d)控制，让多个果皮有毛的亲本自交，F1的表现型及比例为有毛∶无毛＝7∶1(不考虑基因突变、染色体变异和致死情况)。下列有关分析不合理的是(　　)‎ A．该植物果皮的有毛对无毛为显性 B．亲本的基因型有DD、Dd两种，且比例为1∶1‎ C．F1中d基因的频率为1/4‎ D．F1果皮有毛植株中DD∶Dd＝4∶1‎ D　[让多个果皮有毛的亲本自交，F1的表现型及比例为有毛∶无毛＝7 ∶1，后代出现了无毛，说明了有毛对无毛为显性，A正确；Dd自交后代无毛的比例为1/4，而后代无毛的比例为1/8，说明亲本DD∶Dd＝1∶1，B正确；子一代DD∶Dd∶dd＝5∶2∶1，则d的基因频率＝2×2/8＋1/8＝1/4，C正确；F1果皮有毛植株中DD∶Dd＝5∶2，D错误。]‎ ‎13．如图①②③表示两个红色荧光蛋白基因随机整合在染色体上的三种转基因烟草的体细胞示意图。不考虑交叉互换和突变，下列说法正确的是(　　)‎ A．植株①自交后代中有1/4个体散发红色荧光 B．植株③的一个花粉细胞中至少含有1个红色荧光蛋白基因 C．处于有丝分裂后期时有4条染色体含有红色荧光蛋白基因的细胞来自植株①②③‎ D．处于减数第二次分裂后期时可能含4个红色荧光蛋白基因的细胞来自植株①和③‎ D　[植株①自交后代中有3/4个体散发红色荧光，A错误；植株③的一个花粉细胞中可能不含有红色荧光蛋白基因，B错误；植株①处于有丝分裂后期的细胞有2条染色体含有红色荧光蛋白基因，C错误；植株②处于减数第二次分裂后期的细胞中一定含有2个红色荧光蛋白基因，①③植株可能含有4个红色荧光蛋白基因，D正确。]‎ ‎14．(2019·北京四中模拟)一豌豆杂合子(Aa)植株自交时，下列叙述错误的是(　　)‎ A．若自交后代基因型比例是2∶3∶1，可能是含有隐性基因的花粉50%死亡造成的 B．若自交后代的基因型比例是2∶2∶1，可能是隐性个体有50%死亡造成的 C．若自交后代的基因型比例是4∶4∶1，可能是含有隐性基因的配子有50%死亡造成的 D．若自交后代的基因型比例是1∶2∶1，可能是花粉有50%死亡造成的 B　[该杂合子能产生A∶a＝1∶‎ - 7 -‎ ‎1的雌配子，若含有隐性基因的花粉有50%死亡率，则产生的雄配子种类及比例为A∶a＝2∶1，自交后代的基因型及比例为1/3AA、1/2Aa、1/6aa；若隐性个体有50%死亡，则AA∶Aa∶aa＝2∶4∶1；若含有隐性基因的配子有50%死亡，该杂合子能产生A∶a＝2∶1的雌雄配子，自交后代的基因型及比例为AA∶Aa∶aa＝4∶4∶1；若花粉有50%死亡，并不影响花粉的基因型比例，所以后代的性状分离比仍然是1∶2∶1。]‎ ‎15．在一个经长期随机交配形成的自然鼠群中，存在的毛色表现型与基因型的关系如表(注：AA纯合胚胎致死)。请分析回答相关问题：‎ 表现型 黄色 灰色 黑色 基因型 Aa1、Aa2‎ a1a1、a1a2‎ a2a2‎ ‎(1)若亲本基因型为Aa1×Aa2，则其子代的表现型可能为_____________________。‎ ‎(2)两只鼠杂交，后代出现三种表现型。则该对鼠的基因型是________，它们再生一只黑色雄鼠的概率是_______________________________________________。‎ ‎(3)假设进行很多Aa2×a1a2的杂交，平均每窝生8只小鼠。在同样条件下进行许多Aa2×Aa2的杂交，预期每窝平均生________只小鼠。‎ ‎(4)现有一只黄色雄鼠和多只其他各色的雌鼠，如何利用杂交方法检测出该雄鼠的基因型？实验思路如下：‎ ‎①____________________________________________________________。‎ ‎②____________________________________________________________。‎ 结果预测：‎ ‎①____________________________________________________________________。‎ ‎②____________________________________________________________________。‎ 解析　(1)根据表格中基因型与表现型的对应关系，若亲本基因型为Aa1和Aa2，则其子代的基因型和表现型为AA(死亡)、Aa1(黄色)、Aa2(黄色)、a1a2(灰色)。(2)后代中有3种表现型，其中有黑色a2a2，可推知其亲本均有a2，所以亲本的基因型为Aa2和a1a2，它们再生一只黑色鼠概率为1/4，雄性概率为1/2，所以黑色雄鼠的概率为1/8。(3)Aa2和a1a2所生的后代全部存活，而Aa2和Aa2的后代只有3/4存活，所以每窝存活后代为8×3/4＝6只。(4)检测出黄色雄鼠的基因型，应用该黄色雄鼠与多只黑色雌鼠杂交，并观察后代的毛色。如果后代出现黄色和灰色，则该黄色雄鼠的基因型为Aa1；如果后代出现黄色和黑色，则该黄色雄鼠的基因型为Aa2。‎ 答案　(1)黄色、灰色　(2)Aa2、a1a2　1/8　(3)6　(4)实验思路：　①选用该黄色雄鼠与多只黑色雌鼠杂交　②观察后代的毛色　结果预测：　①如果后代出现黄色和灰色，则该黄色雄鼠的基因型为Aa1　②如果后代出现黄色和黑色，则该黄色雄鼠的基因型为Aa2‎ - 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