2016届高考数学（理）大一轮复习达标训练试题：课时跟踪检测(二十五)　正弦定理和余弦定理的应用

2016届高考数学（理）大一轮复习达标训练试题：课时跟踪检测(二十五)　正弦定理和余弦定理的应用

课时跟踪检测(二十五)　正弦定理和余弦定理的应用 一、选择题 ‎1.如图，两座灯塔A和B与海岸观察站C的距离相等，灯塔A在观察站南偏西40°，灯塔B在观察站南偏东60°，则灯塔A在灯塔B的(　　)‎ A．北偏东10°　　　　　 B．北偏西10°‎ C．南偏东80° D．南偏西80°‎ ‎2．一艘海轮从A处出发，以每小时40海里的速度沿南偏东40°的方向直线航行，30分钟后到达B处，在C处有一座灯塔，海轮在A处观察灯塔，其方向是南偏东70°，在B处观察灯塔，其方向是北偏东65°，那么B，C两点间的距离是(　　)‎ A．10海里　　　　　　　 B．10海里 C．20海里 D．20海里 ‎3.如图，一条河的两岸平行，河的宽度d＝‎0.6 km，一艘客船从码头A出发匀速驶往河对岸的码头B.已知AB＝‎1 km，水的流速为‎2 km/h，若客船从码头A驶到码头B所用的最短时间为6 min，则客船在静水中的速度为(　　)‎ A．‎8 km/h B．‎6 km/h C．‎2 km/h D．‎‎10 km/h ‎4．(2014·四川高考)如图，从气球A上测得正前方的河流的两岸B，C的俯角分别为75°，30°，此时气球的高是‎60 m，则河流的宽度BC等于(　　)‎ A．240(－1)m　　　　　　　 B．180(－1)m C．120(－1)m D．30(＋1)m ‎5．一个大型喷水池的中央有一个强大喷水柱，为了测量喷水柱喷出的水柱的高度，某人在喷水柱正西方向的点A测得水柱顶端的仰角为45°，沿点A向北偏东30°前进‎100 m到达点B，在B点测得水柱顶端的仰角为30°，则水柱的高度是(　　)‎ A．‎50 m B．‎‎100 m C．‎120 m D．‎‎150 m ‎6．(2015·厦门模拟)在不等边三角形ABC中，角A，B，C所对的边分别为a，b，c，其中a为最大边，如果sin2(B＋C)0.‎ 则cos A＝>0，‎ ‎∵0.‎ 因此得角A的取值范围是.‎ ‎7．解析：如图，OM＝AOtan 45°＝30(m)，‎ ON＝AOtan 30°＝×30＝10(m)，‎ 在△MON中，由余弦定理得，‎ MN＝ ＝＝10(m)．‎ 答案：10 ‎8．解析：如题图，由题意知AB＝24×＝6，在△ABS中，∠BAS＝30°，AB＝6，∠ABS＝180°－75°＝105°，∴∠ASB＝45°，由正弦定理知＝，∴BS＝＝3.‎ 答案：3 ‎9．解析：如图，在Rt△ABM中，AM＝＝＝＝＝‎20 m.‎ 又易知∠MAN＝∠AMB＝15°，所以∠MAC＝30°＋15°＝45°，又∠AMC＝180°－15°－60°＝105°，从而∠ACM＝30°.在△AMC中，由正弦定理得＝，解得MC＝40.在Rt△CMD中，CD＝40×sin 60°＝‎60 m，故通信塔CD的高为‎60 m.‎ 答案：60‎ ‎10．解析：如图，作CD垂直于AB的延长线于点D，由题意知∠A＝15°，∠DBC＝45°，∴∠ACB＝30°，AB＝50×420＝21 000(m)．‎ 又在△ABC中，＝，‎ ‎∴BC＝×sin 15°＝10 500(－)．‎ ‎∵CD⊥AD，∴CD＝BC·sin∠DBC＝10 500(－)×＝10 500(－1)＝7 350.‎ 故山顶的海拔高度h＝10 000－7 350＝2 650(m)．‎ 答案：2 650 ‎ ‎11．解析：如图所示，根据题意可知AC＝10，∠ACB＝120°，设舰艇靠近渔轮所需的时间为t h，并在B处与渔轮相遇，则AB＝21t，BC＝9t，在△ABC中，根据余弦定理得AB2＝AC2＋BC2－‎2AC·BC·cos 120°，所以212t2＝102＋81t2＋2×10×9t×，即360t2－90t－100＝0，解得t＝或t＝－(舍去)．所以舰艇靠近渔轮所需的时间为h.‎ 此时AB＝14，BC＝6.‎ 在△ABC中，根据正弦定理，得＝，‎ 所以sin∠CAB＝＝，‎ 即∠CAB≈21.8°或∠CAB≈158.2°(舍去)，‎ 即舰艇航行的方位角为45°＋21.8°＝66.8°.‎ 所以舰艇以66.8°的方位角航行，需h 才能靠近渔轮．‎ ‎12．解：(1)在△ABC中，因为cos A＝，cos C＝，所以 sin A＝，sin C＝.‎ 从而sin B＝sin[π－(A＋C)]＝sin(A＋C)‎ ‎＝sin Acos C＋cos Asin C＝×＋×＝.‎ 由正弦定理＝，‎ 得AB＝×sin C＝×＝1 040(m)．‎ 所以索道AB的长为1 ‎040 m.‎ ‎(2)假设乙出发t分钟后，甲、乙两游客距离为d，此时，甲行走了(100＋50t)m，乙距离A处130t m，所以由余弦定理得 d2＝(100＋50t)2＋(130t)2－2×130t×(100＋50t)× ‎＝200(37t2－70t＋50)，‎ 因0≤t≤，即0≤t≤8，‎ 故当t＝(min)时，甲、乙两游客距离最短．‎ ‎(3)由正弦定理＝，‎ 得BC＝×sin A＝×＝500(m)．‎ 乙从B出发时，甲已走了50×(2＋8＋1)＝550(m)，还需走‎710 m才能到达C.‎ 设乙步行的速度为v m/min，‎ 由题意得－3≤－≤3，解得≤v≤，‎ 所以为使两位游客在C处互相等待的时间不超过3 min，乙步行的速度应控制在，(单位：m/min)范围内．‎