物理·江苏省徐州五中2016-2017学年高二上学期月考物理试卷（10月份）+Word版含解析

物理·江苏省徐州五中2016-2017学年高二上学期月考物理试卷（10月份）+Word版含解析

‎2016-2017学年江苏省徐州五中高二（上）月考物理试卷（10月份）‎ ‎　‎ 一、单项选择题（每小题3分，共54分）‎ ‎1．在真空中有两个点电荷，二者的距离保持一定，若把它们各自的电量都增加为原来的3倍，则两电荷的库仑力将增大到原来的（　　）‎ A．3倍 B．6倍 C．9倍 D．2倍 ‎2．如图是电场中某区域的电场线分布图，P点是电场中的一点，则（　　）‎ A．P点的电场强度方向向左 B．P点的电场强度方向向右 C．正点电荷在P点所受的电场力的方向向左 D．负点电荷在P点所受的电场力的方向向右 ‎3．四种电场的电场线如图所示．一正电荷q仅在电场力作用下由M点向N点作加速运动且加速度越来越大．则该电荷所在的电场是图中的（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎4．A为已知电场中的一固定点，在A点放一电量为q的电荷，所受电场力为F，A点的场强为E，则（　　）‎ A．若在A点换上﹣q，A点的场强方向发生改变 B．若在A点换上电量为2q的电荷，A点的场强将变为2E C．若在A点移去电荷q，A点的场强变为零 D．A点场强的大小、方向与q的大小、方向、有无均无关 ‎5．关于电流，下列说法中正确的是（　　）‎ A．通过导线截面的电量越多，电流越大 B．电子运动的速率越大，电流越大 C．单位时间内通过导体截面的电量越多，导体中的电流越大 D．因为电流有方向，所以电流是矢量 ‎6．关于磁场和磁感线的描述，正确的说法是（　　）‎ A．磁感线从磁体的N极出发，终止于S极 B．磁场的方向就是通电导体在磁场中某点受磁场作用力的方向 C．沿磁感线方向，磁场逐渐减弱 D．在磁场强的地方同一通电导体受的安培力可能比在磁场弱的地方受的安培力小 ‎7．下列说法正确的是（　　）‎ A．磁场中某处磁感强度的大小，等于长为L，通以电流I的一小段导线放在该处时所受磁场力F与乘积IL的比值 B．一小段通电导线放在某处如不受磁场力作用，则该处的磁感应强度为零 C．因为B=，所以磁场中某处磁感应强度的大小与放在该处的导线所受磁场力F的大小成正比，与IL的大小成反比 D．磁场中某处磁感应强度的大小与放在磁场中的通电导线长度、电流大小及所受磁场力的大小均无关 ‎8．如图所示，磁场B方向、通电直导线中电流I的方向，以及通电直导线所受磁场力F的方向，其中正确的是（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎9．下列各图中，已标出电流I、磁感应强度B的方向，其中符合安培定则的是（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎10．一带负电的粒子（重力不计），进入磁场中，下列关于磁场方向、速度方向及带电粒子所受的洛伦兹力方向标示正确的是（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎11．一磁感应强度为B的匀强磁场，方向水平向右，一面积为S的矩形线圈abcd如图所示放置，平面abcd与竖直方向成θ角，则穿过线圈平面的磁通量为（　　）‎ A．0 B．BS C．BScosθ D．BSsinθ ‎12．关于电源的作用，下列说法中正确的是（　　）‎ A．电源的作用是能为电路持续地提供自由电荷 B．电源的作用能直接释放出电能 C．电源的作用就是能保持导体两端的电压，使电路中有持续的电流 D．电源的作用就是使自由电荷运动起来 ‎13．如图所示，在垂直于纸面的范围足够大的匀强磁场中，有一个矩形线圈abcd，线圈平面与磁场垂直，O1O2和O3O4都是线圈的对称轴，应使线圈怎样运动才能使其中产生感生电流？（　　）‎ A．向左平动 B．向上或向下平动 C．向右平动 D．绕O1O2转动 ‎14．一根容易形变的弹性导线，两端固定．导线中通有电流，方向如图中箭头所示．当没有磁场时，导线呈直线状态：当分别加上方向竖直向上、水平向右或垂直于纸面向外的匀强磁场时，描述导线状态的四个图示中正确的是（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎15．在电子射线管中，电子流方向由左向右，其上方放置一根通有如图所示方向电流的直导线，导线与电子射线管平行，则电子流方向将（　　）‎ A．向上偏转 B．向下偏转 C．向纸里偏转 D．向纸外偏转 ‎16．电动机正常工作时（　　）‎ A．电能全部转化为内能 B．电能全部转化为机械能 C．电能主要转化为机械能，只有一小部分转化为内能 D．电功率等于热功率之和 ‎17．下列电器中主要是利用电流通过导体产生热量工作的是（　　）‎ A．电饭煲 B．吸尘器 C．电视机 D．电冰箱 ‎18．如图所示，通电螺线管周围能自由转动的小磁针a、b、c、d已静止，N指向正确的是（　　）‎ A．小磁针a B．小磁针b C．小磁针c D．小磁针d ‎　‎ 二、填空题（共3小题，每空2分，满分16分）‎ ‎19．导体中的电流是5mA，那么在3.2秒内有　　 C的电荷定向移动通过导体的横截面，相当于　　个电子通过该截面．‎ ‎20．真空中有一个电场，在这个电场中的某一点放入电量为5.0×10﹣9C的点电荷，它受到的电场力为3.0×10﹣4N，那么这一点处的电场强度的大小等于　　，若在该点放入一个带电荷量为q=2×10﹣4C的负电荷，该处电场强度的大小等于　　，此电荷所受电场力大小为　　．‎ ‎21．在“研究电磁感应现象”的实验中，首先要按图甲接线，以查明电流表指针的偏转方向与电流方向之间的关系；然后按图乙将电流表与线圈B连成一个闭合电路，将线圈A、电池、滑动变阻器和开关串联成另一个闭合电路．在图甲中，当闭合S时，观察到电流表指针向左偏（不通电时指针停在正中央）．在图乙中：　　（填“是”、或“否”）‎ ‎（1）S闭合后，将螺线管A插入螺线管B的过程中，电流表的指针　　偏转．‎ ‎（2）线圈A放在B中不动，将滑动变阻器的滑片向右滑动时，电流表指针　　偏转．‎ ‎（3）线圈A放在B中不动，突然切断开关S时，电流表指针　　偏转．‎ ‎　‎ 三．计算题（每题10分，共30分）‎ ‎22．如图所示，水平导体棒AB被两根竖直细线悬挂，置于垂直纸面向里的匀强磁场中，已知磁场的磁感应强度B=0.5T，导体棒长L=1m，质量m=0.5kg，重力加速度g=10m/s2．当导体棒中通以从A到B的电流时，‎ ‎①判断导体棒所受安培力的方向；当电流I=2A时，求导体棒所受安培力的大小F．‎ ‎②导体棒中通过的电流I′为多大时，细线中拉力刚好为0？‎ ‎23．如图所示，一个挂在丝线下端带正电的小球B，静止在图示位置．若固定的带正电小球A的电荷量为Q，B球的质量为m，带电荷量为q，θ=30°，A和B在同一条水平线上，整个装置处于真空中．试求A、B两球间的距离r．‎ ‎24．在倾角为θ=30°的光滑斜面上垂直纸面放置一根长为L，质量为m的直导体棒，导体棒处在方向竖直向下的匀强磁场，如图所示，当导体棒内通有垂直纸面向里的电流I时，导体棒恰好静止在斜面上，求磁感应强度B的大小？‎ ‎　‎ ‎2016-2017学年江苏省徐州五中高二（上）月考物理试卷（10月份）‎ 参考答案与试题解析 ‎　‎ 一、单项选择题（每小题3分，共54分）‎ ‎1．在真空中有两个点电荷，二者的距离保持一定，若把它们各自的电量都增加为原来的3倍，则两电荷的库仑力将增大到原来的（　　）‎ A．3倍 B．6倍 C．9倍 D．2倍 ‎【考点】库仑定律．‎ ‎【分析】根据点电荷之间的库伦力的公式F=k，分析即可得出结论．‎ ‎【解答】解：由库伦力的公式F=k，当距离保持不变，把它们各自的电量都增加为原来的3倍时，F′=k=9k，所以C正确，ABD错误．‎ 故选：C．‎ ‎【点评】本题是对点电荷之间的库伦力公式的直接应用，题目比较简单．‎ ‎　‎ ‎2．如图是电场中某区域的电场线分布图，P点是电场中的一点，则（　　）‎ A．P点的电场强度方向向左 B．P点的电场强度方向向右 C．正点电荷在P点所受的电场力的方向向左 D．负点电荷在P点所受的电场力的方向向右 ‎【考点】电场线；电场强度．‎ ‎【分析】电场线的方向就是电场强度的方向，正电荷所受电场力的方向与该点场强的方向相同，负电荷所受电场力的方向与场强的方向相反．‎ ‎【解答】解：电场线的方向就是电场强度的方向，故P点电场强度方向向右．故A错误B正确．‎ 正电荷所受电场力的方向就是该点场强的方向，故正电荷在P点所受电场力向右．故C错误．‎ 负电荷所受电场力的方向与场强的方向相反，故负电荷在P点所受电场力向左．故D错误．‎ 故选B．‎ ‎【点评】把握了电场线的特点即可顺利解决此题．‎ ‎　‎ ‎3．四种电场的电场线如图所示．一正电荷q仅在电场力作用下由M点向N点作加速运动且加速度越来越大．则该电荷所在的电场是图中的（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎【考点】电场线；电场强度．‎ ‎【分析】由粒子做加速运动可知，粒子受力方向，则可判断电场线的方向；由加速度的变化可知电荷受力的变化，则由F=Eq可得出场强的变化，则可判断电场线的疏密．‎ ‎【解答】解：因粒子由M到N是加速运动，而粒子带正电，故说明电场线是由M到N的；‎ 因粒子在运动中加速度越大越大，说明受电场力越大越大，则电场强度越大越大，电场线越来越密；故D正确；‎ 故选D．‎ ‎【点评】电场线是为了形象描述电场的性质而引入的虚拟带有方向的线，近几年对电场线的考查较多，应认真把握．‎ ‎　‎ ‎4．A为已知电场中的一固定点，在A点放一电量为q的电荷，所受电场力为F，A点的场强为E，则（　　）‎ A．若在A点换上﹣q，A点的场强方向发生改变 B．若在A点换上电量为2q的电荷，A点的场强将变为2E C．若在A点移去电荷q，A点的场强变为零 D．A点场强的大小、方向与q的大小、方向、有无均无关 ‎【考点】电场强度．‎ ‎【分析】根据场强的定义式E=，判断A点的场强大小；电场强度取决于电场本身，与试探电荷无关．‎ ‎【解答】解：电场强度E=是通过比值定义法得出的，电场强度取决于电场本身，与试探电荷无关，故在A点换上﹣q或2q或把q移去，A点的场强都不变，故ABC错误，D正确．‎ 故选：D．‎ ‎【点评】比值定义法是物理学中常用方法，但要注意所定义的量不一定与式中的物理有比例关系．‎ ‎　‎ ‎5．关于电流，下列说法中正确的是（　　）‎ A．通过导线截面的电量越多，电流越大 B．电子运动的速率越大，电流越大 C．单位时间内通过导体截面的电量越多，导体中的电流越大 D．因为电流有方向，所以电流是矢量 ‎【考点】电流、电压概念．‎ ‎【分析】电流强度由通过导线截面的电量和通电时间共同决定，单位时间内通过导体截面的电量越多，导体中的电流越大；电流的微观表达式I=nesv可知电流的大小跟导体的材料、横截面积和电荷定向移动的速率共同决定；矢量的运算满足平行四边形定则，标量的运算满足代数法则，而电流的运算满足代数法则．‎ ‎【解答】解：A、通过某一横截面积的电量与所用时间的比值等于通过导体的电流强度，故电流强度由通过导线截面的电量和通电时间共同决定，故A错误．‎ B、由电流的微观表达式I=nesv，电流的大小跟导体的材料（决定n），导体的横截面积（s）和电荷定向移动的速率（v）共同决定，故B错误．‎ C、根据I=可知，单位时间（t一定）内通过导体截面的电量（q）越多，导体中的电流（I）越大．故C正确．‎ D、矢量的运算满足平行四边形定则，标量的运算满足代数法则，而电流的运算满足代数法则，故电流是标量．故D错误．‎ 故选C．‎ ‎【点评】掌握了基本知识就能顺利解决此类题目，故要重视基本知识的积累．‎ ‎　‎ ‎6．关于磁场和磁感线的描述，正确的说法是（　　）‎ A．磁感线从磁体的N极出发，终止于S极 B．磁场的方向就是通电导体在磁场中某点受磁场作用力的方向 C．沿磁感线方向，磁场逐渐减弱 D．在磁场强的地方同一通电导体受的安培力可能比在磁场弱的地方受的安培力小 ‎【考点】磁感线及用磁感线描述磁场．‎ ‎【分析】在磁体外部磁感线从N极出发进入S极，在磁体内部从S极指向N极．磁场的方向与通电导体在磁场中某点受磁场作用力的方向垂直．磁感线的疏密表示磁场的强弱．安培力的大小取决于四个因素：B、I、L，及导线与磁场的夹角，在磁场强的地方同一通电导体受的安培力可能比在磁场弱的地方受的安培力小．‎ ‎【解答】解：A、磁感线分布特点：在磁体外部磁感线从N极出发进入S极，在磁体内部从S极指向N极．故A错误．‎ ‎ B、磁场的方向与通电导体在磁场中某点受磁场作用力的方向垂直．故B错误．‎ ‎ C、磁场的强弱看磁感线的疏密，与磁感线方向无关，沿磁感线方向，磁场不一定减弱．故C错误．‎ ‎ D、根据安培力公式F=BILsinα，可见，在B大的地方，F不一定大．故D正确．‎ 故选D ‎【点评】本题考查对磁场基本知识的理解和掌握程度，基础题．注意安培力与电场力不同：安培力方向与磁场方向垂直，而电场力方向与电场强度方向相同或相反．‎ ‎　‎ ‎7．下列说法正确的是（　　）‎ A．磁场中某处磁感强度的大小，等于长为L，通以电流I的一小段导线放在该处时所受磁场力F与乘积IL的比值 B．一小段通电导线放在某处如不受磁场力作用，则该处的磁感应强度为零 C．因为B=，所以磁场中某处磁感应强度的大小与放在该处的导线所受磁场力F的大小成正比，与IL的大小成反比 D．磁场中某处磁感应强度的大小与放在磁场中的通电导线长度、电流大小及所受磁场力的大小均无关 ‎【考点】磁感应强度．‎ ‎【分析】磁感应强度的定义是：导线垂直放入磁场时，导线所受磁场力F与乘积IL的比值等于磁感应强度的大小．当导线与磁场平行时，通电导线不受磁场力．磁感应强度的大小由磁场本身的强弱决定，与放在该处的电流元无关．‎ ‎【解答】解：A、只有当导线垂直放入磁场时，导线所受磁场力F与乘积IL的比值才等于磁感应强度的大小．故A错误．‎ ‎ B、由于导线与磁场平行时，通电导线不受磁场力，所以通电导线放在某处如不受磁场力作用，该处的磁感应强度不一定为零．故B错误．‎ ‎ C、D磁感应强度的大小由磁场本身的强弱决定，与放在磁场中的通电导线长度、电流大小及所受磁场力的大小均无关．故C错误，D正确．‎ 故选D ‎【点评】对于磁感应强度的理解关键抓住其物理意义和定义式B=，此式采用比值定义法，具有比值定义的共性，定义出的新物理量与原来两个量无关，不反映物质的属性．‎ ‎　‎ ‎8．如图所示，磁场B方向、通电直导线中电流I的方向，以及通电直导线所受磁场力F的方向，其中正确的是（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎【考点】左手定则．‎ ‎【分析】熟练应用左手定则是解决本题的关键，在应用时可以先确定一个方向，然后逐步进行，如可先让磁感线穿过手心，然后通过旋转手，让四指和电流方向一致或让大拇指和力方向一致，从而判断出另一个物理量的方向，用这种程序法，防止弄错方向．‎ ‎【解答】解：A、如图所示，由安培定则可知，安培力方向垂直于电流方向向上，故A错误；‎ B、如图所示，由安培定则可知，电流方向与磁场方向平行，因此不受安培力作用，故B错误；‎ C、如图所示，由安培定则可知，安培力方向竖直向下，故C正确；‎ D、如图所示，由安培定则可知，安培力垂直于导线向外，故D错误．‎ 故选C．‎ ‎【点评】左手定则中涉及物理量及方向较多，在应用过程中容易出现错误，要加强练习，增加熟练程度．判断通电导线的安培力方向，既要会用左手定则，又要符合安培力方向的特点：安培力方向既与电流方向垂直，又与磁场方向垂直．‎ ‎　‎ ‎9．下列各图中，已标出电流I、磁感应强度B的方向，其中符合安培定则的是（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎【考点】安培定则．‎ ‎【分析】安培定则，也叫右手螺旋定则，是表示电流和电流激的磁场的磁感线方向间关系的定则，根据安培定则的应用即可正确解答．‎ ‎【解答】解：AB、通电直导线中的安培定则（安培定则一）：用右手握住通电直导线，让大拇指指向电流的方向，那么四指的指向就是磁感线的环绕方向由此可知，故AB错误；‎ CD、通电螺线管中的安培定则（安培定则二）：用右手握住通电螺线管，使四指弯曲与电流方向一致，那么大拇指所指的那一端是通电螺线管的N极，据此可知，故C正确，D错误．‎ 故选：C．‎ ‎【点评】加强练习熟练掌握安培定则的内容，注意磁场方向的表示方法，同时关注直导线与环导线大拇指指向内容有所不同．‎ ‎　‎ ‎10．一带负电的粒子（重力不计），进入磁场中，下列关于磁场方向、速度方向及带电粒子所受的洛伦兹力方向标示正确的是（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎【考点】洛仑兹力．‎ ‎【分析】因带电粒子是带负电的，所以应用左手定则时，四指所指的方向与运动方向相反．应用左手定则可判断个选项的正误．‎ ‎【解答】解：‎ A、带负点的粒子向右运动，掌心向外，四指所指的方向向左，大拇指所指的方向是向下，选项A错误．‎ B、带负点粒子的运动方向与磁感应线平行，此时不受洛伦兹力的作用．选项B错误．‎ C、带负点的粒子向右运动掌心向外，四指所指的方向向右，大拇指所指的方向是向下，选项C正确．‎ D、带负电的粒子向下运动，掌心向里四指应向下，大拇指的方向向右，选项D错误．‎ 故选：C．‎ ‎【点评】在应用左手定则时，首先要判断运动的带电粒子所带的电性，若是正电，四指的方向与粒子运动方向一致，若是负电，四指所指的方向与粒子的运动方向相反．此处是非常容易出错的．‎ ‎　‎ ‎11．一磁感应强度为B的匀强磁场，方向水平向右，一面积为S的矩形线圈abcd如图所示放置，平面abcd与竖直方向成θ角，则穿过线圈平面的磁通量为（　　）‎ A．0 B．BS C．BScosθ D．BSsinθ ‎【考点】磁通量．‎ ‎【分析】圈在匀强磁场中，当线圈平面与磁场方向垂直时，穿过线圈的磁通量Φ=BS，B是磁感应强度，S是线圈的面积．当线圈平面与磁场方向平行时，穿过线圈的磁通量Φ=0，若既不垂直，也不平行，则可分解成垂直与平行，根据Φ=BSsinθ（θ是线圈平面与磁场方向的夹角）即可求解．‎ ‎【解答】解：矩形线圈abcd如图所示放置，匀强磁场方向水平向右，平面abcd与竖直方向成θ角，将此时通过线圈的磁通量为Φ1=BScosθ．‎ 故选：C．‎ ‎【点评】对于匀强磁场中磁通量的求解，可以根据一般的计算公式Φ=BSsinθ（θ是线圈平面与磁场方向的夹角）来分析线圈平面与磁场方向垂直、平行两个特殊情况．注意夹角θ不是磁场与线圈平面的夹角，同时理解磁通量不是矢量，但注意分清正面还是反面通过线圈．‎ ‎　‎ ‎12．关于电源的作用，下列说法中正确的是（　　）‎ A．电源的作用是能为电路持续地提供自由电荷 B．电源的作用能直接释放出电能 C．电源的作用就是能保持导体两端的电压，使电路中有持续的电流 D．电源的作用就是使自由电荷运动起来 ‎【考点】电源的电动势和内阻．‎ ‎【分析】电源的作用是把其他形式的能转化为电能，为电路持续地提供持续的电压，使电路中有持续的电流．‎ ‎【解答】解：A、电源的作用不是为电路持续地提供自由电荷，导体中本身就有自由电荷．故A错误．‎ ‎ B、电源的作用是使导体中产生电场，导体中的自由电荷受到电场力作用发生定向移动，从而使电路中产生持续的电流．电场力做功，消耗电能转化为其他形式的能量，这一过程必须通过电路来完成，而电源不能直接释放出电能．故B错误．‎ ‎ C、电源的作用能使导体中产生电场，保持导体两端的电压，使电路中有持续的电流．故C正确．‎ ‎ D、自由电荷本身也做无规则的运动，电源的作用使导体中的自由电荷受到电场力作用发生定向移动．故D错误．‎ 故选C ‎【点评】本题考查对电源的理解，要从电场的角度分析电源的作用．基础题．‎ ‎　‎ ‎13．如图所示，在垂直于纸面的范围足够大的匀强磁场中，有一个矩形线圈abcd，线圈平面与磁场垂直，O1O2和O3O4都是线圈的对称轴，应使线圈怎样运动才能使其中产生感生电流？（　　）‎ A．向左平动 B．向上或向下平动 C．向右平动 D．绕O1O2转动 ‎【考点】感应电流的产生条件．‎ ‎【分析】本题比较简单，考查了产生感应电流的条件，通过判断线圈中的磁通量是否变化，即可得出正确结果．‎ ‎【解答】解：由于磁场为匀强磁场，无论线圈在平面内如何平动，其磁通量都不变化，因此不会产生感应电流，故ABC错误；‎ 当线圈绕O1O2转动时，磁通量将发生变化，如转过90°时磁通量为零，因此有感应电流产生，故D正确．‎ 故选D．‎ ‎【点评】根据产生感应电流的条件判断线圈中是否有感应电流产生是电磁感应中的基本要求，要把握实质问题，不要受其它条件的干扰．‎ ‎　‎ ‎14．一根容易形变的弹性导线，两端固定．导线中通有电流，方向如图中箭头所示．当没有磁场时，导线呈直线状态：当分别加上方向竖直向上、水平向右或垂直于纸面向外的匀强磁场时，描述导线状态的四个图示中正确的是（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎【考点】安培力；左手定则．‎ ‎【分析】通电导线在磁场中的受力方向判断，可由左手定则完成，注意电力与磁场平行时没有安培力．‎ ‎【解答】解：A、图示电流与磁场平行，导线不受力的作用，故A错误；‎ B、由左手定则判得，安培力的方向垂直纸面向外，导线应向外弯曲，故B错误；‎ C、由左手定则判得，安培力的方向水平向右，故导线向右弯曲；故C正确； ‎ D、由左手定则判得，安培力的方向水平向左，故导线应向左弯曲；故D错误；‎ 故选：C．‎ ‎【点评】本题考查了左手定则，要熟练应用左手定则判断安培力方向、磁场方向、电流方向三者间的关系．‎ ‎　‎ ‎15．在电子射线管中，电子流方向由左向右，其上方放置一根通有如图所示方向电流的直导线，导线与电子射线管平行，则电子流方向将（　　）‎ A．向上偏转 B．向下偏转 C．向纸里偏转 D．向纸外偏转 ‎【考点】洛仑兹力；通电直导线和通电线圈周围磁场的方向．‎ ‎【分析】带电粒子在电流的磁场中运动，才受到洛伦兹力作用而发生偏转．由左手定则可确定洛伦兹力的方向，再根据运动与力的方向来确定运动轨迹．‎ ‎【解答】解：由通电导线的电流方向，根据右手螺旋定则可得电子射线管处于垂直纸面向里的磁场，当电子流方向从左向右，则由左手定则可得粒子向下偏转．‎ 故选：B．‎ ‎【点评】电流提供的磁场，让电荷在磁场中静止，则一定没有磁场力，而电荷在磁场中运动，有才可能有洛伦兹力，当正电荷运动，则四指为粒子运动方向，大拇指为洛伦兹力方向，若是负电荷，则大拇指的反方向为洛伦兹力方向．‎ ‎　‎ ‎16．电动机正常工作时（　　）‎ A．电能全部转化为内能 B．电能全部转化为机械能 C．电能主要转化为机械能，只有一小部分转化为内能 D．电功率等于热功率之和 ‎【考点】电功、电功率．‎ ‎【分析】电动机正常工作时，根据能量转化和守恒定律分析电能如何转化，及电功率与机械功率、热功率的关系．‎ ‎【解答】解：A、B、C电动机正常工作时，消耗的电能主要转化为机械能和小部分内能．故AB错误，C正确．‎ D、根据能量转化和守恒定律得知：电功率等于机械功率和热功率之和．故D错误．‎ 故选：C ‎【点评】本题关键要抓住电动机能量是如何转化的，来分析功率关系．‎ ‎　‎ ‎17．下列电器中主要是利用电流通过导体产生热量工作的是（　　）‎ A．电饭煲 B．吸尘器 C．电视机 D．电冰箱 ‎【考点】电流、电压概念．‎ ‎【分析】利用电流通过导体产生热量工作的是电饭煲，不是吸尘器，电视机和电冰箱．‎ ‎【解答】解：电饭煲是利用电流的热效应，即利用电流通过导体产生热量来加热食物的．而吸尘器，电视机和电冰箱的工作原理不是利用电流的热效应．‎ 故选A ‎【点评】本题考查对家用电器工作原理的了解情况，比较简单．‎ ‎　‎ ‎18．如图所示，通电螺线管周围能自由转动的小磁针a、b、c、d已静止，N指向正确的是（　　）‎ A．小磁针a B．小磁针b C．小磁针c D．小磁针d ‎【考点】通电直导线和通电线圈周围磁场的方向．‎ ‎【分析】用右手螺旋定则判断出通电螺线管的磁极，再由磁极间的相互作用规律判断小磁针静止时的磁极指向．‎ ‎【解答】解：由右手螺旋定则判断出通电螺线管的左端为N极，右端为S极，由同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引知，只有小磁针c的指向正确．‎ 故选：C．‎ ‎【点评】本题考查了磁极间的相互作用规律和右手螺旋定则：让四指弯曲，跟螺线管中电流的方向一致，则大拇指指的方向是通电螺线管的N极．‎ ‎　‎ 二、填空题（共3小题，每空2分，满分16分）‎ ‎19．导体中的电流是5mA，那么在3.2秒内有　1.6×10﹣2　 C的电荷定向移动通过导体的横截面，相当于　1×1017　个电子通过该截面．‎ ‎【考点】电流、电压概念．‎ ‎【分析】已知电流和通电时间，根据电流的定义式I=求出3.2s内通过导体横截面的电荷量．每个电子的电荷量大小为e=1.6×10﹣19C，由n=求出相当于电子的数目．‎ ‎【解答】解：根据电流的定义式I=得3.2S内通过导体横截面的电荷量为：‎ q=It=5×10﹣3×3.2C=1.6×10﹣2C 电子个数为：n===1.0×1017（个）‎ 故答案为：1.6×10﹣2，1.0×1017‎ ‎【点评】本题中用到元电荷e，其数值为e=1.6×10﹣19C，是自然界最小的电荷量，所有带电体的电荷量都是它的整数倍 ‎　‎ ‎20．真空中有一个电场，在这个电场中的某一点放入电量为5.0×10﹣9C的点电荷，它受到的电场力为3.0×10﹣4N，那么这一点处的电场强度的大小等于　6.0×104N/C　，若在该点放入一个带电荷量为q=2×10﹣4C的负电荷，该处电场强度的大小等于　6.0×104N/C　，此电荷所受电场力大小为　12N　．‎ ‎【考点】电场强度．‎ ‎【分析】放入电场中电荷是试探电荷，电场强度等于试探电荷所受的电场力与电荷量的比值，由场强的定义式E=，求解电场强度．‎ 电场中同一点电场强度一定，根据电场力公式F=qE求电场力的大小．‎ ‎【解答】解：在电场中的某点放入电荷量为 q=5.0×10﹣9C的点电荷，受到的电场力是 F=3.0×10﹣4N．‎ 由场强的定义式得该点的电场强度为：E==N/C=6.0×104N/C．‎ 电场中同一点电场强度一定，则若放入电量为2×10﹣4C的点电荷时，‎ 该点电荷受到的电场力为：F′=q′E=2×10﹣4C×6.0×104N=12N 故答案为：6.0×104N/C，6.0×104N/C，12N．‎ ‎【点评】解决本题的关键掌握电场强度的定义式E=．知道电场中的电场强度与放入电场中电荷的电量无关，由场源电荷决定．‎ ‎　‎ ‎21．在“研究电磁感应现象”的实验中，首先要按图甲接线，以查明电流表指针的偏转方向与电流方向之间的关系；然后按图乙将电流表与线圈B连成一个闭合电路，将线圈A、电池、滑动变阻器和开关串联成另一个闭合电路．在图甲中，当闭合S时，观察到电流表指针向左偏（不通电时指针停在正中央）．在图乙中：　是　（填“是”、或“否”）‎ ‎（1）S闭合后，将螺线管A插入螺线管B的过程中，电流表的指针　向右　偏转．‎ ‎（2）线圈A放在B中不动，将滑动变阻器的滑片向右滑动时，电流表指针　向右　偏转．‎ ‎（3）线圈A放在B中不动，突然切断开关S时，电流表指针　向左　偏转．‎ ‎【考点】研究电磁感应现象．‎ ‎【分析】由安培定则判断出判断出线圈A产生的磁场方向，然后判断出穿过线圈B的磁通量如何变化，最后由楞次定律判断出感应电流的方向，确定电流表指针的偏转方向．‎ ‎【解答】解：在图甲中，闭合开关，电流从正接线柱流入电流表，电流表指针向左偏转，即电流从哪个接线柱流入，指针就向哪侧偏转．在图乙中，闭合开关后，由安培定则可知，线圈A中的电流产生的磁场，导致线圈B中的磁通量变化，从而产生感应电流，因此指针会偏转；‎ ‎（1）将S闭合后，将螺线管A插入螺线管B的过程中，穿过B的磁场向上，磁通量变大，由楞次定律可知，感应电流从电流表负接线柱流入，则电流表的指针将右偏转；‎ ‎（2）螺线管A放在B中不动，穿过B的磁场向上，将滑动变阻器的滑动触片向右滑动时，穿过B的磁通量变大，由楞次定律可知，感应电流从电流表负接线柱流入，则电流表的指针将右偏转；‎ ‎（3）螺线管A放在B中不动，穿过B的磁场向上，突然切断开关S时，穿过B的磁通量减小，由楞次定律可知，感应电流从电流表正接线柱流入，则电流表的指针将向左偏转．‎ 故答案为：是；（1）向右；（2）向右；（3）向左．‎ ‎【点评】本题是一道基础题，熟练掌握并灵活应用安培定则及楞次定律即可正确解题，并理解右手螺旋定则与右手定则，及左手定则的区别．‎ ‎　‎ 三．计算题（每题10分，共30分）‎ ‎22．如图所示，水平导体棒AB被两根竖直细线悬挂，置于垂直纸面向里的匀强磁场中，已知磁场的磁感应强度B=0.5T，导体棒长L=1m，质量m=0.5kg，重力加速度g=10m/s2．当导体棒中通以从A到B的电流时，‎ ‎①判断导体棒所受安培力的方向；当电流I=2A时，求导体棒所受安培力的大小F．‎ ‎②导体棒中通过的电流I′为多大时，细线中拉力刚好为0？‎ ‎【考点】安培力．‎ ‎【分析】（1）通过左手定则判断出方向，由公式F=BIL可以直接求出安培力大小．‎ ‎（2）根据受力平衡的条件即可求出电流的大小．‎ ‎【解答】解：（1）通过左手定则可知受到的安培力竖直向上，导体棒长为L=1m，磁感应强度B=2T，电流为2A，并且导体棒和磁场垂直，所以导体棒受到的安培力大小为：‎ F=BIL=0.5×2×1N=1N，‎ ‎（2）若悬线拉力恰好为零，说明重力和安培力大小相等，即：‎ mg=BIL 所以有：I=，‎ 答：（1）安培力方向向上，此时棒AB受到的安培力F的大小为1N；‎ ‎（2）导体棒中通过的电流I′为10A时，细线中拉力刚好为0．‎ ‎【点评】本题是安培力的分析和计算问题．安培力大小的一般计算公式是F=BILsinα，α是导体与磁场的夹角，当B、I、L互相垂直的时候安培力最大为F=BIL．‎ ‎　‎ ‎23．如图所示，一个挂在丝线下端带正电的小球B，静止在图示位置．若固定的带正电小水平线上，整