2019届西藏拉萨中学高三第二次月考理综物理试题（解析版）

2019届西藏拉萨中学高三第二次月考理综物理试题（解析版）

2019 届西藏拉萨中学高三第二次月考理综物理试题 物理 注意事项： 1．答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形 码粘贴在答题卡上的指定位置。 2．选择题的作答：每小题选出答案后，用 2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂 黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。 3．非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草 稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。 4．考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。 第 I 卷（选择题） 一、单选题 1．在核反应方程 中，X 表示的是（ ） A． 质子 B． 中子 C． 电子 D． α粒子 2．我国著名篮球运动姚明在原地拍球，球从 1.5m 高处落下，又被地板弹回，在离地 1m 处 被接住．则球通过的路程和位移的大小分别是（ ） A． 2.5m、2.5m B． 1.5m、0.5m C． 1.5m、1m D． 2.5m、0.5m 3．A 和 B 两物体在同一直线上运动的 v﹣t 图象如图所示．已知在第 3s 末两个物体在途中相 遇，则下列说法正确的是（ ） A． 两物体从同一地点出发 B． 出发时 B 在 A 前 3m 处 C． 3s 末两个物体相遇后，两物体可能再相遇 D． 运动过程中 B 的加速度大于 A 的加速度 4．我国高分系列卫星的高分辨对地观察能力不断提高。今年 5 月 9 日发射的“高分五号”轨道 高度约为 705km，之前已运行的“高分四号”轨道高度约为 36000km，它们都绕地球做圆周运动。与“高 分四号”相比，下列物理量中“高分五号”较小的是（ ） A． 周期 B． 角速度 C． 线速度 D． 向心加速度 5．图（a）所示，理想变压器的原、副线圈的匝数比为 4∶1，RT 为阻值随温度升高而减小的 热敏电阻，R1 为定值电阻，电压表和电流表均为理想交流电表。原线圈所接电压 u 随时间 t 按正弦 规律变化，如图（b）所示。下列说法正确的是（ ） A． 变压器输入、输出功率之比为 4∶1 B． 变压器原、副线圈中的电流强度之比为 1∶4 C． u 随 t 变化的规律为 u=51sin(50πt) （国际单位制） D． 若热敏电阻 RT 的温度升高，则电压表的示数不变，电流表的示数变大 二、多选题 6．如图甲所示，物体 A 正从斜面体 B 上沿斜面下滑，而斜面体在水平面上始终保持静止， 物块沿斜面下滑运动的 v﹣t 图象如图乙所示，则下面说法中正确的是（ ） A． 物块 A 在沿斜面下滑的过程中受到两个力的作用 B． 物体 A 在沿斜面下滑的过程中受到三个力的作用 C． 地面对斜面体 B 有水平向左的摩擦力作用 D． 斜面体 B 相对于地面没有水平向左或向右的运动趋势 7．如图，两个线圈绕在同一根铁芯上，其中一线圈通过开关与电源连接，另一线圈与远处沿 南北方向水平放置在纸面内的直导线连接成回路。将一小磁针悬挂在直导线正上方，开关未闭合时 小磁针处于静止状态。下列说法正确的是（ ） 此 卷 只 装 订 不 密 封 班 级 姓 名 准 考 证 号 考 场 号 座 位 号 A． 开关闭合后的瞬间，小磁针的 N 极朝垂直纸面向里的方向转动 B． 开关闭合并保持一段时间后，小磁针的 N 极指向垂直纸面向里的方向 C． 开关闭合并保持一段时间后，小磁针的 N 极指向垂直纸面向外的方向 D． 开关闭合并保持一段时间再断开后的瞬间，小磁针的 N 极朝垂直纸面向外的方向转动 8．质量为 M 的光滑圆槽放在光滑水平面上，一水平恒力 F 作用在其上促使质量为 m 的小球 静止在圆槽上，如图所示，则（ ） A． 小球对圆槽的压力为     2 2 2 2 m Fmg M m   B． 小球对圆槽的压力为 mF m M C． 水平恒力 F 变大后，如果小球仍静止在圆槽上，小球对圆槽的压力增加 D． 水平恒力 F 变大后，如果小球仍静止在圆槽上，小球对圆槽的压力减小 9．如图所示，一列沿 x 轴负方向传播的简谐横波，实线为 t=0 时刻的波形图，虚线为 t=0.6s， 时的波形图，波的周期 T>0.6s；，则正确的是（ ） A． 波的周期为 2.4s B． 波速为 10m/s C． 在 t=0.9s 时．P 点沿 y 轴正方向运动 D． 从 t=0.6s 起的 0.4s 内，P 点经过的路程为 0.4m E. 在 t=0.5s 时，Q 点到达波峰位置 第 II 卷（非选择题） 三、实验题 10．一个同学要研究轻弹簧的弹性势能与弹簧长度改变量的关系，进行了如下实验：在离地 面高度为 h 的光滑水平桌面上，沿着与桌子边缘垂直的方向放置一轻质弹簧，其左端固定，右端与 质量为 m 的一个小钢球接触。当弹簧处于自然长度时，小钢球恰好在桌子边缘，如图所示。让小钢 球向左压缩弹簧一段距离后由静止释放，使钢球沿水平方向射出桌面，小钢球在空中飞行后落在水 平地面上，水平距离为 S。则小钢球离开桌面时的速度大小为 v=______，弹簧的弹性势能 Ep 与小钢 球质量 m、桌面离地面高度 h、小钢球飞行的水平距离 s 等物理量之间的关系式为 Ep=________。 11．如图甲是测量滑块与木板间动摩擦因数的装置，将木板水平固定在桌面上，利用一根压 缩的轻质弹簧来弹开滑块。请完成下列实验操作与分析。 （1）烧断细线，滑块被弹簧弹出后通过光电门 A，继续运动一段距离停止在 B 点．测出挡光 片的宽度 d，滑块通过光电门的时间△t，则滑块通过 A 点的速度 v=____________；再用刻度尺测出 AB 之间的距离 L。若重力加速度为 g，则滑块与木板间动摩擦因数 ________________。(用 d、 △t、L、g 表示)． （2）将木板换成光滑水平导轨．其它装置不变，来研究弹簧弹性势能与压缩量的关系。用滑 块压缩弹簧，记录弹簧的压缩量 x；释放滑块，记录滑块通过光电门的时间△t，算出滑块通过光电 门的速度 v。重复以上操作，得到 v 与 x 的关系如图乙所示，由图可知，v 与 x 成_________关系。 由上述实验可得结论：对同一根弹簧，弹性势能与弹簧的__________________成正比。 四、解答题 12．质量分别为 m1＝1 kg，m2＝3 kg 的小车 A 和 B 静止在水平面上，小车 A 的右端水平连 接一根轻弹簧，小车 B 以水平向左的初速度 v0 向 A 驶，与轻弹簧相碰之后，小车 A 获得的最大速 度为 v＝6 m/s，如果不计摩擦，也不计相互作用过程中机械能的损失，求： (1)小车 B 的初速度 v0； (2)A 和 B 相互作用过程中，弹簧获得的最大弹性势能。 13．光滑圆轨道和两倾斜直轨道组成如图所示装置，其中直轨道 bc 粗糙，直轨道 cd 光滑， 两轨道相接处为一很小的圆弧。质量为 m=0.1kg 的滑块(可视为质点)在圆轨道上做圆周运动，到达 轨道最高点 a 时的速度大小为 v=4m/s，当滑块运动到圆轨道与直轨道 bc 的相切处 b 时，脱离圆轨道 开始沿倾斜直轨道 bc 滑行，到达轨道 cd 上的 d 点时速度为零。若滑块变换轨道瞬间的能量损失可 忽略不计，已知圆轨道的半径为 R=0.25m，直轨道 bc 的倾角 =37o，其长度为 L=26.25m，d 点与水 平地面间的高度差为 h=0.2m，取重力加速度 g=10m/s2，sin37o=0.6。求： (1)滑块在圆轨道最高点 a 时对轨道的压力大小； (2)滑块与直轨道 bc 问的动摩擦因数； (3)滑块在直轨道 bc 上能够运动的时间。 14．某次科学实验中，从高温环境中取出一个如图所示的圆柱形导热气缸，把它放在大气压 强为 P0=latm、温度为 t0=27℃的环境中自然冷却。该气缸内壁光滑，容积为 V=lm3，开口端有一厚 度可忽略的活塞。开始时，气缸内密封有温度为 t=447℃、压强为 P=1．2atm 的理想气体，将气缸 开口向右固定在水平面上，假设气缸内气体的所有变化过程都是缓慢的。求： （1）活塞刚要向左移动时，气缸内气体的温度 t1； （2）最终气缸内气体的体积 V1; （3）在整个过程中，气缸内气体对外界___（填“做正功”“做负功”或“不做功”），气缸内气体 放出的热量__（填“大于”“等于”或“小于”）气体内能的减少量。 15．如图，半径为 R 的半球形玻璃体置于水平桌面上，半球的上表面水平，球面与桌面相切 于 A 点。一细束单色光经球心 O 从空气中摄入玻璃体内（入射面即纸面），入射角为 45°，出射光 线射在桌面上 B 点处。测得 AB 之间的距离为 。现将入射光束在纸面内向左平移，求射入玻璃体的 光线在球面上恰好发生全反射时，光束在上表面的入射点到 O 点的距离。不考虑光线在玻璃体内的 多次反射。 五、填空题 16．下列说法正确的是______。 A．当分子间距离增大时，分子间作用力减小，分子势能可能增大也可能减小 B．在绕地球飞行的宇宙飞船中，自由飘浮的水滴呈球形，这是表面张力作用的结果 C．热量能够自发地从高温物体传到低温物体，也能自发地从低温物体传到高温物体 D．液晶显示屏是应用液晶的光学各向异性的特点制成的 E．自然界发生的一切过程能量都守恒，符合能量守恒定律的宏观过程都能自然发生 2019 届西藏拉萨中学高三第二次月考理综物理试题 物理答案 1．A 【解析】 设 X 为： ，根据核反应的质量数守恒： ，则： 电荷数守恒： ，则 ，即 X 为： 为质子，故选项 A 正确，BCD 错误。 点睛：本题考查了核反应方程式，要根据电荷数守恒、质量数守恒得出 X 的电荷数和质量数， 从而确定 X 的种类。 2．D 【解析】 球从 1.5m 高处落下，又被地板弹回，在离地 1m 处被接住，运动轨迹的长度 s=1.5+1m=2.5m， 则路程为 2.5m，首末位置的距离 x=1.5-1m=0.5m，则位移大小为 0.5m。故 D 正确，ABC 错误。故 选 D。 【点睛】 解决本题的关键知道路程和位移的区别，位移是矢量，路程是标量，路程大于等于位移的大 小． 3．B 【解析】 由图象的“面积”读出两物体在 3s 内的位移不等，而在第 3s 末两个物体相遇，可判断出两物体 出发点不同．故 A 错误；两物体在 3s 内的位移分别为 xA= ×4×3m=6m，xB= ×2×3m=3m，则出发 时 B 在 A 前 3m 处．故 B 正确；3s 末两个物体相遇后，A 的速度大于 B 的速度，两物体不可能再相 遇．故 C 错误；由 A 的斜率大于 B 的斜率可知 A 的加速度大于 B 的加速度．故 D 错误． 考点：v-t 图像 【名师点睛】 对于速度-时间图象要注意：不能读出物体运动的初始位置．两物体相遇要位移关系．由图象 的“面积”读出两物体在 3s 内的位移不等，而在第 3s 末两个物体相遇，可判断出两物体出发点不同， 相距的距离等于位移之差．3s 末两个物体相遇后，A 的速度大于 B 的速度，两物体不可能再相遇．由 A 的斜率大于 B 的斜率可知 A 的加速度大于 B 的加速度． 4．A 【解析】 设卫星的质量为 m，轨道半径为 r，地球的质量为 M，卫星绕地球匀速做圆周运动，由地球 的万有引力提供向心力，则得： 得： ， ， ， 可知，卫星的轨道半径越大，周期越大，而角速度、线速度和向心加速度越小，“高分五号” 的轨道半径比“高分四号”的小，所以“高分五号”较小的是周期，较大的是角速度、线速度和向心加 速度，故 A 错误，BCD 正确。 点睛：解决本题的关键是要掌握万有引力提供向心力这一重要理论，知道卫星的线速度、角 速度、周期、加速度与轨道半径的关系，对于周期，也可以根据开普勒第三定律分析。 5．BD 【解析】 由题意，理想变压器输入、输出功率之比为 1:1，选项 A 错误；变压器原、副线圈中的电流 强度与匝数成反比，即 ，故选项 B 正确；由图（b）可知交流电压最大值 Um="51" V，周期 T="0.02" s，角速度ω="100π" rad/s，则可得 u=51sin（100πt）（V），故选项 C 错误；RT 的温度升高 时，阻值减小，电流表的示数变大，电压表示数不变，故选项 D 正确。 【考点】变压器的构造和原理 【名师点睛】 根据图象准确找出已知量，是对学生认图的基本要求，准确掌握理想变压器的特点及电压、 电流比与匝数比的关系，是解决本题的关键。 6．BD 【解析】 物块做匀速直线运动，所以所受合力为 0，对其受力分析，所受力有：重力、支持力、沿着 斜面向上的滑动摩擦力。故 A 错误，B 正确；以 AB 整体为研究对象进行受力分析，只受重力和支 持力，水平方向没有外力的作用故物块水平方向没有运动趋势，所以 C 错误，D 正确。故选：BD。 【点睛】 灵活采用整体法和隔离法进行受力分析可以使问题简单化，本题关键采用整体法分析地面与 斜面体间的摩擦力． 7．AD 【解析】本题考查电磁感应、安培定则及其相关的知识点。 开关闭合的瞬间，左侧的线圈中磁通量变化，产生感应电动势和感应电流，由楞次定律可判 断出直导线中电流方向为由南向北，由安培定则可判断出小磁针处的磁场方向垂直纸面向里，小磁 针的 N 极朝垂直纸面向里的方向转动，选项 A 正确；开关闭合并保持一段时间后，左侧线圈中磁通 量不变，线圈中感应电动势和感应电流为零，直导线中电流为零，小磁针恢复到原来状态，选项 BC 错误；开关闭合并保持一段时间后再断开后的瞬间，左侧的线圈中磁通量变化，产生感应电动势和 感应电流，由楞次定律可判断出直导线中电流方向为由北向南，由安培定则可判断出小磁针处的磁 场方向垂直纸面向外，小磁针的 N 极朝垂直纸面向外的方向转动，选项 D 正确。 【点睛】 此题中套在一根铁芯上的两个线圈，实际上构成一个变压器。 8．AC 【解析】 根据牛顿第二定律求出整体的加速度，隔离对小球分析，求出小球受到圆槽的支持力，结合 表达式判断压力与水平恒力 F 的关系． 利用整体法可求得系统的加速度为 Fa M m   ，对小球利用牛顿第二定律可得小球受到圆槽 的支持力为：         2 2 2 2 2 2 F mN ma mg mg M m      ，由牛顿第三定律可知小球对圆槽的 压力为     2 2 2 2' F mN mg M m    ，A 正确 B 错误；由压力的表达式知，F 增大，小球对圆槽的压 力增加，故 C 正确 D 错误． 9．BDE 【解析】 根据题意应用平移法可知由实线得到虚线需要将图象沿 x 轴负方向平移（n+ 3 4 ）λ，其中 n=0、 1、2、3、4…，故由实线传播到虚线这种状态需要的时间为（n+ 3 4 ）T，即（n+ 3 4 ）T=0.6s，解得 2.4 4 3T n   ，其中 n=0、1、2、3、4…，又据题 T＞0.6s，则 n=0，T=0.8s，故 A 错误；由题意可 知波长 λ=8m，则波速 10 /v m sT   ，选项 B 正确；由于波沿 x 轴负方向传播，故 t=0 时 p 点沿 y 轴负方向运动，而周期 T=0.8s，故 0.9s 时 P 点沿 y 轴负方向运动．故 C 错误．在 t=0.6s 时 P 质点 位于波峰位置，故从 t=0.6s 起的 0.4s= 1 2 T 内，P 点经过的路程为 2A=0.4m，选项 D 正确；在 t=0 时 Q 点的横坐标为 5m，由于波沿 y 轴负方向运动，故在 t=0.5s 的时间内波沿 x 轴负方向传播的距离为 x=vt=10×0.5=5m，故在 t=0.5s 时，Q 点振动情况和 t=0 时距离坐标原点 10m 处的质点的振动情况相 同，而 t=0 时距离坐标原点 10m 处的质点在波峰，在 t=0.5s 时，Q 点到达波峰位置．故 E 正确；故 选 BDE． 10． ； 【解析】 设桌子高度为 h，小球离开桌面后做平抛运动，水平方向：s=v0t，竖直方向有：h= gt2，联立 解得：v0=s ，根据功能关系可知弹簧弹性势能转化为小球平抛的初动能，有：EP= mv2；解得： EP= 。 【点睛】 本题借助于平抛运动以及数学推导考查了弹性势能和弹性形变量之间的关系，是考查知识综 合应用、公式理论推导的好题，其中得到弹性势能表达式是个重点。 11．（1） ； （2）正比； 【解析】 （1）通过光电门来测量瞬时速度， 根据运动学公式，0−vA2=－2aL 而牛顿第二定律，μmg=ma 解得： 。 （2）根据 v 与 x 的关系图可知，图线经过原点，且是斜倾直线，则 v 与 x 成正比，由动能表 达式，动能与速度的大小平方成正比，而速度的大小与弹簧的压缩量成正比，因此弹簧的弹性势能 与弹簧的压缩量的平方成正比。 【点睛】 本题考查胡克定律的应用，注意弹簧的长度与形变量的区别，理解光电门能测量瞬时速度的 原理，知道弹簧弹性势能与滑块动能的关系．同时注意图线的物理含义． 12．（1）4m/s （2）6J 【解析】 （1）由题意可得，当 A、B 相互作用弹簧恢复到原长时 A 的速度达到最大，设此时 B 的速 度为 ，所以：由动量守恒定律可得： ， 相互作用前后系统的总动能不变： ， 解得： ； （2）第一次弹簧压缩到最短时，弹簧的弹性势能最大，设此时 A、B 有相同的速度 v′， 根据动量守恒定律有： ， 此时弹簧的弹性势能最大，等于系统动能的减少量： ； 考点：考查了动量守恒定律，能量守恒定律 【名师点睛】 两车碰撞过程中，动量与机械能守恒，由动量守恒定律与机械能守恒定律可以求出小车 B 的 初速度 ；弹簧压缩最短时，弹簧的弹性势能最大，由动量守恒定律与能量守恒定律可以求出弹簧 的最大弹性势能． 13．（1）5.4N （2）0.8，7.66s 【解析】 （1）在圆轨道最高点 a 处滑块受到的重力和轨道的支持力提供向心力，由牛顿第二定律即可 求解；（2）从 a 点到 d 点重力与摩擦力做功，全程由动能定理即可求解；（3）分别对上滑的过程 和下滑的过程中使用牛顿第二定律，求得加速度，然后结合运动学的公式，即可求得时间． （1）在圆轨道最高点 a 处对滑块由牛顿第二定律得： 所以 =5.4N 由牛顿第三定律得滑块在圆轨道最高点 a 时对轨道的压力大小为 5.4N （2）从 a 点到 d 点全程由动能定理得： =0.8 （3）设滑块在 bc 上向下滑动的加速度为 a1，时间为 t1，向上滑动的加速度为 a2，时间为 t2； 在 c 点时的速度为 vc． 由 c 到 d： =2m/s a 点到 b 点的过程： 所以 =5m/s 在轨道 bc 上： 下滑： =7.5s 上滑：mgsinθ+μmgcosθ=ma2 a2=gsinθ+μgcosθ=12.4m/s2 0=vc﹣a2t2 =0.16s 因为μ＞tanθ，所以滑块在轨道 bc 上停止后不再下滑 滑块在两个斜面上运动的总时间：t 总=t1+t2=（7.5+0.16）s=7.66s 点评：该题中滑块经历的过程比较多，要分析清楚运动的过程中，在列公式的过程中一定要 注意各物理量与对应的过程的关系． 14．（1）327℃ （2）0.5m3 （3）做负功；大于 【解析】 （1）气体做等容变化，由查理定律得： ∴T1=600K，t1=327℃ （2）由气态方程，得： ∴V1=0.5m3 （3）在整个过程中，气缸内气体对外界做负功，气缸内气体放出的热量大于气体内能的减少 量。考点：气体的状态方程；热力学第一定律。 15． 【解析】 当光线经球心 O 入射时，光路图如图（a）所示。设玻璃的折射率为 n，由折射定律有 n= ① 式中，入射角 i=45°，γ为折射角。 △OAB 为直角三角形，因此 sin γ= ② 发生全反射时，临界角 C 满足 sin C= ③ 在玻璃体球面上光线恰好发生全反射时，光路图如图（b）所示。设此时光线入射点为 E，折 射光线射到玻璃体球面的 D 点。由题意有∠EDO=C④ 在△EDO 内，根据正弦定理有 ⑤ 联立以上各式并利用题给条件得 OE= R⑥ 【考点】折射定律、全反射 【名师点睛】 本题是简单的几何光学问题，其基础是作出光路图，根据几何知识确定入射角与折射角，根 据折射定律求解。 16．ABD 【解析】 当分子间距离增大时，分子间作用力减小，当分子间距小于 r0 时，分子力做正功，分子势能 减小；当分子间距大于 r0 时，分子力做负功，分子势能增大，故分子势能可能增大也可能减小，选 项 A 正确；在绕地球飞行的宇宙飞船中，自由飘浮的水滴呈球形，这是表面张力作用的结果，选项 B 正确；热量能够自发地从高温物体传到低温物体，但不能自发地从低温物体传到高温物体，选项 C 错误；液晶显示屏是应用液晶的光学各向异性的特点制成的，选项 D 正确；自然界发生的一切过 程能量都守恒，但是符合能量守恒定律的宏观过程都不一定能自然发生，选项 E 错误；故选 ABD.