2019-2020学年人教版生物必修二课时分层作业4孟德尔的豌豆杂交实验2　第2课时

2019-2020学年人教版生物必修二课时分层作业4孟德尔的豌豆杂交实验2　第2课时

课时分层作业(四) (建议用时：35 分钟) [合格基础练] 1．遗传学的奠基人孟德尔之所以在研究遗传规律时获得了巨大成功，关键在 于他在实验的过程中选择了正确的方法。下面各项中，除哪一项外均是他获得成 功的重要原因( ) A．先只针对一对相对性状的遗传规律进行研究，然后再研究多对性状的遗传 规律 B．选择了严格自花传粉的豌豆作为实验材料 C．选择了多种植物作为实验材料，做了大量的实验 D．应用了统计学的方法对结果进行统计分析 C [孟德尔获得成功的一个重要原因就是选材正确、科学，即选用了豌豆作 遗传实验材料，利用其优点，做了大量实验。C 项说法错误。] 2．已知玉米子粒黄色对红色为显性，非甜对甜为显性。纯合的黄色甜玉米与 红色非甜玉米杂交得到 F1，F1 自交或测交，预期结果正确的是( ) A．测交结果中黄色非甜与红色甜的比例为 3∶1 B．自交结果中与亲本表现型相同的子代所占的比例为 5/8 C．自交结果中黄色和红色的比例为 3∶1，非甜与甜的比例为 3∶1 D．测交结果中红色非甜子代所占的比例为 1/2 C [F1 测交，其子代有四种表现型，且比例为 1∶1∶1∶1，故黄色非甜与红 色甜的比例为 1∶1，A 错误；F1 自交，其子代有四种表现型，其比例为 9∶3∶3∶1， 其中与亲本表现型相同的黄色甜与红色非甜所占比例分别为 3/16、3/16，故其所占 比例为 3/8，B 错误；两对相对性状中每一对均符合分离定律，故 F1 自交后代中黄 色∶红色＝3∶1，非甜∶甜＝3∶1，C 正确；F1 测交子代中红色非甜所占比例为 1/4，D 错误。] 3．豌豆的子叶黄色(Y)、种子圆粒(R)均为显性。两种豌豆杂交的子一代表现 为圆粒∶皱粒＝3∶1，黄色∶绿色＝1∶1。让子一代中黄色圆粒豌豆与绿色皱粒 豌豆杂交，子二代的性状分离比为( ) A．2∶1∶2∶1 B．9∶3∶3∶1 C．1∶1∶1∶1 D．3∶1∶3∶1 A [由子一代中圆粒∶皱粒＝3∶1 知，亲代的基因型组合为 Rr×Rr；由子 一代中黄色∶绿色＝1∶1 知，亲代的基因型组合为 Yy×yy，故亲代的基因型组合 为 YyRr×yyRr。则子一代中黄色圆粒的基因型为 1/3YyRR 或 2/3YyRr，绿色皱 粒的基因型为 yyrr，则 F2 的性状分离比每对先按分离定律而后组合即得结果。] 4．豌豆中，当 C、R 两个显性基因都存在时，花呈红色。一株红花豌豆与基 因型为 ccRr 的植株杂交，子代中有 3/8 开红花，若让这些红花豌豆自交，后代中 红花豌豆的比例为( ) A．5/8 B．3/8 C．3/16 D．9/16 A [一株红花豌豆(C_R_)与基因型为 ccRr 的植株杂交，子代中有 3/8 开红花， 可推知该红花亲本基因型为 CcRr，因此后代中红花豌豆的基因型为 CcRR∶CcRr ＝1∶2，因此这些红花豌豆自交后代中出现红花的概率为 1/3×3/4＋2/3×9/16＝ 5/8。] 5．家兔的黑色(B)对褐色(b)是显性，短毛(D)对长毛(d)是显性，这两对基因是 自由组合的。兔甲与一只黑色短毛兔(BbDd)杂交后产仔 26 只，其中黑短 9 只、黑 长 3 只、褐短 10 只、褐长 4 只。按理论推算，兔甲的表现型应为( ) A．黑色短毛 B．黑色长毛 C．褐色短毛 D．褐色长毛 C [可以利用分离定律进行分析，首先考虑毛色这一对相对性状，子代中黑(9 ＋3)∶褐(10＋4)≈1∶1，所以兔甲的毛色基因型应为 bb，表现型为褐色。再考虑 毛长度这一对相对性状，子代中短毛(9＋10)∶长毛(3＋4)≈3∶1，兔甲关于毛长 度的基因型应为 Dd，表现型为短毛。因此兔甲的表现型是褐色短毛。] 6．下表是豌豆杂交实验中 F1 自交产生 F2 的结果统计。对此说法不正确的是 ( ) F2 黄色圆粒 绿色圆粒 黄色皱粒 绿色皱粒 数量 315 108 101 32 A．这个结果能够说明黄色和圆粒是显性性状 B．这两对相对性状的遗传遵循自由组合定律 C．F1 的表现型和基因型不能确定 D．亲本的表现型和基因型不能确定 C [通过上述结果可以看出黄色和圆粒是显性性状，并且遵循自由组合定律； F2 的性状分离比为 9∶3∶3∶1，所以 F1 的基因型为双杂合，而亲本的基因型不能 确定。] 7．关于孟德尔的杂交实验成功原因的分析中，错误的是( ) A．实验材料选择正确，豌豆是自花传粉、闭花受粉的植物，且有易于区分的 性状 B．由现象及本质，通过观察 F1 产生的配子种类及比例来解释性状分离现象 C．从简单到复杂，先研究一对相对性状的遗传，再研究多对相对性状的遗传 D．研究方法科学，先提出假说解释现象，再通过演绎推理和测交实验验证假 说 B [孟德尔杂交实验获得成功的原因之一是取材正确，即选取豌豆作为实验 材料，豌豆是一种严格的自花传粉、闭花受粉植物，且具有易于区分的相对性状， A 项正确。由现象及本质，通过观察 F2 的表现型种类及比例提出假说，来解释性 状分离现象，B 项错误。孟德尔获得成功的原因之一是从简单到复杂，先研究一 对相对性状的遗传，再研究多对相对性状的遗传，C 项正确。孟德尔的研究方法 科学，先提出假说解释现象，再通过演绎推理和测交实验验证假说，D 项正确。] 8．下列有关自由组合定律的叙述，正确的是( ) A．自由组合定律是孟德尔根据豌豆两对相对性状的杂交实验结果及其解释直 接归纳总结的，不适用于多对相对性状的遗传 B．控制不同性状的遗传因子的分离和组合是相互联系、相互影响的 C．在形成配子时，决定不同性状的遗传因子的分离是随机的，所以称为自由 组合定律 D．在形成配子时，决定同一性状的成对的遗传因子彼此分离，决定不同性状 的遗传因子表现为自由组合 D [自由组合定律的内容：(1)控制不同性状的遗传因子的分离和组合是互不 干扰的；(2)在形成配子时，决定同一性状的成对的遗传因子彼此分离，决定不同 性状的遗传因子自由组合。因此，B、C 错误，D 正确。自由组合定律适用于多对 相对性状的遗传，因此，A 错误。] 9．玉米的宽叶(A)对窄叶(a)为显性，杂合子宽叶玉米表现为高产；玉米有茸 毛(D)对无茸毛(d)为显性，有茸毛玉米植株表面密生茸毛，具有显著的抗病能力， 该显性基因纯合时植株幼苗期就不能存活。已知两对基因独立遗传，若高产有茸 毛玉米自交产生 F1，则 F1 的成熟植株中( ) A．有茸毛与无茸毛之比为 3∶1 B．有 9 种基因型 C．高产抗病类型占 1/4 D．宽叶有茸毛类型占 1/2 D [分析题意可知，高产有茸毛玉米的基因型为 AaDd，其自交后代 F1 的成 熟植株中有茸毛和无茸毛的基因型分别为 2/3Dd、1/3dd，因此，后代有茸毛与无 茸毛之比为 2∶1，A 项错误；基因型为 AaDd 的玉米自交，后代幼苗的基因型有 9 种，但由于基因型为__DD 的幼苗死亡，因此，后代中成熟植株只有 6 种基因型， B 项错误；F1 的成熟植株中高产抗病类型的基因型为 AaDd，所占比例为 1/2×2/3 ＝1/3，C 项错误；F1 的成熟植株中宽叶有茸毛的基因型为 AADd 或 AaDd，所占 比例为 1/4×2/3＋2/4×2/3＝1/2，D 项正确。] 10．以下关于表现型和基因型的叙述正确的是( ) A．表现型都能通过眼睛观察出来，如高茎和矮茎 B．基因型不能通过眼睛观察，必须使用电子显微镜 C．在相同环境下，表现型相同，基因型一定相同 D．基因型相同，表现型不一定相同 D [本题考查表现型和基因型的概念及关系。表现型是指生物个体表现出来 的性状，是可以观察和测量的，但不一定都能通过眼睛观察出来，A 错误；基因 型一般通过表现型来推知，不能通过电子显微镜观察，B 错误；在相同环境条件 下，表现型相同，基因型不一定相同，如高茎的基因型可能是 DD 或 Dd，C 错误； 表现型是基因型与环境条件共同作用的结果，因此，基因型相同，表现型不一定 相同，D 正确。] 11．小麦的毛颖和光颖是一对相对性状(由基因 D、d 控制)，抗锈病与感锈病 是另一对相对性状(由基因 R、r 控制)，这两对性状的遗传遵循自由组合定律。以 纯种毛颖感锈病植株(甲)和纯种光颖抗锈病植株(乙)为亲本进行杂交，F1 均为毛颖 抗锈病植株(丙)。再用 F1 与丁进行杂交，得 F2，F2 有四种表现型，对每对相对性 状的植株数目进行统计，结果如图： (1)两对相对性状中，显性性状分别是________、__________。 (2)亲本甲、乙的基因型分别是________、________；丁的基因型是________。 (3)F1 形成的配子有________种，产生这几种配子的原因是 F1 在形成配子的过 程中__________________________________。 (4)F2 中基因型为 ddRR 的个体所占的比例为______，光颖抗锈病植株所占的 比例是________。 (5)F2 中表现型不同于双亲(甲和乙)的个体占全部 F2 的比例是________。 [解析] (1)由于纯种毛颖感锈病植株(甲)和纯种光颖抗锈病植株(乙)进行杂 交，F1 均为毛颖抗锈病植株(丙)，所以毛颖、抗锈病为显性性状，光颖、感锈病为 隐性性状。(2)甲、乙为纯种，基因型分别为 DDrr、ddRR，所以 F1 的基因型为 DdRr，与丁杂交后，抗锈病与感锈病之比为 3∶1，毛颖与光颖之比为 1∶1，所 以丁的基因型为 ddRr。(3)由于 F1 的基因型为 DdRr，因此可以形成 4 种配子。 (4)F1(DdRr)×丁(ddRr)产生的 F2 中，ddRR 的个体占 1/2×1/4＝1/8，光颖抗锈病 植株(ddR_)占 1/2×3/4＝3/8。(5)F2 中，与甲(DDrr)表现型相同的个体占 1/2×1/4 ＝1/8，与乙(ddRR)表现型相同的个体占 1/2×3/4＝3/8，所以不同于双亲的个体占 1/2。 [答案] (1)毛颖 抗锈病(两空可互换) (2)DDrr ddRR ddRr (3)4 决定同一性状的基因彼此分离，决定不同性状的非等位基因自由组合 (4)1/8 3/8 (5)1/2 12．某植物的花色有紫色、红色和白色三种类型，下表为该植物纯合亲本间 杂交实验的结果，请分析回答： 组别 亲本 F1 F2 1 白花×红花 紫花 紫花∶红花∶白花＝9∶3∶4 2 紫花×红花 紫花 紫花∶红花＝3∶1 3 紫花×白花 紫花 紫花∶红花∶白花＝9∶3∶4 (1)该性状是由________对独立遗传的等位基因决定的，且只有在________种 显性基因同时存在时才能开紫花。 (2)若表中红花亲本的基因型为 aaBB，则第 1 组实验中白花亲本的基因型为 ________，F2 表现为白花的个体中，与白花亲本基因型相同的占________；若第 1 组和第 3 组的白花亲本之间进行杂交，后代的表现型应________。 (3)若第 3 组实验的 F1 与某纯合白花品种杂交，请简要分析杂交后代可能出现 的表现型及其比例以及相对应的该白花品种可能的基因型： ①如果杂交后代紫花与白花之比为 1∶1，则该白花品种的基因型是________； ②如果______________________________，则该白花品种的基因型是 aabb。 [解析] (1)由表格可知，第 1 组中 F2 的表现型紫花∶红花∶白花＝9∶3∶4， 是 9∶3∶3∶1 的变形，所以该性状是由两对独立遗传的等位基因决定的，双显性 表现为紫色，即只有在两种显性基因同时存在时才能开紫花。 (2)第 1 组中 F1 的紫花基因型为 AaBb，红花亲本的基因型为 aaBB，则白花亲 本的基因型为 AAbb；F2 白花基因型及比例为 AAbb∶Aabb∶aabb＝1∶2∶1，所 以与白花亲本基因型相同的占 1/4；同理第 3 组中 F1 的紫花基因型为 AaBb，所以 第 3 组中亲本白花的基因型为 aabb，第 1 组和第 3 组的白花亲本之间进行杂交， 即 AAbb×aabb，后代基因型为 Aabb，表现型全为白花。 (3)第 3 组实验的 F1 为 AaBb，纯合白花的基因型为 AAbb 或 aabb。若该白花 品种的基因型是 AAbb，F1 与纯合白花品种杂交，即 AaBb×AAbb，子代基因型 有四种，分别为 AABb、AAbb、AaBb、Aabb，紫花与白花之比为 1∶1；若白花 品种的基因型是 aabb，F1 与纯合白花品种杂交，即 AaBb×aabb，子代的基因型 有四种，AaBb、Aabb、aaBb、aabb，紫花∶红花∶白花＝1∶1∶2。 [答案] (1)两 两 (2)AAbb 1/4 全为白花 (3)①AAbb ②杂交后代紫花∶红花∶白花＝1∶1∶2 [等级过关练] 13．黄色圆粒豌豆与绿色皱粒豌豆杂交得到的 F1 再自交，F2 的表现型及比例 为黄圆∶黄皱∶绿圆∶绿皱＝9∶15∶15∶25。则亲本的基因型为( ) A．YYRR、yyrr B．YyRr、yyrr C．YyRR、yyrr D．YYRr、yyrr B [解答本题的疑难点在于不能把性状分离比分解成孟德尔分离比，突破点 是将两对相对性状分开考虑。根据 F2 中黄∶绿＝3∶5 可知，对于黄、绿这对相对 性状来说，F1 中一种个体自交后代全部是绿，基因型为 yy，另一种个体自交后代 中黄∶绿＝3∶1，基因型为 Yy；同理，对于圆粒、皱粒这对相对性状来说，F1 中一种个体基因型为 rr，另一种个体基因型为 Rr，综上所述，亲本的基因型应为 YyRr、yyrr。] 14．雄蜂由未受精的卵细胞发育而来(叫孤雌生殖)。一雌蜂和一雄蜂交配产生 F1，在 F1 雌雄个体交配产生的 F2 中，雄蜂基因型共有 AB、Ab、aB、ab 四种， 雌蜂的基因型共有 AaBB、AaBb、aaBB、aaBb 四种，则亲本的基因型是( ) A．aabb×AB B．AaBb×Ab C．aaBB×Ab D．AABB×ab C [解答本题的疑难点在于不理解雌蜂、雄蜂的来源。解题的关键是明确子 代雄蜂的基因型就是亲代雌蜂产生的卵细胞的基因型。从 F2 中雄蜂的基因型有 AB、Ab、aB、ab 四种，可推知 F1 雌蜂的基因型为 AaBb，从 F2 雌蜂的基因型可 知，F1 雄蜂的基因型为 aB，则亲本的雌蜂只能产生 aB 一种配子，所以亲本雌蜂 的基因型为 aaBB，而要产生基因型为 AaBb 的雌蜂，亲本雄蜂的基因型只能是 Ab。因此，C 正确，具体图示如下： ] 15．(2019·全国卷Ⅱ)某种甘蓝的叶色有绿色和紫色。已知叶色受 2 对独立遗 传的基因 A/a 和 B/b 控制，只含隐性基因的个体表现隐性性状，其他基因型的个 体均表现显性性状。某小组用绿叶甘蓝和紫叶甘蓝进行了一系列实验。 实验①：让绿叶甘蓝(甲)的植株进行自交，子代都是绿叶 实验②：让甲植株与紫叶甘蓝(乙)植株杂交，子代个体中绿叶∶紫叶＝1∶3 回答下列问题。 (1)甘蓝叶色中隐性性状是________，实验①中甲植株的基因型为________。 (2)实验②中乙植株的基因型为________，子代中有________种基因型。 (3)用另一紫叶甘蓝(丙)植株与甲植株杂交，若杂交子代中紫叶和绿叶的分离 比为 1∶1，则丙植株所有可能的基因型是________；若杂交子代均为紫叶，则丙 植株所有可能的基因型是____________________________；若杂交子代均为紫叶， 且让该子代自交，自交子代中紫叶与绿叶的分离比为 15∶1，则丙植株的基因型为 ________。 [解析] (1)(2)由实验①可知甲为纯合子，由实验②子代个体中绿叶∶紫叶＝ 1∶3 可知，紫叶为显性，绿叶为隐性，且紫叶甘蓝乙植株基因型为 AaBb，绿叶 植株甲为 aabb，二者杂交，子代基因型有 4 种，分别是 AaBb、Aabb、aaBb、aabb。 (3)由丙与甲杂交，后代中有绿叶可知，丙肯定产生含 ab 的配子。又因为杂交后代 紫叶和绿叶分离比为 1∶1，故丙能产生两种数目相等的配子，因此丙植株的基因 型可能为 Aabb、aaBb；若杂交子代均为紫叶，则丙植株中两对基因至少有一对为 显性纯合子，因此基因型可能为 AABB、AABb、AAbb、AaBB、aaBB；由杂交 子代自交后代中紫叶与绿叶的分离比为 15∶1，可知该子代基因型为 AaBb，故产 生该子代的紫叶甘蓝丙的基因型为 AABB。 [答案] (1)绿色 aabb (2)AaBb 4 (3)Aabb、aaBb AABB、AAbb、 aaBB、AaBB、AABb AABB