物理卷·2018届云南省昆明市黄冈实验学校高二上学期期中物理试卷 （解析版）

物理卷·2018届云南省昆明市黄冈实验学校高二上学期期中物理试卷 （解析版）

全*品*高*考*网， 用后离不了！2016-2017学年云南省昆明市黄冈实验学校高二（上）期中物理试卷 ‎　‎ 一.选择题（本题包括10个小题，每小题3分，共30分，每小题所给出的四个选项中，只有一个选项符合题意，选对得3分，错选或不选得0分．）‎ ‎1．在物理学的建立过程中，许多物理学家做出了重要贡献，下列说法正确的是（　　）‎ A．伽利略总结了惯性定律 B．麦克斯韦验证了电磁波的存在 C．奥斯特发现了电磁感应现象 D．牛顿总结了作用力和反作用力之间的关系 ‎2．如图所示，在匀速转动的水平转盘上，有一个相对于盘静止的物体，随盘一起转动，关于它的受力情况，下列说法中正确的是（　　）‎ A．只受到重力和盘面的支持力的作用 B．只受到重力、支持力和静摩擦力的作用 C．除受到重力和支持力外，还受到向心力的作用 D．受到重力、支持力、静摩擦力和向心力的作用 ‎3．如图所示，质量分别为m1和m2的两个物体，m1=m2，在大小相等的两个力F1和F2的作用下沿水平方向移动了相同的距离．若F1做的功为W1，F2做的功为W2，则（　　）‎ A．W1＞W2 B．W1＜W2‎ C．W1=W2 D．条件不足，无法确定 ‎4．我国发射的风云一号气象卫星是极地卫星，卫星飞过两极上空，其轨道平面与赤道平面垂直，周期为12h；我国发射的风云二号气象卫星是地球同步卫星，周期是24h，由此可知，两颗卫星相比较（　　）‎ A．风云二号气象卫星距地面较近 B．风云一号气象卫星距地面较近 C．风云一号气象卫星的运动速度较大 D．风云一号气象卫星的运动速度较小 ‎5．如图所示，a、b、c是地球大气层外圆形轨道上运行的三颗人造地球卫星，a、b质量相同，且小于c的质量，则（　　）‎ A．b所需向心力最大 B．b、c周期相等，且大于a的周期 C．b、c向心加速度相等，且大于a的向心加速度 D．b、c的线速度大小相等，且大于a的线速度 ‎6．在下列几种情况中，甲乙两物体的动能相等的是（　　）‎ A．甲的速度是乙的2倍，甲的质量是乙的 B．甲的质量是乙的2倍，甲的速度是乙的 C．甲的质量是乙的4倍，甲的速度是乙的 D．甲的速度是乙的4倍，甲的质量是乙的 ‎7．关于物体所受外力的合力做功与物体动能变化的关系有以下四种说法：（1）合力做正功，物体动能增加（2）合力做正功，物体动能减少（3）合力做负功，物体动能减少（4）合力做负功，物体动能增加上述说法正确的是（　　）‎ A．（1）（3） B．（2）（3） C．（3）（4） D．（1）（2）‎ ‎8．两点电荷之间的相互作用力，随着距离的增大而（　　）‎ A．减小 B．增大 C．保持不变 D．无法确定 ‎9．关于加速度和速度，以下说法正确的是（　　）‎ A．加速度越大的物体速度越快 B．加速度越大的物体速度变化越大 C．加速度不变的物体速度也不变 D．加速度越大的物体速度变化越快 ‎10．下列说法正确的是（　　）‎ A．曲线运动是一种变速运动 B．变速运动一定是曲线运动 C．电场线一定是闭合的 D．电场线较疏的地方，电场强度较大 ‎　‎ 二.选择题（本题包括4个小题，每小题4分，共16分，每小题所给出的四个选项中有两个选项符合题意，全部选对得4分，有错选或不选得0分．）‎ ‎11．下列运动中能满足机械能守恒的是（　　）‎ A．物体沿光滑圆弧面从下向上滑动 B．吊车将货物匀速吊起 C．物体沿粗糙斜面匀速下滑 D．只有重力做功时，物体机械能一定守恒 ‎12．关于力和运动的关系，下列说法中正确的是（　　）‎ A．力是维持物体运动的条件，同一物体所受到的力越大，它的速度越大 B．作用在运动物体上的某力消失后，物体运动的速度可能不断增加 C．放在水平桌面上的物体保持静止，是由于物体所受合外力为零 D．物体运动状态发生变化，是与作用在物体上的外力分不开的 ‎13．质量为2kg的铁球从离地1.8m高处自由下落，若不计空气阻力（g取10m/s2）下列说法正确的是（　　）‎ A．铁球下落过程中重力做功为36J B．铁球落地时的动能为40J C．铁球落地时重力的瞬时功率为120W D．铁球下落过程中重力的平均功率为120W ‎14．关于在空中水平射出的子弹，下列说法正确的是（不计空气阻力）（　　）‎ A．竖直方向速度增大 B．水平方向速度增大 C．水平方向速度减小 D．加速度不变 ‎　‎ 三.实验题（本题包括2个小题，每小题4分，共8分．请把正确答案填在答题卡的相应横线上．）‎ ‎15．如图1所示为“探究小车速度随时间变化的规律”实验的装置图．图2为某次实验时得到的纸带（部分），纸带上每两个计数点间还有四个实验点未标出．则相领计数点间的时间间隔是　　s打B点时小车的速度为　　m/s．（已知电源频率50Hz，结果保留三位有效数字）‎ ‎16．在验证机械能守恒定律的实验中：‎ ‎（1）下列器材中不必要的是　　（只需填字母代号） ‎ A．重物 B．纸带 C．天平 D．刻度尺 ‎（2）由于阻力作用，这样会导致重力势能的减小量　　动能的增加量（选填“＜”或“＞”）‎ ‎　‎ 四.计算题（本题包括2个小题，每小题8分，共16分，解答应写出必要的文字说明，方程式和主要演算步骤，只写出最后答案的不得分．有数值的计算题答案中必须明确写出数值和单位．）‎ ‎17．如图所示，一个质量为5kg的物体放在光滑水平地面上，用40N的水平拉力F使物体由静止开始做匀加速直线运动．求：‎ ‎（1）物体在5s末速度的大小：‎ ‎（2）物体在前5s内运动位移的大小．‎ ‎18．如图所示，质量为m的小球，用长为L的细线悬挂在水平天花板上的O点．现将小球偏离平衡位置，使细线与竖直方向的夹角为α，然后将小球由静止释放．当小球运动到最低点时，试求：‎ ‎（1）小球的速度大小；‎ ‎（2）小球的角速度大小；‎ ‎（3）小球对细线拉力的大小．‎ ‎（已知当地的重力加速度为g，不计空气阻力）‎ ‎　‎ 五、填空题（共3小题，每小题6分，满分18分）‎ ‎19．同种电荷间相互　　，这种作用通过　　实现的，电场线上每点的切线方向都与该点的电场方向　　．‎ ‎20．蓄电池上标注的“2V”是指电池的　　，蓄电池能把　　能转化为电能．家用电热水器工作时利用了电流的　　效应．‎ ‎21．在电磁波谱中，用于“消毒灭菌”的是　　，某广播电台发射的电磁波在真空中传播的波长为500m，则它的频率是　　HZ．‎ ‎　‎ 六.实验题（本题4分，请把正确答案填在答题卡相应横线上）‎ ‎22．如图所示，把小磁针放在桌面上，将一根直导线平行架在静止的小磁针上方，当导线中有电流通过时，小磁针的偏转方向为　　（“垂直直面向里”“垂直纸面向外”），此实验说明电流能够产生　　．‎ ‎　‎ 七、计算题（本题8分，解答时应写出必要的文字说明，方程式和重要演算步骤，有数值计算的题，答案中必须写出明确的数值和单位，只写出最后答案的不得分）‎ ‎23．一台正常工作的电扇，线圈电阻是5Ω，电流为0.8A，求：‎ ‎（1）电扇的发热功率；‎ ‎（2）10min内电扇产生的热量．‎ ‎　‎ ‎2016-2017学年云南省昆明市黄冈实验学校高二（上）期中物理试卷 参考答案与试题解析 ‎　‎ 一.选择题（本题包括10个小题，每小题3分，共30分，每小题所给出的四个选项中，只有一个选项符合题意，选对得3分，错选或不选得0分．）‎ ‎1．在物理学的建立过程中，许多物理学家做出了重要贡献，下列说法正确的是（　　）‎ A．伽利略总结了惯性定律 B．麦克斯韦验证了电磁波的存在 C．奥斯特发现了电磁感应现象 D．牛顿总结了作用力和反作用力之间的关系 ‎【考点】物理学史．‎ ‎【分析】根据物理学史中伽利略、牛顿、麦克斯韦等著名物理学家的主要贡献解答即可．‎ ‎【解答】解：A、牛顿总结了惯性定律，故A错误 B、麦克斯韦根据电磁场理论，提出了光是一种电磁波，赫兹验证了电磁波的存在，故B错误 C、奥斯特发现了电流的磁效应，法拉第发现了电磁感应现象，故C错误；‎ D、牛顿总结了作用力和反作用力之间的关系，得出了牛顿第三定律，故D正确 故选：D ‎　‎ ‎2．如图所示，在匀速转动的水平转盘上，有一个相对于盘静止的物体，随盘一起转动，关于它的受力情况，下列说法中正确的是（　　）‎ A．只受到重力和盘面的支持力的作用 B．只受到重力、支持力和静摩擦力的作用 C．除受到重力和支持力外，还受到向心力的作用 D．受到重力、支持力、静摩擦力和向心力的作用 ‎【考点】向心力；静摩擦力和最大静摩擦力．‎ ‎【分析】物体做圆周运动，合力指向圆心，充当向心力，对物体受力分析，可按照重力、弹力、摩擦力的顺序，防止漏力、多力、重复，每一个力都应该能找出施力物体．‎ ‎【解答】解：物体做匀速圆周运动，合力指向圆心；‎ 对物体受力分析，如图；‎ 重力G与支持力N二力平衡，合力等于摩擦力f，充当向心力；‎ 故选B．‎ ‎　‎ ‎3．如图所示，质量分别为m1和m2的两个物体，m1=m2，在大小相等的两个力F1和F2的作用下沿水平方向移动了相同的距离．若F1做的功为W1，F2做的功为W2，则（　　）‎ A．W1＞W2 B．W1＜W2‎ C．W1=W2 D．条件不足，无法确定 ‎【考点】功的计算．‎ ‎【分析】由于F1和F2都是恒力，求恒力的功可以根据功的公式直接求得．‎ ‎【解答】解：由题意可得F1和F2是恒力，物体移动的位移相同，并且力与位移的夹角相等，所以由功的公式W=FLcosθ可知，它们对物体做的功是相同的，所以C正确．‎ 故选：C．‎ ‎　‎ ‎4．我国发射的风云一号气象卫星是极地卫星，卫星飞过两极上空，其轨道平面与赤道平面垂直，周期为12h；我国发射的风云二号气象卫星是地球同步卫星，周期是24h，由此可知，两颗卫星相比较（　　）‎ A．风云二号气象卫星距地面较近 B．风云一号气象卫星距地面较近 C．风云一号气象卫星的运动速度较大 D．风云一号气象卫星的运动速度较小 ‎【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．‎ ‎【分析】由题，“风云一号”气象卫星的周期小于“风云一号”气象卫星的周期，根据公式分析两卫星的半径关系．由公式v=分析线速度关系，由ω=分析角速度关系．‎ ‎【解答】解：A、B、由题，“风云一号”气象卫星的周期小于“风云一号”气象卫星的周期，根据公式分析得知，“风云一号”气象卫星半径r较小，距地面较近．故A错误，B正确．‎ ‎ C、D、G是常量，M是地球的质量，不变，“风云一号”气象卫星半径r较小，由公式v=可知，“风云一号”气象卫星的运动速度较大．故C正确，D错误．‎ 故选：BC ‎　‎ ‎5．如图所示，a、b、c是地球大气层外圆形轨道上运行的三颗人造地球卫星，a、b质量相同，且小于c的质量，则（　　）‎ A．b所需向心力最大 B．b、c周期相等，且大于a的周期 C．b、c向心加速度相等，且大于a的向心加速度 D．b、c的线速度大小相等，且大于a的线速度 ‎【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．‎ ‎【分析】根据万有引力提供向心力，可比较出周期、向心加速度、线速度的大小．‎ ‎【解答】解：A、人造地球卫星做圆周运动的向心力由万有引力提供，根据F=，因为a、b质量相同，且大于c的质量，而bc半径相同大于a的半径，所以Fa＞Fb＞Fc，可知a所需向心力最大．故A错误．‎ B、根据，得：a=，v=，T=．知b、c周期相等，且大于a的周期．b、c加速度相等，小于a是加速度．b、c的线速度大小相等，且小于a的线速度．故B正确，CD错误．‎ 故选：B ‎　‎ ‎6．在下列几种情况中，甲乙两物体的动能相等的是（　　）‎ A．甲的速度是乙的2倍，甲的质量是乙的 B．甲的质量是乙的2倍，甲的速度是乙的 C．甲的质量是乙的4倍，甲的速度是乙的 D．甲的速度是乙的4倍，甲的质量是乙的 ‎【考点】动能．‎ ‎【分析】根据动能的表达式Ek=mv2结合题目中的条件求解即可明确动能是否相同．‎ ‎【解答】解：A、甲的速度是乙的2倍，甲的质量是乙的，则由动能公式可知，甲的动能是乙的2倍，故A错误；‎ B、甲的质量是乙的2倍，甲的速度是乙的 ‎，由动能公式可知，甲的动能是乙的一半，故B错误；‎ C、甲的质量是乙的4倍，甲的速度是乙的，由动能公式可知，甲乙的动能相等，故C正确； ‎ D、甲的速度是乙的4倍，质量是乙的2倍，由动能公式可知，甲的动能是乙的8倍，故D错误；‎ 故选：C．‎ ‎　‎ ‎7．关于物体所受外力的合力做功与物体动能变化的关系有以下四种说法：（1）合力做正功，物体动能增加（2）合力做正功，物体动能减少（3）合力做负功，物体动能减少（4）合力做负功，物体动能增加上述说法正确的是（　　）‎ A．（1）（3） B．（2）（3） C．（3）（4） D．（1）（2）‎ ‎【考点】功能关系；功的计算．‎ ‎【分析】动能定理的内容为：合外力对物体所做的功等于物体动能的变化，公式为：W=△Ek．由动能定理进行分析即可．‎ ‎【解答】解：（1）、（2）根据动能定理W=△Ek，知合力做正功时，物体动能增加，故（1）正确，（2）错误；‎ ‎（3）、（4）根据动能定理W=△Ek，知合力做负功，物体动能减少，故（3）正确，（4）错误；‎ 故选：A ‎　‎ ‎8．两点电荷之间的相互作用力，随着距离的增大而（　　）‎ A．减小 B．增大 C．保持不变 D．无法确定 ‎【考点】库仑定律．‎ ‎【分析】本题考查了应用库仑定律公式解题能力，对题目中叙述的两种状态分别依据库仑定律公式列方程，即可求解结果．‎ ‎【解答】解：根据库仑定律有：F=，可知 两点电荷之间的相互作用力，随着距离的增大而减小．故A正确，BCD错误 故选：A ‎　‎ ‎9．关于加速度和速度，以下说法正确的是（　　）‎ A．加速度越大的物体速度越快 B．加速度越大的物体速度变化越大 C．加速度不变的物体速度也不变 D．加速度越大的物体速度变化越快 ‎【考点】加速度；速度．‎ ‎【分析】加速度是描述物体速度变化快慢的物理量，加速度大，速度不一定大，速度变化量不一定大 ‎【解答】解：加速度越来越大，物体的速度变化越来越快，速度不一定大，故A错误，D正确；‎ B、加速度越大的物体速度变化不一定大，还与时间有关，故B错误；‎ C、加速度不变，物体做匀变速直线运动，速度变化，故C错误；‎ 故选：D ‎　‎ ‎10．下列说法正确的是（　　）‎ A．曲线运动是一种变速运动 B．变速运动一定是曲线运动 C．电场线一定是闭合的 D．电场线较疏的地方，电场强度较大 ‎【考点】电场线；曲线运动．‎ ‎【分析】既然是曲线运动，它的速度的方向必定是改变的，所以曲线运动一定是变速运动．‎ 静电场的电场线不是闭合的，电场线的疏密表示电场的强弱，电场线较疏的地方，电场强度较小，电场线较密的地方，电场强度较大．‎ ‎【解答】解：A、B、曲线运动物体的速度方向在不断改变，是变速运动，但变速运动不一定就是曲线运动，如匀变速直线运动，故A正确、B错误．‎ C、静电场的电场线从正电荷出发，到负电荷或无穷远处终止，不是闭合的．故C错误．‎ D、电场线的疏密表示电场的强弱，电场线较疏的地方，电场强度较小，故D错误．‎ 故选：A ‎　‎ 二.选择题（本题包括4个小题，每小题4分，共16分，每小题所给出的四个选项中有两个选项符合题意，全部选对得4分，有错选或不选得0分．）‎ ‎11．下列运动中能满足机械能守恒的是（　　）‎ A．物体沿光滑圆弧面从下向上滑动 B．吊车将货物匀速吊起 C．物体沿粗糙斜面匀速下滑 D．只有重力做功时，物体机械能一定守恒 ‎【考点】机械能守恒定律．‎ ‎【分析】机械能守恒的条件是只有重力做功，机械能守恒．也可以根据动能和重力势能的变化规律分析机械能是否守恒．‎ ‎【解答】解：A、物体沿光滑圆弧面从下向上滑动时，由于只有重力做功，故机械能守恒，故A正确；‎ B、吊车将货物匀速度吊起时，由于动能不变，重力势能增加，故机械能增加，故B错误；‎ C、物体沿粗糙斜面匀速下滑，由于动能不变，重力势能减小，故机械能减小，故C错误；‎ D、根据机械能守恒的条件可知，只有重力做功时，物体机械能一定守恒，故D正确．‎ 故选：AD．‎ ‎　‎ ‎12．关于力和运动的关系，下列说法中正确的是（　　）‎ A．力是维持物体运动的条件，同一物体所受到的力越大，它的速度越大 B．作用在运动物体上的某力消失后，物体运动的速度可能不断增加 C．放在水平桌面上的物体保持静止，是由于物体所受合外力为零 D．物体运动状态发生变化，是与作用在物体上的外力分不开的 ‎【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的概念及其矢量性．‎ ‎【分析】力不是维持物体运动的原因，而是改变物体运动状态的原因；作圆周运动的物体，向心力方向一定与速度方向垂直．‎ ‎【解答】解：A、根据伽利略理想斜面实验可知，力不是维持物体运动的条件，同一物体所受到的力越大，它的加速度越大，但速度不一定越大，故A错误．‎ B、作用在运动物体上的某力消失后，其所受的合外力方向可能与速度方向相同，其速度不断增加，故B正确．‎ C、放在水平桌面上的物体保持静止，则物体处于平衡状态，物体所受合外力为零．故C正确．‎ D、力是改变物体运动状态的原因，物体运动状态发生变化，是与作用在物体上的外力分不开的，故D正确．‎ 故选：BCD ‎　‎ ‎13．质量为2kg的铁球从离地1.8m高处自由下落，若不计空气阻力（g取10m/s2）下列说法正确的是（　　）‎ A．铁球下落过程中重力做功为36J B．铁球落地时的动能为40J C．铁球落地时重力的瞬时功率为120W D．铁球下落过程中重力的平均功率为120W ‎【考点】功率、平均功率和瞬时功率；自由落体运动；功的计算．‎ ‎【分析】根据W=mgh求出重力做的功．根据动能定理求解落地时的动能，重力的瞬时功率P=mgv，求出落地时的速度，即可得出落地时重力的瞬时功率．根据求平均功率．‎ ‎【解答】解：A、铁球下落过程中重力做功为W=mgh=36J，故A正确；‎ B、根据动能定理得：铁球落地时的动能EK=mgh=36J，故B错误；‎ C、根据v2=2gh得：落地时速度v==6m/s，所以铁球落地时重力的瞬时功率为P=mgv=l20W，故C正确；‎ D、根据t=得：t=0.6s，下落过程中重力的平均功率为==60W，故D错误．‎ 故选：AC ‎　‎ ‎14．关于在空中水平射出的子弹，下列说法正确的是（不计空气阻力）（　　）‎ A．竖直方向速度增大 B．水平方向速度增大 C．水平方向速度减小 D．加速度不变 ‎【考点】平抛运动．‎ ‎【分析】平抛运动的加速度不变，在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动．‎ ‎【解答】解：A、子弹水平射出，不计空气阻力，做平抛运动，在竖直方向上做自由落体运动，竖直分速度增大，故A正确．‎ BC、水平方向上做匀速直线运动，速度不变，故BC错误．‎ D、平抛运动的加速度不变，故D正确．‎ 故选：AD．‎ ‎　‎ 三.实验题（本题包括2个小题，每小题4分，共8分．请把正确答案填在答题卡的相应横线上．）‎ ‎15．如图1所示为“探究小车速度随时间变化的规律”实验的装置图．图2为某次实验时得到的纸带（部分），纸带上每两个计数点间还有四个实验点未标出．则相领计数点间的时间间隔是　0.1　s打B点时小车的速度为　2.94　m/s．（已知电源频率50Hz，结果保留三位有效数字）‎ ‎【考点】探究小车速度随时间变化的规律．‎ ‎【分析】根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上B点时小车的瞬时速度大小．‎ ‎【解答】解：由于每相邻两个计数点间还有4个点没有画出，所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.1s，‎ 由图可知，AB=29.20cm=0.2920m，BC=29.60cm=0.2960m；‎ 根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上B点时小车的瞬时速度大小．‎ vB===2.94m/s 故答案为：0.1；2.94．‎ ‎　‎ ‎16．在验证机械能守恒定律的实验中：‎ ‎（1）下列器材中不必要的是　C　（只需填字母代号） ‎ A．重物 B．纸带 C．天平 D．刻度尺 ‎（2）由于阻力作用，这样会导致重力势能的减小量　＞　动能的增加量（选填“＜”或“＞”）‎ ‎【考点】验证机械能守恒定律．‎ ‎【分析】（1）根据实验原理可知，该实验不需要测量物体质量，因此不需要天平；‎ ‎（2）如果阻力较大，重力势能不能全部转化为动能，因此一到导致结果mgh＞．‎ ‎【解答】解：（1）根据重物下落过程中机械能守恒的表达式可知，物体的质量可以约掉，因此本实验中不需要天平，故C选项符合题意．‎ 故选：C ‎（2）如果阻力较大，物体需要克服阻力做功，重力势能不能全部转化为动能，因此会出现mgh＞，即重力势能的减小量 大于动能的增加量．‎ 故答案为：C，＞‎ ‎　‎ 四.计算题（本题包括2个小题，每小题8分，共16分，解答应写出必要的文字说明，方程式和主要演算步骤，只写出最后答案的不得分．有数值的计算题答案中必须明确写出数值和单位．）‎ ‎17．如图所示，一个质量为5kg的物体放在光滑水平地面上，用40N的水平拉力F使物体由静止开始做匀加速直线运动．求：‎ ‎（1）物体在5s末速度的大小：‎ ‎（2）物体在前5s内运动位移的大小．‎ ‎【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．‎ ‎【分析】（1）由牛顿第二定律求出加速度，再计算速度大小．‎ ‎（2）由位移公式计算位移大小．‎ ‎【解答】解：（1）根据牛顿第二定律得：F=ma，‎ 代入数据解得，物体的加速度：a=8m/s2，‎ 物体在t=5s时速度的大小为：v=at=8×5m/s=40m/s．‎ ‎（2）5s内的位移为：x=at2=×8×52=100m 答：（1）物体在5s末速度的大小为40m/s：‎ ‎（2）物体在前5s内运动位移的大小为100m．‎ ‎　‎ ‎18．如图所示，质量为m的小球，用长为L的细线悬挂在水平天花板上的O点．现将小球偏离平衡位置，使细线与竖直方向的夹角为α，然后将小球由静止释放．当小球运动到最低点时，试求：‎ ‎（1）小球的速度大小；‎ ‎（2）小球的角速度大小；‎ ‎（3）小球对细线拉力的大小．‎ ‎（已知当地的重力加速度为g，不计空气阻力）‎ ‎【考点】机械能守恒定律；牛顿第二定律．‎ ‎【分析】（1）根据机械能守恒定律列式求解；‎ ‎（2）根据公式v=ωL求解角速度；‎ ‎（3）重力和拉力的合力提供向心力，根据牛顿第二定律列式求解拉力，最后结合牛顿第三定律得到球对细线的拉力．‎ ‎【解答】解：（1）设球由静止释放运动到最低点时的速度大小为v，根据机械能守恒定律得：‎ mgL（1﹣cosα）=mv2‎ 解得：v=‎ ‎（2）根据v=ωL 联立解得小球的角速度大小ω=‎ ‎（3）设在最低点细线对小球拉力的大小为T，根据牛顿第二定律得：‎ T﹣mg=‎ 解得：T=（3﹣2cosα）mg 根据牛顿第三定律，小球对细线拉力的大小 Tˊ=T=（3﹣2cosα）mg 答：（1）小球的速度大小为；‎ ‎（2）小球的角速度大小为；‎ ‎（3）小球对细线拉力的大小为（3﹣2cosα）mg．‎ ‎　‎ 五、填空题（共3小题，每小题6分，满分18分）‎ ‎19．同种电荷间相互　排斥　，这种作用通过　电场　实现的，电场线上每点的切线方向都与该点的电场方向　相同　．‎ ‎【考点】库仑定律；电场线．‎ ‎【分析】带电体周围存在着一种特殊物质，这种物质叫电场，其基本性质是对放入电荷有电场力的作用，而电荷间的相互作用就是通过电场发生的，电场线上每点的切线方向都与该点的电场方向相同．‎ ‎【解答】解：同种电荷间相互排斥，‎ 带电体周围存在着一种物质，这种物质叫电场，电荷间的相互作用就是通过电场发生的．‎ 电场线上某点的切线方向表示该点的场强方向，即电场方向．‎ 故答案为：排斥，电场，相同．‎ ‎　‎ ‎20．蓄电池上标注的“2V”是指电池的　电动势　，蓄电池能把　化学　能转化为电能．家用电热水器工作时利用了电流的　热　效应．‎ ‎【考点】电源的电动势和内阻．‎ ‎【分析】电动势是一个表征电源特征的物理量．定义电源的电动势是电源将其它形式的能转化为电能的本领；‎ 蓄电池能把 化学能转化为电能．家用电热水器工作时利用了电流的 热效应．‎ ‎【解答】解：蓄电池上标注的“2V”是指电池的 电动势是2.0V，蓄电池能把 化学能转化为电能．‎ 家用电热水器工作时把电能转化为热能，利用了电流的 热效应．‎ 故答案为：电动势 化学能 热 ‎　‎ ‎21．在电磁波谱中，用于“消毒灭菌”的是　紫外线　，某广播电台发射的电磁波在真空中传播的波长为500m，则它的频率是　6×106　HZ．‎ ‎【考点】电磁波的发射、传播和接收．‎ ‎【分析】根据波速、波长、频率的关系式v=λf求出无线电波的频率，接收电台的调谐频率等于电磁波的频率 ‎【解答】解：用于“消毒灭菌”的是紫外线；‎ 根据c=λf得，f===6×105Hz；‎ 故答案为：紫外线 6×106‎ ‎　‎ 六.实验题（本题4分，请把正确答案填在答题卡相应横线上）‎ ‎22．如图所示，把小磁针放在桌面上，将一根直导线平行架在静止的小磁针上方，当导线中有电流通过时，小磁针的偏转方向为　垂直纸面向外　（“垂直直面向里”“垂直纸面向外”），此实验说明电流能够产生　磁场　．‎ ‎【考点】安培力．‎ ‎【分析】本实验是1820年丹麦物理学家奥斯特发现电流磁效应的实验，小磁针静止时，N极所指的方向为磁场的方向，根据右手螺旋定则判断出通电直导线下方的磁场方向，从而确定小磁针的偏转方向．‎ ‎【解答】解：根据右手螺旋定则，知通电直导线下方的磁场方向垂直纸面向外，所以小磁针N极向外偏转，S极向里偏转，此实验说明电流能够产生磁场．‎ 故答案为：垂直纸面向外； 磁场 ‎　‎ 七、计算题（本题8分，解答时应写出必要的文字说明，方程式和重要演算步骤，有数值计算的题，答案中必须写出明确的数值和单位，只写出最后答案的不得分）‎ ‎23．一台正常工作的电扇，线圈电阻是5Ω，电流为0.8A，求：‎ ‎（1）电扇的发热功率；‎ ‎（2）10min内电扇产生的热量．‎ ‎【考点】电功、电功率；焦耳定律．‎ ‎【分析】（1）利用发热功率计算公式P=I2R计算电扇的发热功率；‎ ‎（2）利用焦耳热等于热功率与时间的乘积，即Q=Pt计算10min内的电扇产生的热量．‎ ‎【解答】解：（1）线圈电阻是5Ω，电流为0.8A 则电扇的发热功率P=I2R=（0.8）2×5W=3.2W；‎ ‎（2）t=10min=600s 则10min内的电扇产生的热量Q=Pt=3.2×600J=1920J；‎ 答：（1）电扇的发热功率为3.2W；‎ ‎（2）10min内的电扇产生的热量为1920J．‎