广西桂林市第十八中学2020学年高二物理上学期第一次月考试题

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广西桂林市第十八中学2020学年高二物理上学期第一次月考试题

广西桂林市第十八中学2020学年高二物理上学期第一次月考试题 ‎ 注意事项:‎ ① 试卷共6页,答题卡2页。考试时间90分钟,满分100分;‎ ‎ ② 正式开考前,请务必将自己的姓名、考号用黑色水性笔填写清楚并张贴条形码;‎ ② 请将所有答案填涂或填写在答题卡相应位置,直接在试卷上做答不得分。‎ 第I卷(选择题,共56分)‎ 一、单项选择题(本题包括12小题。每小题只有一个选项符合题意。每小题3分,共36分)‎ ‎1.我国是世界文明古国之一,在古代书籍中有许多关于物理现象的记载。西晋张华的《博物志》中写道,“今人梳头、脱着衣时,有随梳、解结有光者,也有咤声”。此处所描述的现象属于( )‎ A.摩擦生热现象 B.静电现象 C.退磁现象 D.磁化现象 ‎2.下列对能量转化的描述,正确的是(  ) ‎ A.电暖器工作时,电能转化为动能 B.雨滴下落过程中,部分动能转化为重力势能 C.汽油发动机运转时,电能转化为化学能 D.水力发电机工作时,水的部分机械能转化为电能 ‎3.两个点电荷a、b周围的电场线分布情况如图所示,虚线为带电粒子c经穿越该电场时的运动轨迹,该粒子在电场中运动时只受电场力作用,由图可判断(  )‎ A.a、b带等量异号电荷 ‎ B.a、b带同号电荷,a的电荷量大于b的电荷量 ‎ C.粒子c带正电,在电场中运动时动能先减小后增大 ‎ D.粒子c带负电,在电场中运动时动能先增大后减小 ‎4.在x轴上有两个点电荷q1、q2,其静电场的电势ö在x 轴上分布如图所示。正确的有(  )‎ A.x2处的电场强度为零 B.负电荷从x1移到x2,电势能增大 ‎ C.q1和q2带有同种电荷 D.负电荷从x1移到x2,受到的电场力增大 ‎5.如图所示为示波管的示意图,要使屏上的光点P向下偏移的距离增大,可以(  )‎ A.增大加速电压U1,增大偏转电压U2‎ B.增大加速电压U1,减小偏转电压U2‎ C.减小加速电压U1,增大偏转电压U2‎ D.减小加速电压U1,减小偏转电压U2 ‎ ‎6.某汽车在平直公路上以功率P、速度v0匀速行驶时,牵引力为F0。在t1时刻,司机减小油门,使汽车的功率减为P/2,此后保持该功率继续行驶,t2时刻,汽车又恢复到匀速运动状态。下面是有关汽车牵引力F、速度v在此过程中随时间t变化的图像,其中正确的是( )‎ A.B.C. D.‎ ‎7.如图所示,有一根长为L,质量为M的均匀链条静止在光滑水平桌面上,其长度的悬于桌边外,如果在链条的A端施加一个拉力使悬着的部分以0.1g(g为重力加速度)的加速度拉回桌面。设拉动过程中链条与桌边始终保持接触,则拉力最少需做功(  )‎ A. B. C. D.‎ ‎8.如图所示,将悬挂在细线上的带正电的小球A放在不带电的金属空心球C内(始终不与球接触),现将一个悬挂在绝缘细线上的带负电的小球B放在C附近,待稳定后,以下说法正确的是(  )‎ A.A对B无静电力作用,B对A无静电力作用 ‎ B.A向左偏离竖直方向,B向右偏离竖直方向 ‎ C.A对B的静电力向右,B对A的静电力向左 ‎ D.A的位置不变,B的位置也不变 物理 第2页 共6页 物理 第1页 共6页 ‎9.两个放在绝缘架上的相同金属球相距r,球的半径比r小得多,带电量大小之比为1:5,相互作用大小为5F.将这两个金属球相接触,然后分开,仍放回原处,则它们之间的相互作用力大小将变为( )‎ A.3F B.9F C.5F D.9F/4‎ ‎10.如图所示,质量为m的物体放在水平地面上,物体上方安装一劲度系数为k的轻弹簧,在弹簧处于原长时,用手拉着其上端P点很缓慢地向上移动,直到物体脱离地面向上移动一段距离。在这一过程中,P点的位移为H,则物体重力势能的增加量为(  )‎ A.mgH B.mgH+ C.mgH﹣ D.mgH﹣‎ ‎11.如图所示,A,B,C是匀强电场中的三点,三点的电势分别为,,,,,cm,可确定该匀强电场的场强大小为 A. B. C. D.‎ ‎12. “跳一跳”游戏要求操作者通过控制一质量为m的“i”‎ 形小人(可视为质点)脱离平台时的速度,使其能从同一水平面上的一个平台跳到旁边另一等高的平台上。如图所示的抛物线为“i”形小人在某次跳跃过程中的运动轨迹,轨迹的最高点距平台上表面的高度为h,两次落点间的水平距离为 ,不计空气阻力,重力加速度为g,则下列说法正确的是(  )‎ A.“i”形小人在跳跃过程中的运动时间为2 ‎ B.“i”形小人的水平初速度为 ‎ C.“i“形小人落到另一平台上时的速度大于 ‎ D.“i”形小人落地时速度方向与水平方向间夹角的正切值为 二、多项选择题(本题包括5小题。每小题至少有两个正确选项,选对但不全得2分,错选或不选均得零分。每小题4分,共20分)‎ ‎13.下列运动过程中,物体的动量变化率相等的是(  )‎ 物理 第3页 共6页 A.匀速圆周运 B.竖直上抛运动 C.平抛运动 D.任意的匀变速直线运动 ‎14.电容式加速度传感器的原理结构如图所示,质量块右侧连接一轻质弹簧,左侧连接一电介质,弹簧与电容器固定在外框上,可认为质量块(含电介质)在竖直方向上受力平衡,在水平方向上只受弹簧的弹力。传感器在水平方向上运动,质量块可带动电介质左右移动从而改变电容。可知(  )‎ A.当传感器做匀速运动时,电路中有恒定电流 ‎ B.当传感器做匀加速度运动时,电路中有恒定电流 ‎ C.若传感器原来向右匀速运动,突然减速时电容器的电容会减小 ‎ D.当传感器由静止突然向右加速的瞬间,电路中有顺时针方向的电流 ‎15.如图所示,用一根长杆和两个定滑轮的组合装置用来提升重物M,长杆的一端放在地上通过铰链联结形成转轴,其端点恰好处于左侧滑轮正下方O点处,在杆的中点C处拴一细绳,通过两个滑轮后挂上重物M.C点与O点距离为l ‎,现在杆的另一端用力,使其逆时针匀速转动,由竖直位置以角速度ù缓缓转至水平(转过了90°角),此过程中下述说法正确的是(  )‎ A.重物M重力势能一直增大 B.重物M作匀变速直线运动 ‎ C.重物M的最大速度是ùL D.重物M的动能先减小后增大 ‎16.如图所示,在水平放置的光滑金属板正上方有一带正电的点电荷Q,上表面绝缘,下表面接地。带正电的金属小球(可视为质点,且不影响原电场),自左以初速度v0在金属板上向右运动,在运动的过程中:()‎ A.小球先减速运动,后加速运动 B.小球一直做匀速直线运动 C.小球受到电场力的冲量为零 D.小球受到的电场力做功为零 ‎17.如图所示,半径为R的半球形碗固定于水平地面上,一个质量为m的物块,从碗口沿内壁由静止滑下,滑到最低点时速度大小为v,物块与碗之间的动摩擦因数恒为ì,则下列说法正确的是(  )‎ A.在最低点时物块所受支持力大小为mg ‎ B.整个下滑过程物块所受重力的功率先增大后减小 ‎ C.物块在下滑至最低点过程中动能先增大后减小 ‎ 物理 第4页 共6页 D.整个下滑过程滑块克服摩擦力做功为mgR﹣mv2‎ 第II卷(非选择题,共44分)‎ 三、填空题(本题包括2题。共14分)‎ ‎18.(6分)在探究两电荷间相互作用力的大小与哪些因素有关的实验中,一同学猜想可能与两电荷间的距离和带电量有关。他选用带正电的小球A和B,A球放在可移动的绝缘座上,B球用绝缘丝线悬挂于玻璃棒C点,如图所示。‎ 实验时,先保持两电荷的   不变,使A球从远处逐渐向B球靠近,观察到两球距离越小,B球悬线的偏角越大;再保持两球的距离不变,改变小球所带的电荷量,观察到电荷量越大,B球悬线的偏角越大。‎ 实验表明:两电荷之间的相互作用力,随其距离的   而增大(填“增大”或“减小”),随其所带电荷量的   而增大(填“‎ 增大”或“减小”)。‎ ‎19.(8分)如图1所示,用质量为m的重物通过滑轮牵引小车,使它在长木板上运动,打点计时器在纸带上记录小车的运动情况。利用该装置可以完成“探究功与速度的关系”的实验。‎ ‎(1)实验中,需要平衡摩擦力和其他阻力,正确操作方法是   (选填选项前的字母)。‎ A.将长木板带滑轮的左端垫高 ‎ B.将长木板不带滑轮的右端垫高 在   (选填选项前的字母)且计时器打点的情况下,轻推一下小车,若小车拖着纸带做匀速运动,表明已经消除了摩擦力和其他阻力的影响。‎ A.不挂重物 B.挂上重物 物理 第6页 共6页 物理 第5页 共6页 ‎(2)接通电源,释放小车,打点计时器在纸带上打下一系列点,将打下的第一个点标为O.在纸带上依次取A、B、C……若干个计数点,已知相邻计数点间的时间间隔为T.测得A、B、C……各点到O点的距离为x1、x2、x3……,如图2所示。实验中,重物质量远小于小车质量,可认为小车所受的拉力大小为mg。从打O点到打某计数点的过程中,拉力对小车做的功W,打某计数点时小车的速度v。同时以v2为纵坐标,W为横坐标,利用实验数据作出如图3所示的v2﹣W图象。分析实验图象:该图线与斜率有关的物理量应是   。(选填选项前的字母)。‎ A.加速度 B.位移 C.质量 D.时间 ‎(3)假设已经完全消除了摩擦力和其他阻力的影响,但重物质量不满足远小于小车质量的条件,则从理论上分析,则v2﹣W图象   。‎ A.一条倾斜直线 B.一条末端向上弯曲图象 C ‎.一条末端向下弯曲图象 四、计算题(第20题12分,第21题18分,共30分。应写出必要的文字说明、重要的方程式和演算步骤,只写出最后答案的给0分)‎ ‎20.(12分)如图所示,在水平方向的匀强电场中,一个质量为m,带电量为+q的微粒,从A点沿AB方向射入电场,微粒沿直线AB运动刚好能到达B点。AB与电场线夹角è=37°.A、B相距为L,重力加速度为g,(sin37°=0.6,cos37°=0.8)。求:‎ ‎(1)电场强度的大小和方向; ‎ ‎(2)微粒射入电场时的初速度大小。‎ ‎21.(18分)如图所示,x轴与水平传送带重合坐标原点O在传送带的左端,传送带长L=8m,传送带以恒定的速度5m/s转动一质量m=lkg的小物块轻轻放在传送带上x=2m的P点小物块随传送带运动到Q点后恰好能冲上光滑圆弧轨道的最高点N点,若小物块经过Q处无机械能损失,小物块与传送带间的动摩擦因数ì=0.5,重力加速度g=10m/s2,求:‎ ‎(1)N点的纵坐标:‎ ‎(2)从P点到Q点,小物块在传送带上运动时,系统产生的热量;‎ ‎(3)若将小物块轻放在传送带上的某些位置,小物块均能沿光滑圆弧轨道运动通过纵坐标yM=0.25m的M点,并且在圆弧轨道运动过程中始终不脱轨,求这些位置的横坐标范围。‎ 参考答案(简洁版)‎ 一.单选题 题号 ‎1‎ ‎2‎ ‎3‎ ‎4‎ ‎5‎ ‎6‎ ‎7‎ ‎8‎ ‎9‎ ‎10‎ ‎11‎ ‎12‎ 答案 B D D A C A D C B C D C 二.多选题 题号 ‎13‎ ‎14‎ ‎15‎ ‎16‎ ‎17‎ 答案 BCD CD AC BD BCD 三.填空题 ‎18. 电量,减小,增大;‎ ‎19. (1)B,A;(2)C;(3)A;‎ 四.计算题 ‎20.解:(1)微粒受力分析如图所示:‎ 由几何关系得:‎ 代入数据解得:N/C①‎ 粒子带正电,所以电场方向水平向左 ‎(2)A到B由动能定理得:‎ ‎②‎ ‎①②联立解得:‎ m/s ‎21.解:(1)对小物块,由牛顿第二定律得:ìmg=ma 代入数据解得:a=5m/s2,‎ 小物块与传送带共速时,所用的时间为:‎ t==1s,‎ 运动的位移为:s==2.5m<L﹣xP=6m 故小物块与传送带达到相同速度后以v0=5m/s的速度匀速运动到Q,‎ 然后冲上光滑圆弧轨道恰好到达N点,在N点,‎ 由牛顿第二定律得:mg=m,‎ 从Q到N过程,由机械能守恒定律得:mv02=mg•2R+mvN2,‎ 解得:R=0.5m,则N点的纵坐标:yN=2R=1m;‎ ‎(2)小物块在传送带上相对传送带滑动的位移:△s=v0t﹣s=2.5m,‎ 系统产生的热量:Q=ìmgs=12.5J;‎ ‎(3)由(1)可知,当物块从x1=L﹣s=5.5m处释放时,物块到达Q点时恰好与皮带速度相等,‎ 物块恰好通过圆轨道的最高点,则当x≤x1=5.5m时,物块不会脱离圆轨道;‎ 设在坐标为x1处将小物块轻放在传送带上,若刚能到达与圆心等高位置,‎ 从释放点到圆心等高位置过程中,由动能定理得:‎ ìmg(L﹣x)﹣mgR=0﹣0‎ 解得:x2=7m,当x≥7m时,物块不会脱离轨道;‎ 故小物块放在传送带上的位置坐标范围为:0≤x≤5.5m和7m≤x<8m;‎ 参考答案(详解版)‎ ‎1.选:B 人们梳头、穿衣时,梳子与头发,外衣与里面的衣服摩擦,使它们带有异种电荷,电荷放电,看到小火星和听到微弱响声,是摩擦起电,属于静电现象,故B正确。‎ ‎2. 选:D。‎ A、电暖器工作时,电能转化为内能。故A错误;‎ B、雨滴下落过程中,部分动能转化为内能。故B错误;‎ C、汽油发动机运转时,电能转化为机械能。故C错误;‎ D、水力发电机工作时,水的部分机械能转化为电能。故D正确;‎ ‎3. 选:D AB、根据电场线的分布情况可知,a周围电场线分布比b密,则a的电荷量大于b的电荷量,电场线从a指向b,则a带正电、b带负电,故AB错误;‎ CD、根据粒子c的运动轨迹可知,粒子c受力方向沿电场线反方向,故粒子c带负电;带电粒子c穿越该电场时,电场力先做正功、后做负功,所以动能先增大后减小,故C错误、D正确。‎ ‎4. 选:A A、ö﹣x图象的斜率表示电场强度,在x2处的斜率为零,故该处的电场强度为零;故A正确;‎ B、由图象可知,在x1、x2的电势ö1<ö2,根据电势能EP=qö,且q为负电荷,故有EP1>EP2,即负电荷从x1到x2电势能减小;故B错误;‎ C、由ö﹣x图象可知,在电场中电势有正有负,故两电荷不可能带同种电荷,故C错误;‎ D、由图象斜率表示电场强度大小可知,负电荷从x1到x2电场强度减小,故受到的电场力减小;故D错误;‎ ‎5. 选:C 电子在加速电场中加速,根据动能定理可得:‎ 所以电子进入偏转电场时速度的大小为:‎ 电子进入偏转电场后的偏转的位移为:‎ 所以要使屏上的光点P向下偏移的距离增大,可以增大偏转电压U2,减小加速电压U1,故C正确 ‎6. 选:A AB.汽车功率变化后,做加速度减小的减速直至匀速;故A正确,B错误。‎ CD.汽车功率变化后,牵引力突然减小到原来的一半,然后牵引力逐渐增大(速度减小的越来越慢,牵引力增加的越来越慢),最终牵引力还原;故CD错误。‎ ‎7. 选:D 解:设链条悬着的部分被拉回x时,拉力为F,对整个链条,根据牛顿第二定律得:‎ ‎ F﹣Mg=M•0.1g 可得,F=0.3Mg﹣Mg 则刚开始拉链条时,x=0,F1=0.3Mg 链条全部拉回桌面的瞬间,x=L,代入F=0.3Mg﹣Mg得 F2=0.1Mg 所以F的平均值为 ==0.2Mg 拉力最少需做功 W==‎ ‎8. 选:C A在空心金属球内,由于静电感应,使得C外表面带正电,B C相互吸引,所以B向右偏; 而金属空腔可以屏蔽外部电场,所以B的电荷对空腔C 的内部无影响,A位置不变。但根据静电屏蔽原理可知,B对A有向左的静电力,故A对B有向右的静电力;但由于空心上带电的影响使A球显示出不受静电力的作用;故C正确ABD错误。‎ ‎9. 选: B ‎ 解:由库仑定律可得相互作用力为:‎ ‎5F==;‎ 如果带同种电荷,当两球接触后再分开平分总电量,故分开后两球的带电量为3q;‎ 则库仑力为:F′==9F,故B正确;‎ 如果带异种电荷,当两球接触后先中和再平分总电量,故分开后两球的带电量为2q;‎ 则库仑力为:F′==4F,故A错误;‎ 故AB正确,CD错误;‎ 故选:AB。‎ ‎10. 选:C 解:弹簧的形变量x=,则物体上升的高度h=H﹣x=H 则重力势能的增加量.故C正确,A、B、D错误。‎ ‎11. 选:D 如下图所示,用D、F、G把AC四等分,因此:,,;连结BF直线便是电场中电势为4V的等势线,过该等势线上任一点M作垂线并指向电势降落方向,便得到一条电场线。‎ 由几何关系知三角形BCF为等边三角形,则B、C两点在场强方向上的距离:‎ ‎,‎ 则场强:‎ ‎,‎ ‎12. 故选:C AB、由平抛运动规律有h=,解得:t=2t1=2,水平初速度为v0=,故A.B错误;‎ C、根据动能定理有mgh=﹣,解得:v=>,故C正确;‎ D、设“i”形小人落地时速度方向与水平方向的夹角为è,位移与水平方向的夹角为á,由平抛运动的规律有tanè=2taná=,故D错误;‎ ‎13. 故选:BCD。‎ A、匀速圆周运动受到指向圆心的变力,故物体的冲量时刻变化,故动量变化率不相等,故A错误;‎ B、竖直上抛运动只受重力,由动量定理可知动量变化率相等,故B正确;‎ C、平抛运动只受重力,由动量定理可知动量变化率相等,故C正确;‎ D、任意的匀变速直线运动受到恒力作用,动量定理可知动量变化率相等,故D正确;‎ ‎14. 故选:CD 解:A、当传感器做匀速运动时,没有弹力,则电容器的电容不变,因两极的电压不变,则电容器的电量不变,因此电路中没有电流,故A错误;‎ B、当传感器以恒定加速度运动时,根据牛顿第二定律可知,弹力大小不变,则电容器的电容不变,因两极的电压不变,则电容器的电量不变,因此电路中没有电流,故B错误;‎ C、若传感器原来向右匀速运动,突然减速时,则电介质看拨出极板间越深,即电介质减小,根据电容器的电容公式C=ɛ,则电容器电容减小,故C正确;‎ D、当传感器由静止突然向右加速瞬间,质量块要向左运动,导致插入极板间电介质加深,因此电容会增大,由于电压不变,根据Q=CU,可知,极板间的电量增大,电容器处于充电状态,因此电路中有顺时针方向电流,故D正确;‎ ‎15. 故选:AC。‎ 解:A、重物M一直在上升,其重力势能一直增大,故A正确。‎ BCD、C点线速度方向与绳子方向的夹角为è(锐角),由题知C点的线速度为 vC=ùL,该线速度在绳子方向上的分速度就为 v绳=ùLcosè.è的变化规律是开始最大(90°)然后逐渐变小,所以,v绳=ùLcosè 逐渐变大,直至绳子和杆垂直,è变为零度,绳子的速度变为最大,为ùL;然后,è又逐渐增大,v绳=ùLcosè逐渐变小,绳子的速度变慢。所以知重物的速度先增大后减小,作非匀变速直线运动,M的最大速度为ùL.则重物M的动能先增大后减小。故C正确,BD错误。‎ ‎16. 故选BD。‎ 金属板在Q的电场中达到静电平衡时,金属板是一个等势体,表面是一个等势面,表面的电场线与表面垂直,小球所受电场力与金属板表面垂直,在金属板上向右运动的过程中,由于电场力与小球的速度方向垂直,电场力对小球不做功,但是电场力的冲量不为零,根据动能定理得知,小球的动能不变,速度不变,所以小球做匀速直线运动。故AC错误,BD正确。‎ ‎17. 故选:BCD A、在最低点时,根据牛顿第二定律得,N﹣mg=m,解得支持力 N=mg+m,故A错误。‎ B、初始位置物体的速度为零,重力的瞬时功率为零。到达最低点时,重力与速度的方向夹角为90度,重力的瞬时功率也为零,可知整个过程中功率的功率先增大后减小。故B正确。‎ C、在下滑的过程中,重力沿曲面切线方向的分力逐渐减小,滑动摩擦力逐渐增大,开始阶段,重力的切向分力大于摩擦力,物体做加速运动,动能增大,之后,重力的切向分力小于摩擦力,做减速运动,动能减小,则动能先增大后减小。故C正确。‎ D、对整个过程运用动能定理得 mgR﹣Wf=mv2﹣0,则滑块克服摩擦力做功为 Wf=mgR﹣mv2.故D正确。‎ ‎18. 电量,减小,增大;‎ ‎19. (1)B,A;(2)C;(3)A;‎ ‎20.‎ 解:(1)微粒受力分析如图所示:‎ 由几何关系得:‎ 代入数据解得:N/C①‎ 粒子带正电,所以电场方向水平向左 ‎(2)A到B由动能定理得:‎ ‎②‎ ‎①②联立解得:‎ ‎21.‎ 解:(1)对小物块,由牛顿第二定律得:ìmg=ma 代入数据解得:a=5m/s2,‎ 小物块与传送带共速时,所用的时间为:‎ t==1s,‎ 运动的位移为:s==2.5m<L﹣xP=6m 故小物块与传送带达到相同速度后以v0=5m/s的速度匀速运动到Q,‎ 然后冲上光滑圆弧轨道恰好到达N点,在N点,‎ 由牛顿第二定律得:mg=m,‎ 从Q到N过程,由机械能守恒定律得:mv02=mg•2R+mvN2,‎ 解得:R=0.5m,则N点的纵坐标:yN=2R=1m;‎ ‎(2)小物块在传送带上相对传送带滑动的位移:△s=v0t﹣s=2.5m,‎ 系统产生的热量:Q=ìmgs=12.5J;‎ ‎(3)由(1)可知,当物块从x1=L﹣s=5.5m处释放时,物块到达Q点时恰好与皮带速度相等,‎ 物块恰好通过圆轨道的最高点,则当x≤x1=5.5m时,物块不会脱离圆轨道;‎ 设在坐标为x1处将小物块轻放在传送带上,若刚能到达与圆心等高位置,‎ 从释放点到圆心等高位置过程中,由动能定理得:‎ ìmg(L﹣x)﹣mgR=0﹣0‎ 解得:x2=7m,当x≥7m时,物块不会脱离轨道;‎ 故小物块放在传送带上的位置坐标范围为:0≤x≤5.5m和7m≤x<8m;‎
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