福建省长汀一中、连城一中等六校2020学年高二物理上学期期中联考试题

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福建省长汀一中、连城一中等六校2020学年高二物理上学期期中联考试题

‎“长汀、上杭、武平、连城、漳平、永定一中”六校联考2020学年第一学期半期考高二物理试题 ‎ ‎(考试时间:90分钟 总分:100分)‎ 本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分 第Ⅰ卷(选择题,共48分)‎ 一、选择题(本大题共12小题,每小题4分,共48分。在每小题列出的四个选项中,第1-8题只有一项是最符合题目要求的;第9-12题有多项符合题目要求,全部选对得4分,选对但不全的得2分,有选错的得0分)‎ ‎1.鸟儿可以自由自在地栖息在高压输电线上而不会遭电击,主要是因为( )‎ ‎ A.鸟儿特殊的身体构造,能够承受住高电压 B.输电线中通过的电流很小 C.鸟儿的双脚是绝缘的 D.鸟儿的双脚间的电势差很小 ‎2.下列说法中,正确的是( )‎ A.电源电动势的值始终等于电源正负极之间的电势差 B.在导体中,只要自由电荷在运动,就一定会形成电流 C.在相同时间内通过导体截面的电量越多,电流就越大 D.根据可以判断,电动势与外电路的组成有关 ‎3.比值定义法经常被用来定义物理概念.下列四个表达式中,不是利用比值定义法的是( )‎ A.电阻R=U/I B.电场强度E=F/q C.电容 D.电势 ‎4.将一正电荷从无限远处(电势为0)移入电场中M点,静电力做功,若将一个等量的负电荷从电场中N点移向无限远处,静电力做功,则关于M、N两点的电势φM、φN,如下关系中正确的是( )‎ A.φM<φN <0 B.φN >φM>‎0 C.φN <φM<0 D.φM>φN ‎ >0‎ ‎5.饮水机是一种常见的家用电器,其工作电路可简化为如图所示的电路,其中S是一温度控制开关,当水温升高到一定温度时,它会自动切换,使饮水机处于保温状态;R0是饮水机加热管的电阻,R是与加热管串联的电阻.下表是从其说明书中摘录的一些技术数据(不考虑R0、R的电阻受温度变化的影响,表中的功率均指加热管的功率),当开关S闭合时,饮水机处于何工作状态和R0的阻值为( )‎ A.加热,220Ω B.加热,44Ω C.保温,44Ω D.保温,220Ω ‎6.如图为一个微型吸尘器,它的直流电动机的额定电压为U,额定电流为I,线圈电阻为R,将它接在电动势为E,内阻为r的直流电源的两极间,电动机恰好能正常工作,则( )‎ A. 吸尘器消耗的总功率为EI B. 电源的效率为1-Ir/E ‎ C. 电源的输出功率为EI D. 电动机消耗的热功率为U2/R ‎7.某同学将一直流电源的总功率PE、输出功率PR和电源内部的发热功率Pr随电流I变化的图线画在了同一坐标系上,如图中的a、b、c所示.以下判断不正确的是( )‎ A.直线a表示电源的总功率 B.曲线c表示电源的输出功率 C.电源的最大输出功率Pm=9W D.电源的电动势E=6V,内电阻r=2Ω ‎8.‎ 一带负电的粒子只在电场力作用下沿x轴正向运动,其电势能Ep随位移x变化的关系如图所示,其中0~x2段是关于直线x=x1对称的曲线,x2~x3段是直线,下列说法中正确的是(  )‎ A.x1处电场强度最小,但不为零 B.粒子在0~x2段做匀变速运动,x2~x3段做匀速直线运动 C.x2~x3段的电场强度大小方向均不变,为一定值 D.设在0、x1、x2、x3处电势为φ0、φ1、φ2、φ3,则它们的关系为φ3>φ2= φ0>φ1‎ ‎9.一段长度为L、电阻率为ρ,粗细均匀的金属导体的横截面积是S,导体单位体积内的自由电子数为n,电子电荷量为e,自由电子做无规则热运动的速率为v0,导体中通过的电流为I,以下说法中正确的有(   )‎ A.自由电子定向移动的速率为v0 B.自由电子定向移动的速率为v= C.单位时间内通过导体横截面积的电量为I D.导体两端的电压为ρI/LS ‎10. 位于A、B处的两个带有不等量负电的点电荷在平面内的电势分布如图所示,图中实线表示等势线,则( )‎ A.a点和b点的电场强度相同 B.正电荷从c点移到d点,电场力做负功 C.负电荷从a点移到c点,电场力做负功 D.正电荷从e点沿图中虚线移到f点电势能先减小后增大 ‎11.如图所示电路,不考虑电流表和电压表对电路的影响,当滑动变阻器R3的滑片向上端移动时,则(  )‎ A. 电压表读数减小 B. 电流表读数减小 ‎ C. 灯泡的亮度变亮 D. R2上消耗的功率逐渐增大 ‎12.如图所示,长为L,倾角为θ的光滑绝缘斜面处于电场中,一带电量为+q,质量为m的小球,以初速度由斜面底端的A点开始沿斜面上滑,到达斜面顶端时的速度仍为,则 (          )‎ ‎ A. A.B两点的电势差为mgLsinθ/q ‎ B. 小球在B点的电势能一定大于小球在A点的电势能 ‎ C. 若电场是匀强电场,则该电场的场强的最小值为mgsinθ/q ‎ D. 若该电场是斜面中点正上方某点的点电荷Q产生的,则Q一定是正电荷 第II卷(非选择题,共52分)‎ 二、实验题 (本大题共2小题,每空2分,共16分)‎ ‎13.有一只满偏电流Ig=5 mA,内阻Rg=200Ω的电流表G,若把它改装为量程为9 V的电压表,则应_____联一个阻值为_____Ω的电阻R,此时电压表的内电阻为______. 若在使用中发现此电压表的读数总比准确值稍小一些,采用下列哪种措施可能加以改进( )‎ A.在R上串联一个阻值为500Ω的电阻 B.在R上串联一个阻值为50kΩ的电阻 C.在R上并联一个阻值为500Ω的电阻 D.在R上并联一个阻值为50kΩ的电阻 ‎14.用如图(甲)所示的电路研究额定电压为2.4V的灯泡L的伏安特性,并画出伏安特性曲线如图(乙)所示。‎ ‎(1)在闭合开关S前,滑动变阻器触头应该移到______ 端(选填“a”或“b”);按电路图(甲)测出的灯泡电阻值比真实值______ (选填“偏大”或“偏小”).‎ ‎(2)由图象(乙)可得,灯泡的额定功率P= ______ W(保留两位有效数字);I-U图象是一条曲线而不是直线的原因是______________________________.‎ 三、计算题 (本大题共4小题,共36分)‎ ‎15.(6分)如图,真空中xoy平面直角坐标系上的ABC三点的连线构成等边三角形,边长L=‎2.0m.若将电荷量均为+2×10‎-6C的两点电荷分别固定在A、B点,已知静电力常量k=9.0×109N·m2/C2.求:‎ ‎(1)两点电荷间的库仑力大小;‎ ‎(2)C点的电场强度的大小和方向.‎ ‎16.(9分)如图所示,电源的电动势E=4V,内阻r=0.2Ω,R2=R3=R4=2Ω,R1=1.8Ω,电容器的电容C=10‎-8F,电容器两个极板间距为d=‎2cm,两个极板间有一个电量=-2×10‎-9C的小油滴处于静止状态(g=‎10m/s2),求:‎ ‎(1)通过电源的电流I;‎ ‎(2)电容器的带电量Q;‎ ‎(3)小油滴的质量m.‎ 17. ‎(9分)长为L的绝缘细线的一端连接质量为m的带电小球,细线的另一端固定在水平向右的匀强电场中的O点,如图所示,小球静止在B点,此 时细线与竖直方向夹角为37°.重力加速度为g,sin37°=0.6、cos37°=0.8,则:‎ ‎(1)求匀强电场的电场强度E的大小;‎ ‎(2)若将小球向左拉起至与O点同一水平高度的A点(未画出,细线刚好伸直)后将小球由静止释放,求小球运动到最低点时细线的拉力大小;‎ ‎(3)将小球由与O点处于同一水平高度的A点(同上)静止释放后,运动到虚线右侧最高点的过程中,求小球速度的最大值.‎ ‎18.(12分)在金属板A、B间加上如图(乙)所示的交变电压(U0已知),其周期为T,现有电子以平行于金属板的速度v0从两板中央射入,如图(甲)所示.已知电子的质量为m,电荷量为e,不计电子的重力,则:‎ ‎(1)若已知两板间的距离为,求粒子在板间运动时的加速度的大小;‎ ‎(2)若电子从t=0时刻射入,在T/2时刻刚好从金属板边缘飞出,求飞出时的速度大小;‎ ‎(3)若电子恰能从两板中央平行于板飞出,电子应从哪一时刻射入?两板间距至少多大?‎ 六校联考18—19学年第一学期半期考高二物理试题参考答案 一、选择题(本大题共12小题,每小题4分,共48分)‎ 题号 ‎1‎ ‎2‎ ‎3‎ ‎4‎ ‎5‎ ‎6‎ ‎7‎ ‎8‎ ‎9‎ ‎10‎ ‎11‎ ‎12‎ D C C C B B C C BC BD BD AC 答案 二、实验题(本题共2小题,每空2分,共16分)‎ 13、 串联; 1600; 1800; D.‎ 14、 ‎(1)a; 偏小. (2)1.2; 灯泡的电阻随电压的增大而增大.‎ 三、计算题(本题共4小题,共36分)‎ 15、 解:‎ ‎(1) 由库仑定律F=kq2/L2,代入数据得F=9.0×10-3N ----------2分 ‎(2)A、B两点电荷在C点产生的场强大小相等,均为E1=kq/L2‎ A、B两点电荷在C点的合场强大小为E=2E1cos30°‎ 由上式并代入数据得E=7.8×103N/C,方向沿y轴正向 -------4分 16. 解:‎ ‎(1)R34=R3/2=1Ω, R外=R1+R2+R34=4.8Ω, I=E/(R+r)=4/(4.8+0.2)=‎0.8A --3分 ‎(2)Uc=I(R2+R34)=2.4v, Q=CUC=2.4×10‎-8C ---3分 ‎(3)E=UC/d=2.4/0.02=120N/C, mg=qE 得m=2.4×10‎-8 kg ---3分 ‎17.解:(1)根据共点力平衡条件有 mgtan37°=qE 得 E= (2分)‎ ‎(2))由动能定理:mgl–qEl=mv2 (1分) 得:v= (1分)‎ T-mg=mv2/L (1分) 得: T=3mg/2 (1‎ 分)‎ ‎(3)由动能定理有:mglcos37°–qEL(1-sin37°)=mvm2 (2分) ,得Vm= (1分)‎ ‎18.解:‎ ‎(1)场强,电场力,加速度 ----3分 ‎(2由动能定理 得 ---3分 ‎(3)应在t=+k·(k=0,1,2,…)时刻射入. -----------2分 极板间距离要求满足在加速、减速阶段电子不打到极板上.由牛顿第二定律有a= 加速阶段运动的距离s=··(T/4)2≤,可得d≥T 故两板间距至少为T ------------4分
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