【数学】2020届一轮复习人教A版第7课函数的性质(1)学案(江苏专用)

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文档介绍

【数学】2020届一轮复习人教A版第7课函数的性质(1)学案(江苏专用)

‎___第7课__函数的性质(1)____‎ ‎1. 理解函数的单调性、最大(小)值及其几何意义,能判断或证明一些简单函数的单调性.‎ ‎2. 掌握判断一些简单函数单调性的常用方法.‎ ‎3. 会运用函数图象理解和研究函数的单调性.‎ ‎1. 阅读:必修1第37~39页.‎ ‎2. 解悟:①圈出第37页蓝色框中关于单调函数及单调区间概念中的关键词;②如何求函数的单调区间?有哪些方法?③用定义法判断函数单调性的一般步骤和注意点;④对于基本初等函数,我们一般用什么方法求函数的最值?‎ ‎3. 践习:在教材空白处,完成第40页练习第1、2、5、7、8题.‎ ‎ 基础诊断 ‎ ‎1. 函数y=的单调减区间是__(-∞,1),(1,+∞)__.‎ 解析:因为y==1+,所以该函数的单调减区间是(-∞,1),(1,+∞).‎ ‎2. 已知函数y=f(x)在R上是增函数,且f(m2)>f(-m),则实数m的取值范围为__(-∞,-1)∪(0,+∞)__.‎ 解析:因为y=f(x)在R上是增函数,且f(m2)>f(-m),所以m2>-m,即m2+m>0,解得m>0或m<-1,所以实数m的取值范围是(-∞,-1)∪(0,+∞).‎ ‎3. 函数y=x2-lnx的单调减区间为__(0,1]__.‎ 解析:由题意可知x>0,y′=x-,令y′≤0,则x-≤0,即≤0,解得-1≤x≤1且x≠0.又因为x>0,所以00,解得10,则x--1>0,解得x>2;‎ 令y′<0,则x--1<0,解得00且函数f(x)在区间(1,+∞)上单调递减,求实数a的取值范围.‎ 解析:(1) 设x10,x1-x2<0,‎ 所以f(x1)0,x2-x1>0,‎ 所以要使f(x1)-f(x2)>0,只需(x1-a)(x2-a)>0恒成立,所以a≤1.‎ 综上所述,a的取值范围是(0,1].‎ 已知函数f(x)=ax3+x2+x-1.‎ ‎(1) 当a=-时,求f(x)的单调区间;‎ ‎(2) 若函数f(x)在[1,3]上单调递增,求a的取值范围.‎ 解析:(1) 当a=-时,f(x)=-x3+x2+x-1,‎ 则f′(x)=-x2+2x+1.‎ 令f′(x)≥0,解得1-≤x≤1+;‎ 令f′(x)<0,解得x<1-或x>1+.‎ 故当a=-时,f(x)的单调增区间为[1-,1+],‎ 单调减区间为(-∞,1-),(1+,+∞).‎ ‎(2) f′(x)=2ax2+2x+1≥0对∀∈[1,3]恒成立,‎ 所以a≥--=-+.‎ 因为∈,所以当x=3时,-(+1)2+取最大值-,‎ 所以a的取值范围为.‎ 考向❸ 利用单调性求最值 例3 已知函数f(x)=,x∈[1,+∞).‎ ‎(1) 当a=时,求函数f(x)的最小值;‎ ‎(2) 若对任意x∈[1,+∞),f(x)>0恒成立,求实数a的取值范围.‎ 解析:(1) 当a=时,f(x)=x++2.‎ 设1≤x10,2x1x2>2,‎ 所以0<<,1->0,‎ 所以f(x2)-f(x1)>0,即f(x1)0恒成立,即x2+2x+a>0恒成立.‎ 设y=x2+2x+a,x∈[1,+∞),‎ 则函数y=x2+2x+a=(x+1)2+a-1在区间[1,+∞)上是增函数,‎ 所以当x=1时,ymin=3+a,‎ 于是当且仅当ymin=3+a>0时,函数f(x)>0恒成立,故a>-3,即实数a的取值范围为(-3,+∞).‎ ‎ 自测反馈 ‎ ‎1. 已知定义在区间(-1,1)上的函数f(x)是减函数,且满足f(1-a)0,x1-x2<0,所以f(x1)-f(x2)<0,即f(x1)0时,f(x)=|(ax-1)x|,函数与x轴的交点为(0,0),,函数的大致图象如图2,故函数f(x)在上单调递增,在(0,+∞)上不是增函数.‎ 综上,当函数f(x)在(0,+∞)上单调递增时,a≤0,故“a≤0”是“函数f(x)=|(ax-1)x|在区间(0,+∞)上单调递增”的充要条件.‎ 图1   图2‎ ‎4. 若函数f(x)=(a>0,且a≠1)的值域是[4,+∞),则实数a的取值范围是__(1,2]__.‎ 解析:当x≤2时,f(x)=-x+6≥-2+6=4;当x>2时,若a>1,则f(x)=3+logax>3+loga2,由f(x)的值域可知,3+loga2≥4,解得1
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