安徽省阜阳三校2019-2020学年高二12月联考化学试题

安徽省阜阳三校2019-2020学年高二12月联考化学试题

安徽省阜阳三校2019-2020学年高二12月联考化学试题 ‎1.分子式分别为C2H6O和C3H8O的醇在浓硫酸和适当条件下发生脱水反应，其产物可能有 A. 5种 B. 6种 C. 7种 D. 8种 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】分子式为C2H6O和C3H8O的醇分别为CH3CH2OH、CH3CH2CH2OH、CH3CH(OH)CH3，在浓硫酸和适当条件下发生脱水反应，可能发生分子内脱水，也可能发生分子间脱水。若为分子内脱水，能生成CH2=CH2、CH2=CHCH3两种烯烃；若为分子间脱水，能生成C2H5OC2H5、CH3CH2CH2OCH2CH2CH3、(CH3)2CHOCH(CH3)2、C2H5OCH2CH2CH3、C2H5OCH(CH3)2、(CH3)2CHOCH2CH2CH3六种醚，因此共生成有机物8种,故选D。‎ ‎2.下列实验操作中正确的是 A. 制取溴苯：将铁屑、溴水、苯混合加热 B. 实验室制取硝基苯：先加入浓硫酸，再加苯，最后滴入浓硝酸 C. 鉴别甲苯和苯：向甲苯和苯中分别滴入酸性KMnO4溶液，振荡，观察是否褪色 D. 通过向溴水中加入乙醇来萃取溴水中的溴 ‎【答案】C ‎【解析】‎ A、苯不能与溴水反应，A错误；B、实验室制取硝基苯时，先将苯和浓硝酸混合，再逐滴加入浓硫酸，B错误；C、甲苯能被酸性KMnO4溶液氧化而使酸性KMnO4溶液褪色，苯不能与酸性KMnO4溶液反应，可以用酸性KMnO4溶液鉴别苯和甲苯，C正确；D、乙醇与水互溶，不能作溴水的萃取剂，D错误。答案选C。‎ ‎3.体育竞技中服用兴奋剂既有失公平，也败坏了体育道德。某兴奋剂的结构简式如下图所示。下列有关说法正确的是 ( 　)‎ A. 该物质与苯酚属于同系物，遇FeCl3溶液呈紫色 B. 滴入酸性KMnO4溶液，紫色褪去，即证明其结构中肯定存在碳碳双键 C. 1 mol该物质分别与浓溴水和H2反应时，最多消耗Br2和H2分别为2 mol和7 mol D. 该分子中的所有碳原子可以共平面 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 该有机物中含酚-OH、C=C，且含有苯环结构，结合酚及烯烃的性质来解答。‎ ‎【详解】A.苯酚只有一个苯环结构,而该物质含2个苯环结构,则不属于同系物,但均能遇 FeCl3溶液呈紫色,故A错误；‎ B.酚中含有酚-OH、C=C均能使酸性KMnO4溶液紫色褪去,不能说明含碳碳双键,故B错误；‎ C. 1 mol该物质与浓溴水发生环上的取代反应（羟基邻对位）和碳碳双键的加成反应，共消耗溴4mol；1mol该物质与H2发生加成反应时，2mol苯环消耗6mol氢气，1mol碳碳双键消耗1mol氢气，消耗氢气的量为7mol；C错误；‎ D.因苯环、C=C 为平面结构，且直接相连，所以该分子中的所有碳原子可以共平面，D正确；正确选项D。‎ ‎4.柠檬烯是一种食用香料，其结构简式如图所示。下列有关柠檬烯的分析正确的是 A. 其一氯化物有9种（不考虑立体异构）‎ B. 分子中至少有7个原子共平面 C. 一定条件下，该物质可发生加成反应、取代反应、氧化反应 D. 与丁基苯（ ）互为同分异构体 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 柠檬烯分子中共有8种氢原子，其一氯化物有8种（不考虑立体异构），A错误；‎ B. 从分子中的结构片断考虑，至少有9个原子共平面，B错误；‎ C.‎ ‎ 一定条件下，该物质含碳碳双键，可发生加成反应、氧化反应，该分子环上及甲基上，都可发生取代反应，C正确；‎ D. 该分子的不饱和度为3，而丁基苯（ ）的不饱和度为4，二者不互为同分异构体，D错误;‎ 故选C。‎ ‎【点睛】在计算有机物分子式中的氢原子数目时，可先数出分子中所含的非氢原子数，然后把卤原子看成氢原子、氮原子看成碳原子，然后按烷烃的通式，计算出氢原子的个数。根据分子结构，确定不饱和度，最后计算该有机物分子中所含氢原子个数为：由同数碳原子的烷烃计算出的氢原子数—2×不饱和度—氮原子数。‎ ‎5.某物质结构简式如图所示，下列说法不正确的是 A. 该有机物分子中所有原子不可能都共平面 B 该有机物能发生加成反应、氧化反应、水解反应、消去反应等 C 该有机物能与FeCl3溶液发生显色反应 D. 1 mol该有机物最多可与5mol NaOH反应 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 该有机物分子中含有-CH3，-CH3中所有原子不可能共平面，A正确；‎ B. 该有机物分子中的碳碳双键能发生加成反应、氧化反应，酯基能发生水解反应，但该有机物不能发生消去反应，B错误；‎ C. 该有机物分子中含有酚羟基，能与FeCl3溶液发生显色反应，C正确；‎ D. 1 mol该有机物含1mol酚羟基，能消耗1molNaOH，含2mol酯基，能消耗4molNaOH，共消耗NaOH 5mol，D正确；‎ 故选B。‎ ‎【点睛】有机物分子中的酚羟基、羧基、酯基、卤原子都有与NaOH发生反应，其中1mol酚羟基和羧基都能消耗1molNaOH；1mol酯基和卤原子，可能消耗1molNaOH，也可能消耗2molNaOH，关键看酯基上的氧原子、卤原子是否连接在苯环碳原子上。若酯基上的氧原子、卤原子连接在苯环碳原子上，则1mol酯基和卤原子，消耗2molNaOH；否则，消耗1molNaOH。‎ ‎6.某有机合成中间体的结构简式如图所示。下列关于该有机物的叙述不正确的是 A. 分子式为C9H9O4Br B. 在一定条件下可与HCHO发生缩聚反应 C. 1 mol该物质与足量NaOH溶液混合加热，最多能消耗4mol NaOH D. 1 mol该物质与浓溴水反应，最多能消耗3mol Br2‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ 根据有机物的结构简式可知，该有机物的分子式为C9H9O4Br，A正确；苯酚和甲醛可以发生缩聚反应生成高分子，B正确；1mol酚羟基消耗1molNaOH，1mol酚酯消耗2 molNaOH，1mol溴原子水解产生1mol氢溴酸，消耗1molNaOH，共计消耗4molNaOH ，C正确；苯酚和溴水发生苯环上的邻对位上的取代反应，1 mol该物质与浓溴水反应，最多能消耗2molBr2，D错误；正确选项D。‎ 点睛：能够与NaOH溶液发生反应的有机物有卤代烃、酚类、羧酸类、酯类；其中1mol醇酯最多消耗1molNaOH，1mol酚酯最多消耗2molNaOH。‎ ‎7.以有机物甲为原料，在一定条件下可制备有机物乙和丙（如图所示）。下列有关说法正确的是 A. 甲的分子式为C10H12O3 B. 甲→乙为氧化反应，甲→丙为酯化反应 C. 甲的苯环上的二氯代物有8种 D. 可用饱和碳酸钠溶液鉴别乙和丙 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 甲的不饱和度为6、分子中含10个碳原子，甲的分子式为C10H10O3，A错误；‎ B. 甲→乙为酯化反应，甲→丙为酯化反应，B错误；‎ C. 甲的苯环上的二氯代物有6种，C错误；‎ D. 乙分子中含有羧基，能与碳酸钠反应放出CO2气体，丙与碳酸钠不反应，D正确；‎ 故选D。‎ ‎8.除去下列物质中的杂质(括号内为杂质)，所用试剂和分离方法均正确的是（ ）‎ 混合物 所用试剂 分离方法 A 甲烷(乙烯)‎ 酸性高锰酸钾 洗气 B 苯(乙酸)‎ 氢氧化钠溶液 分液 C 氯气(HCl)‎ 氢氧化钠溶液 洗气 D 乙醇(水)‎ 金属钠 蒸馏 A. A B. B C. C D. D ‎【答案】B ‎【解析】‎ A．乙烯与酸性高锰酸钾反应生成二氧化碳气体，引入新杂质，应用溴水除杂，选项A错误；B．乙酸与氢氧化钠反应生成可溶性的乙酸钠，然后分液即可，选项B正确；C、氢氧化钠溶液既能与氯气反应也能与HCl反应，选项C错误；D、钠与乙醇反应生成乙醇钠和氢气，将原物质除掉，选项D错误；答案选B。‎ ‎9.将1molCH4与一定量Cl2发生取代反应后测得四种有机产物的物质的量相等，则消耗的Cl2为 A. 0.5mol B. 2mol C. 2.5mol D. 4mol ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】1mol CH4与Cl2发生取代反应，待反应完成后测得4种取代物物质的量相等，则CH3Cl、CH2Cl2、CHCl3、CCl4的物质的量都是0.25mol，CH4与Cl2发生取代反应时消耗的氢原子和氯气的物质的量之比是1：1，生成0.25molCH3Cl需要Cl2的物质的量为0.25mol，生成0.25molCH2Cl2需要Cl2的物质的量为0.25mol×2=0.5mol，生成0.25molCHCl3需要Cl2‎ 的物质的量为0.25mol×3=0.75mol，生成0.25molCCl4需要Cl2的物质的量为0.25mol×4=1mol，所以总共消耗的氯气的物质的量=(0.25+0.5+0.75+1)mol=2.5mol，故选C。‎ ‎【点睛】本题考查了甲烷的取代反应，根据碳原子守恒判断四种有机物的物质的量是解题的关键。本题的易错点为：发生取代反应时甲烷消耗的H原子和氯气的物质的量之比为1：1，不是2:1。‎ ‎10.下列实验操作和现象以及所得结论均正确的是（ ）‎ 选项 实验操作和现象 结论 A 苯不能使酸性高锰酸钾褪色，而甲苯能使酸性高锰酸钾褪色 甲基使得苯环活化 B 在溴乙烷中加入适量的氢氧化钠溶液，加热一段时间，再滴入几滴硝酸银，会有淡黄色沉淀析出 溴乙烷在碱性条件下能水解 C 将乙烯通入溴的四氯化碳溶液，溶液最终变为无色透明 生成的1，2﹣二溴乙烷无色、可溶于四氯化碳 D 在苯酚浓溶液中滴加少量稀溴水，出现白色沉淀 可用于苯酚的定性检验和定量测定 A. A B. B C. C D. D ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A.苯不能使酸性高锰酸钾褪色，而甲苯能使酸性高锰酸钾褪色说明苯环使甲基上的氢原子活化，故A中结论错误；‎ B.在检验卤代烃中的卤离子时应先水解，然后需用硝酸来酸化中和氢氧化钠，最后滴加硝酸银溶液，故B中操作错误；‎ C.乙烯常温下能与溴发生加成反应，故C的操作和结论均正确；‎ D.由于生成的三溴苯酚能溶于过量的苯酚，则应向稀的苯酚溶液中滴加浓溴水，故D中的操作错误；‎ 答案选C。‎ ‎【点睛】在苯酚浓溶液中滴加少量稀溴水时，生成三溴苯酚的量比较少，且又溶解在苯酚中，所以看不见白色沉淀，但当苯酚与浓溴水反应生成白色沉淀之后，继续加入浓溴水，沉淀又会转变为黄色，故苯酚与浓溴水反应操作时浓溴水应稍过量，但不能过量太多，否则不会出现白色沉淀。‎ ‎11.NA为阿伏加德罗常数，下列说法正确的是（　　）‎ A. 标准状况下，11.2L的己烷所含的分子数为0.5NA B. 28g乙烯所含共用电子对数目为4NA C. 1mol羟基所含电子数为7 NA D. 现有乙烯、丙烯的混合气体共14g，其原子数为3 NA ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A．标准状况下，己烷为液体不能使用气体摩尔体积计算，故A错误；B．28g乙烯的物质的量n==1mol，1个乙烯分子中含有4个C-H键和1个C=C键，共含有6个共用电子对，故1乙烯含有6mol共用电子对，故B错误；C.1个羟基含有9个电子，1mol羟基所含电子数为9NA，故C错误；D．乙烯、丙烯的最简式均为CH2，1个CH2含有3个原子，乙烯、丙烯的混合气体共14g，含有CH2的物质的量为1mol，其原子数为3 NA，故D正确；故选D。‎ ‎【点睛】本题考查了阿伏伽德罗常数的有关计算，熟练掌握公式的使用和物质的结构是解题关键。本题的易错点为A，注意标况下己烷为液体。‎ ‎12.有七种物质：①甲烷　②苯　③聚乙烯　④1,3—丁二烯　⑤2—戊炔　⑥环己烷 ⑦环己烯，既能使KMnO4酸性溶液褪色，又能与溴水反应使之褪色的是(　　)‎ A. ①④⑤ B. ②⑤⑦ C. ④⑤⑦ D. ③④⑤⑦‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ 碳碳双键和碳碳三键都是既可以使KMnO4酸性溶液褪色，又能与溴水反应使之褪色的官能团，所以④1,3－丁二烯（双键）、⑤2－戊炔（三键）、⑦环己烯（双键）可以，选项C正确。其余甲烷、苯、环己烷、聚乙烯（注意，聚乙烯的结构简式为，‎ 分子中不存在碳碳双键）都是既不能使KMnO4酸性溶液褪色，又不能与溴水反应使之褪色。‎ ‎13.下列各化合物的命名错误的是 A. 1，2 - 二甲苯 B. CH2＝CH—CH＝CH2 1,3 - 二丁烯 C. 2 - 丁醇 D. 2 - 甲基丁烷 ‎【答案】B ‎【解析】‎ A、有机物是邻二甲苯，命名正确，A正确；B、有机物是二烯烃，名称是1，3－丁二烯，B错误；C、有机物是饱和一元醇，命名正确，C正确；D、有机物是烷烃，命名正确，D正确，答案选B。‎ 点睛：掌握常见有机物的命名方法是解答的关键，尤其是烷烃的命名。注意了解有机物系统命名中常见的错误：①主链选取不当（不包含官能团，不是主链最长、支链最多）；②编号错（官能团的位次不是最小，取代基位号之和不是最小）；③支链主次不分（不是先简后繁）；④“－”、“，”忘记或用错。‎ ‎14.由下列实验得出的结论正确的是 选项 实验内容 结论 A 向某溶液中加入盐酸产生能使澄清石灰水变浑浊 的气体 该溶液中一定含有 CO32－或SO32－‎ B 向某溶液中加入少量的盐酸，生成白色沉淀 溶液中不一定含有 Ag+‎ C 将某有机物与 NaOH、乙醇混合共热后加入 AgNO3‎ 溶液，没有出现白色沉淀 该有机物中不含氯原子 D 将液溴、苯、FeBr3 混合于烧瓶中反应，将产生的 气体导出至 AgNO3 溶液中，生成了淡黄色沉淀 液溴与苯的反应属于取代反应， 而不是加成反应 A. A B. B C. C D. D ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ CO32－、HCO3－都能与H+反应放出二氧化碳；SiO32－能与H+反应生成白色沉淀H2SiO3；CH3Cl与NaOH、乙醇混合共热，不能发生消去反应；将液溴、苯、FeBr3混合于烧瓶中反应，导出气体中含有溴蒸气；‎ ‎【详解】向某溶液中加入盐酸产生能使澄清石灰水变浑浊的气体，该溶液中可能含有CO32－、HCO3－或SO32-，故A错误；SiO32－能与H+反应生成白色沉淀H2SiO3，所以向某溶液中加入少量的盐酸，生成白色沉淀，溶液中不一定含有Ag+，故B正确；CH3Cl与NaOH、乙醇混合共热，不能发生消去反应，加入AgNO3溶液，不会出现白色沉淀，故C错误；将液溴、苯、FeBr3混合于烧瓶中反应，导出的气体中含有溴蒸气，将产生的气体导出至AgNO3溶液中，生成了淡黄色沉淀，不能证明气体中含有HBr，故无法证明该反应是取代反应，D错误。选B。‎ ‎15.某烃的键线式结构为，该烃与Br2按物质的量之比为1︰1加成时，所得产物有(不考虑立体异构)( )‎ A 2种 B. 3种 C. 4种 D. 5种 ‎【答案】D ‎【解析】‎ 试题分析：当溴与发生1，2-加成时，生成物有、、；当溴与发生1，4-加成时，生成物有、，显然所得产物有5种，故选D。‎ 考点：考查了同分异构体的书写的相关知识。‎ ‎16.我国科研人员以传统中药为原料先制得化合物I，再转化为具有抗癌抑菌活性的化合物Ⅱ，有关转化如图所示。下列有关说法不正确的是 A. 化合物I的分子式为C19H24O5‎ B. 化合物I和化合物Ⅱ均能与酸性KMnO4溶液和NaOH溶液反应 C. 化合物Ⅱ在一定条件下能发生取代反应、加成反应 D. 检验化合物Ⅱ中是否含有化合物I可用Br2/CCl4‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 化合物I的分子中含有19个C、5个O，其不饱和度为8，所以分子式为C19H24O5，A正确；‎ B. 化合物I和化合物Ⅱ分子中均含有碳碳双键和酯基，能与酸性KMnO4溶液和NaOH溶液反应，B正确；‎ C. 化合物Ⅱ分子中含有羟基、卤原子、酯基，在一定条件下能发生取代反应，分子中含有碳碳双键，能发生加成反应，C正确；‎ D. 化合物Ⅱ和化合物I分子中都含有碳碳双键，二者都能使Br2/CCl4褪色，D不正确；‎ 故选D。‎ ‎17.如图是以石油为原料的部分转化流程：‎ 已知：C2H5Br＋NaOHC2H5OH＋NaBr（水解反应）‎ ‎（1）反应①的类型是_________，由乙烯制备乙醇的过程中，硫酸起________作用；‎ ‎（2）已知A的分子式为C3H5Cl，则A的结构简式为___________;‎ ‎（3）C3H5Br2Cl与NaOH水溶液完全反应生成有机产物X，则1molX与足量的Na单质反应可生成标况下_________L氢气；‎ ‎（4）写出丙烯通入溴的CCl4溶液中发生反应的化学方程式：______________________。‎ ‎（5）相对分子质量为72且沸点最低的烷烃的结构简式：_______________________。‎ ‎【答案】 (1). 加成反应 (2). 催化 (3). ClCH2CH=CH2 (4). 33.6L (5). CH3CH=CH2+Br2→CH3CHBrCH2Br (6). ‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎（1）反应①中，乙烯分子中的碳碳双键断裂，分别连接-H和-OSO3H，由乙烯制备乙醇的过程中，先消耗硫酸，后生成硫酸；‎ ‎（2）丙烯CH3CH=CH2，-CH3上的H原子被一个Cl取代，从而生成A；‎ ‎（3）C3H5Br2Cl与NaOH水溶液完全反应，Br、Cl分别被OH取代从而生成X，X分子中含有3个-OH，都能与足量的Na单质反应生成氢气；‎ ‎（4）丙烯通入溴的CCl4溶液中，碳碳双键与Br2发生加成反应；‎ ‎（5）相对分子质量为72的烷烃分子式为C5H12，沸点最低的烷烃应为支链最多的新戊烷。‎ ‎【详解】（1）反应①中，乙烯分子中的碳碳双键断裂，分别连接-H和-OSO3H，反应①的类型是加成反应；由乙烯制备乙醇的过程中，硫酸起催化作用，故答案为：加成反应；催化；‎ ‎（2）丙烯CH3CH=CH2的-CH3上的H原子被一个Cl取代，从而生成A，A的结构简式为ClCH2CH=CH2，故答案为：ClCH2CH=CH2；‎ ‎（3）C3H5Br2Cl与NaOH水溶液完全反应，-Br、-Cl分别被-OH取代从而生成X，X分子中含有3个-OH，则X为，3个-OH都能与足量的Na单质反应生成氢气，1molX生成1.5molH2，其在标准状况下的体积为33.6L，故答案为：33.6L；‎ ‎（4）丙烯通入溴的CCl4溶液中发生反应的化学方程式为CH3CH=CH2+Br2→CH3CHBrCH2Br，故答案为：CH3CH=CH2+Br2→CH3CHBrCH2Br；‎ ‎（5）相对分子质量为72的烷烃分子式为C5H12，沸点最低的烷烃应为支链最多的新戊烷，结构简式为，故答案为：。‎ ‎18. BPA的结构简式如右下图所示，常用来生产防碎塑料聚碳酸酯。‎ ‎（1）该物质的分子式为___________，含氧官能团的名称是_________，属于____类。‎ ‎（2）该物质最多_____个碳原子共面。‎ ‎（3）充分燃烧0.1mol该有机物，消耗的O2在标准状况下的体积为_________。‎ ‎（4）下列关于BPA的叙述中，不正确的是_______。‎ A．可以发生还原反应 B．遇FeCl3溶液紫色 C．1mol该有机物最多可与2molH2反应 D．可与NaOH溶液反应 ‎【答案】（1）C15H16O2；羟基，酚 ‎（2）13‎ ‎（3）403.2L ‎（4）C ‎【解析】‎ 试题分析：（1）根据结构简式可知，分子式为C15H16O2，官能团有酚羟基，可判断该物质属于酚类物质，故答案为C15H16O2；羟基，酚；‎ ‎（2）由物质的空间结构可知最多有13个碳原子共面()，故答案为13；‎ ‎（3）根据烃的含氧有机与氧气反应的化学方程式可知1mol该有机物和氧气反应消耗氧气18mol，所以标况下即消耗403.2L的氧气，故答案为403.2L；‎ ‎（4）A．含酚-OH，遇FeCl3溶液变色，故A正确； B．含苯环，可与氢气发生加成反应，属于还原反应，故B正确；C．苯环能够与氢气加成，则1mol双酚A最多可与6mol H2反应，故C错误；D．含酚-OH，具有酸性，可与NaOH溶液反应吗，故D正确；故选C。‎ 考点：考查了有机物的结构和性质的相关知识。‎ ‎19.结晶玫瑰是具有玫瑰香气的香料，可由下列方法合成(部分反应物及反应条件未标出)‎ 已知: （-R表示烃基） ‎ ‎（1）A是苯的一种同系物，相同条件下，其蒸气对氢气的相对密度是46，则A的名称是__________。‎ ‎（2）反应②所需药品及反应条件是_________________。‎ ‎（3）C的核磁共振氢谱峰面积之比是_________。‎ ‎（4）C有多种同分异构体，其中属于芳香族化合物的有________种。‎ ‎【答案】 (1). 甲苯 (2). NaOH的水溶液，加热 (3). 1：2：2：2：1 (4). 4‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎（1）A是苯的一种同系物，相同条件下，其蒸气对氢气的相对密度是46，则其相对分子质量为92，由通式可求出其分子式为C7H8，A的结构简式为。则C为，B为，利用信息可推出D为，E为。‎ ‎（2）反应②为的水解反应。‎ ‎（3）C的结构简式为，其核磁共振氢谱峰面积之比是1：2：2：2：1。‎ ‎（4）C有多种同分异构体，其中属于芳香族化合物的有邻、间、对甲基苯酚，苯甲醚。‎ ‎【详解】（1）A是苯的一种同系物，相同条件下，其蒸气对氢气的相对密度是46，则其相对分子质量为92，由通式可求出其分子式为C7H8，A的结构简式为，则A的名称是甲苯，故答案为：甲苯；‎ 由A的结构简式，可推出C为，B为，利用信息可推出D为，E为。‎ ‎（2）反应②为的水解反应，所需药品及反应条件是NaOH的水溶液，加热，故答案为：NaOH的水溶液，加热；‎ ‎（3）C的结构简式为，其核磁共振氢谱峰面积之比是1：2：2：2：1，故答案为：1：2：2：2：1；‎ ‎（4）C有多种同分异构体，其中属于芳香族化合物的有邻、间、对甲基苯酚，苯甲醚，共4 种，故答案为：4。‎ ‎20.（1）化合物A(C4H10O)是一种有机溶剂。A可以发生以下变化：‎ ‎①A只有一种一氯取代物B。写出由A转化为B的化学方程式 ；‎ ‎②A的同分异构体F也可以有框图内A的各种变化，且F的一氯取代物有三种。F的结构简式是 。‎ ‎（2）化合物“HQ”(C6H6O2)可用作显影剂，“HQ”可以与氯化铁溶液发生显色反应。“HQ”还能发生的反应是 （选填序号）；‎ ‎①加成反应②氧化反应③加聚反应④水解反应 若“HQ”的一硝基取代物只有一种，则“HQ”的结构简式为 。‎ ‎（3）A与“HQ”在一定条件下相互作用生成水和一种食品抗氧化剂“TBHQ”。“TBHQ”与氢氧化钠溶液反应得到化学式为C10H12O2Na2的化合物，则“TBHQ”的结构简式为 。‎ ‎【答案】（1）①；②‎ ‎（2）①②（3）‎ ‎【解析】‎ 试题分析：A能和钠反应，且A分子中只含一个氧原子，说明A中含有羟基，在加热、浓硫酸作催化剂条件下，A能发生反应生成D，D能和溴发生加成反应生成E，则D中含有碳碳双键，A发生消去反应生成D，D发生加成反应生成E，在光照条件下，A发生取代反应生成B，A只有一种一氯取代物B，结合A的分子式知，A的结构简式为：（CH3）3COH，D的结构简式为：CH2=C（CH3）2，E的结构简式为：CH2BrCBr（CH3）2 。‎ ‎（1）①根据上述分析，A的结构简式为：（CH3）3COH，A和氯气发生取代反应生成B，则反应方程式为：。‎ ‎②A的同分异构体F也可以有框图内A的各种变化，说明F中含有羟基，F的一氯取代物有三种，则F的结构简式为：。‎ ‎（2）化合物“HQ”(C6H6O2‎ ‎)可用作显影剂，“HQ”可以与氯化铁溶液发生显色反应，说明分子中有酚羟基，该分子不饱和度为4，只有一个苯环，①分子含有苯环，能发生加成反应，正确；②分子含有酚羟基，能发生氧化反应，正确；③没有碳碳双键，不能发生加聚反应，错误；④没有醇羟基，不能发生水解反应，错误，所以“HQ”还能发生的反应是①②；“HQ”的一硝基取代物只有一种，说明该分子的取代基位于对位，则“HQ”的结构简式为。‎ ‎（3）A与“HQ”在一定条件下相互作用形成水与一种食品抗氧化剂“TBHQ”，“TBHQ”与氢氧化钠溶液作用得到化学式为C10H12O2Na2的化合物，则“TBHQ”中含有2个酚羟基，结合A、“HQ”的化学式可知，应（CH3）3COH与发生苯环取代反应脱去1分子水生成“TBHQ”，“TBHQ”结构简式为：。‎ 考点：考查有机物的推断，涉及官能团的性质、有机反应等知识。‎ ‎21.M（）是一种高分子化合物，它的合成路线如图所示：‎ 已知：①R-CH=CH2R-CH(OH)CH2Br ‎②‎ 回答下列问题：‎ ‎（1）反应①的反应类型为__________，D中的官能团名称是__________。‎ ‎（2）A的名称是__________(系统命名法)。‎ ‎（3）反应②的条件为__________；反应③的化学方程式为__________。‎ ‎（4）H为B的同分异构体，满足下列条件的结构共有__________种(不含立体异构)；其中核磁共振氢谱中出现4组峰，且峰面积之比为6：2：2：1的是__________ (写出结构简式)。‎ i.苯环上有两个取代基；ⅱ.与FeCl3溶液发生显色反应。‎ ‎（5）参照上述合成路线，以为原料(其他原料任选)制备，请设计合成路线__________。‎ ‎【答案】 (1). 加成反应 (2). （碳碳）双键、羟基 (3). 1-苯基丙烯（1-苯基-1-丙烯） (4). Cu/O2，加热 (5). (6). 15 (7). (8). ‎ ‎【解析】‎ 根据合成路线及已知信息：‎ A： B：‎ C： D：‎ 合成M的单体：‎ ‎（1）反应①的反应类型为加成反应；D中的官能团名称是碳碳双键、羟基；‎ ‎（2）A的名称是1-苯基丙烯（1-苯基-1-丙烯）；‎ ‎（3）反应②是将羟基氧化成羰基，故其条件为Cu/O2，加热；反应③是消去，方程式为：‎ ‎（4）H为B的同分异构体，B为，要满足：i.苯环上有两个取代基；ⅱ.与FeCl3溶液发生显色反应，及其中一个取代基即为酚羟基，另一个取代基则是卤代烃基，这种结构，烃基有3种H，两个取代基三种位置，故有9种，这种结构，烃基有两种H，两个取代基有三种位置，有6种，故满足条件的结构共有15种；其中核磁共振氢谱中出现4组峰，且峰面积之比为6：2：2：1的是；‎ ‎（5）以为原料(其他原料任选)制备，需要引入两个甲基，且该加聚物也是1，3加成得来，故1，3号碳要形成双键，故根据题中合成路线：得到如下合成路线：‎ ‎ ‎