2021版高考数学一轮复习单元评估检测一苏教版

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2021版高考数学一轮复习单元评估检测一苏教版

单元评估检测(一) (第一、二章)‎ 一、单项选择题(本大题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的)‎ ‎1.已知集合A={x|x<2或x>4},B=,则A∩B= (  )‎ A.‎ B.‎ C.{x|44}∩=‎ ‎.‎ ‎2.已知f(x)=x2,g(x)=2x,h(x)=log2x,当x∈(4,+∞)时,对三个函数的增长速度进行比较,下列选项中正确的是 (  )‎ A.f(x)>g(x)>h(x)‎ B.g(x)>f(x)>h(x)‎ C.g(x)>h(x)>f(x)‎ D.f(x)>h(x)>g(x)‎ ‎【解析】选B.由图象(画图略)知,‎ 当x∈(4,+∞)时,增长速度由大到小依次为 g(x)>f(x)>h(x).‎ - 13 -‎ ‎3.(2020·南京模拟)函数f(x)=的图象大致是 (  )‎ ‎【解析】选C.因为x∈R,且f(-x)=f(x),‎ 所以f(x)是偶函数,故排除B项;‎ 又因为x>1时,f(x)>0;x→+∞时,f(x)→0,所以排除A,D项.‎ ‎4.(2020·潍坊模拟)已知f(x)是定义在[-10,10]上的奇函数,且f(x)=f(4-x),则函数f(x)的零点个数至少为 (  )‎ A.3 B.4 C.5 D.6‎ ‎【解析】选C.因为f(x)是定义在[-10,10]上的奇函数,所以f(0)=0,且零点关于原点对称,所以零点个数为奇数,排除选项B,D,‎ 又因为f(x)=f(4-x),‎ 所以f(0)=f(4)=0,f(-4)=-f(4)=0,‎ 所以f(-4)=f(4+4)=f(8)=0,‎ f(-8)=-f(8)=0,‎ 所以f(x)的零点至少有0,±4,±8,5个,故选C.‎ ‎5.(2020·武汉模拟)已知定义在R上的函数f(x)=2|x-m|-1(m为实数)为偶函数,记a=f(log0.53),b=f(log25),c=f(2+m),则a,b,c的大小关系为 (  )‎ A.a2时,f(x)=log2(x-2),则f(x-1)<0的解集是 (  )‎ A.(-∞,-2)∪(3,4)‎ B.(-∞,-3)∪(2,3)‎ C.(3,4)‎ D.(-∞,-2)‎ ‎【解析】选A.画出函数图象如图所示,‎ 由图可知,x-1<-3或20时,‎ f(x)=ln x为增函数.‎ 三、填空题(本大题共4小题,每小题5分,共20分.请把正确答案填在题中横线上)‎ - 13 -‎ ‎13.已知数列{an}的前n项和Sn=Aqn+B(q≠0),则“A=-B”是“数列{an}为等比数列”的______条件. ‎ ‎【解析】若A=B=0,则Sn=0,数列{an}不是等比数列.如果{an}是等比数列,由a1=S1=Aq+B得a2=S2-a1=Aq2-Aq,a3=S3-S2=Aq3-Aq2,a‎1a3=,从而可得A=-B,‎ 故“A=-B”是“数列{an}为等比数列”的必要不充分条件.‎ 答案:必要不充分 ‎14.如图,已知正方形ABCD的边长为2,BC平行于x轴,顶点A,B,C分别在函数y1=3logax,y2=2logax,y3=logax(a>1)的图象上,则实数a的值为________. ‎ ‎【解析】依题设B(xB,2logaxB),C(xC,logaxC),‎ 又BC∥x轴,所以xC=.‎ 正方形边长=|BC|=xC-xB=-xB=2,‎ 所以xB=2.‎ 又AB⊥x轴,所以A(2,3loga2),‎ ‎|AB|=3loga2-2loga2=loga2=2,故a=.‎ 答案:‎ ‎15.已知函数f(x)=ln(3-x),则不等式f(lg x)>0的解集为________.  ‎ ‎【解析】因为f(x)=ln(3-x),则 解得0≤x<3,所以定义域为[0,3),‎ 因为f(x)=ln(3-x)>0等价于 解得00,‎ - 13 -‎ 所以 解得11,f(x)=1⇒ln x=1⇒x=e.‎ 答案:0 e 四、解答题(本大题共6小题,共70分.解答时应写出必要的文字说明、证明过程或演算步骤)‎ ‎17.(10分)已知集合A={x|3≤3x≤27},B={x|log2x>1}.‎ ‎(1)求(RB)∪A.‎ ‎(2)已知集合C={x|11}={x|x>2},‎ ‎(1)RB={x|x≤2},‎ 所以(RB)∪A={x|x≤2}∪{x|1≤x≤3}‎ ‎={x|x≤3}.‎ ‎(2)当C=时,a≤1,满足C⊆A;‎ - 13 -‎ 当C≠时,由题意得,‎ 所以10,a≠1)的图象过点A,B.‎ ‎(1)求f(x).‎ ‎(2)若不等式+-m≥0在x∈[1,+∞)时恒成立,求m的取值范围.‎ - 13 -‎ ‎【解析】(1)由已知得 解得所以f(x)=×.‎ ‎(2)+-m=2x+3x-m≥0,‎ 所以m≤2x+3x,‎ 因为y=2x+3x在[1,+∞)上为增函数,‎ 所以y的最小值为5,所以m≤5.‎ ‎20.(12分)某群体的人均通勤时间,是指单日内该群体中成员从居住地到工作地的平均用时.某地上班族S中的成员仅以自驾或公交方式通勤.分析显示:当S中x%(040,即x2-65x+900>0,解得x<20或x>45,所以x∈(45,100)时,公交群体的人均通勤时间少于自驾群体的人均通勤时间.‎ ‎(2)当00.‎ ‎(2)若关于x的方程f(x)-log2[(a-4)x+‎2a-5]=0的解集中恰有一个元素,求a的取值范围.‎ ‎(3)设a>0,若对任意t∈,函数f(x)在区间[t,t+1]上的最大值与最小值的差不超过1,求a的取值范围.‎ ‎【解析】(1)由log2>0,得+5>1,‎ 解得x∈∪(0,+∞).‎ ‎(2)由原方程可得+a=(a-4)x+‎2a-5,‎ 即(a-4)x2+(a-5)x-1=0.‎ ‎①当a=4时,x=-1,经检验,满足题意.‎ - 13 -‎ ‎②当a=3时,x1=x2=-1,经检验,满足题意.‎ ‎③当a≠3且a≠4时,x1=,x2=-1,x1≠x2.‎ 若x1是原方程的解,则+a>0,即a>2;‎ 若x2是原方程的解,则+a>0,即a>1.‎ 由题意知x1,x2只有一个为方程的解,‎ 所以或于是满足题意的a∈(1,2].‎ 综上,a的取值范围为(1,2]∪{3,4}.‎ ‎(3)易知f(x)在(0,+∞)上单调递减,‎ 所以函数f(x)在区间[t,t+1]上的最大值与最小值分别为f(t),f(t+1).‎ f(t)-f(t+1)=log2-log2≤1,‎ 即at2+(a+1)t-1≥0对任意t∈恒成立.‎ 因为a>0,所以函数y=at2+(a+1)t-1在区间上单调递增,‎ 当t=时,y有最小值a-.‎ 由a-≥0,得a≥.‎ 故a的取值范围为.‎ ‎22.(12分)已知函数f(x)对任意实数x,y恒有f(x+y)=f(x)+f(y),当x>0时,f(x)<0,且f(1)=-2. ‎ - 13 -‎ ‎(1)判断f(x)的奇偶性.‎ ‎(2)求f(x)在区间[-3,3]上的最大值.‎ ‎(3)解关于x的不等式f(ax2)‎-2f(x)0.‎ 所以f(x2)+f(-x1)=f(x2-x1)<0,‎ 所以f(x2)<-f(-x1).‎ 又f(x)为奇函数,所以f(x1)>f(x2).‎ 所以f(x)在(-∞,+∞)内是减函数.‎ 所以对任意x∈[-3,3],恒有f(x)≤f(-3).‎ 因为f(3)=f(2+1)=f(2)+f(1)=‎3f(1)=-2×3=-6,所以f(-3)=-f(3)=6,‎ 所以f(x)在[-3,3]上的最大值为6.‎ ‎(3)因为f(x)为奇函数,‎ 所以整理原不等式得 f(ax2)+‎2f(-x)ax-2,即(ax-2)(x-1)>0.‎ 所以当a=0时,x∈{x|x<1};‎ 当a=2时,x∈{x|x≠1,且x∈R};‎ 当a<0时,;当a>2时,x<或x>1.‎ 综上所述,当a=0时,原不等式的解集为 ‎{x|x<1};‎ 当a=2时,原不等式的解集为{x|x≠1,且x∈R};‎ - 13 -‎ 当a<0时,原不等式的解集为;‎ 当02时,‎ 原不等式的解集为.‎ - 13 -‎
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