陕西省汉中市2020届高三上学期教学质量第一次检测考试数学（文）试题

陕西省汉中市2020届高三上学期教学质量第一次检测考试数学（文）试题

汉中市2020届高三年级教学质量第一次检测考试 一、选择题 ‎1.设集合，，则　　‎ A. B. C. D. ‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 解一元二次不等式可得集合B，利用交集定义求解即可.‎ ‎【详解】集合，‎ ‎，‎ ‎．‎ 故选D．‎ ‎【点睛】本题主要考查了集合的表示及集合的交集运算，属于基础题.‎ ‎2.若（是虚数单位），则的共轭复数为（ ）‎ A. B. C. D. ‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 由复数除法法则计算出，再由共轭复数概念写出共轭复数．‎ 详解】，∴．‎ 故选：C．‎ ‎【点睛】本题考查复数的除法运算，考查共轭复数的概念，属于基础题．‎ ‎3.已知向量，满足，，则（ ）‎ A. 4 B. ‎3 ‎C. 2 D. 0‎ ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 由向量数量积的运算法则计算．‎ ‎【详解】．‎ 故选：A．‎ ‎【点睛】本题考查平面向量的数量积的运算法则，属于基础题．‎ ‎4.已知，则的值为 ( )‎ A. B. C. D. ‎ ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据诱导公式可化简已知条件得，再利用二倍角的正切公式求得结果.‎ ‎【详解】由题意得： ‎ 本题正确选项：‎ ‎【点睛】本题考查利用二倍角的正切公式求值问题，关键是能够利用诱导公式化简已知条件，得到正切值.‎ ‎5.函数y＝的图象大致是(　　)‎ A. B. C. D. ‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ 由函数解析式可得，该函数定义域为(－∞，0)∪(0，＋∞)，故排除A；‎ 取x＝－1，y＝＝＞0，故再排除B；‎ 当x→＋∞时，3x－1远远大于x3的值且都为正，故→0且大于0，故排除D，选C.‎ ‎6. 为美化环境，从红、黄、白、紫4种颜色的花中任选2种花种在一个花坛中，余下的2种花种在另一个花坛中，则红色和紫色的花不在同一花坛的概率是 A. B. C. D. ‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ 试题分析：将4种颜色的花种任选2种种在一个花坛中，余下2种种在另一个花坛中，有6种种法，其中红色和紫色的花不在同一个花坛的种数有4种，故所求概率为，选C.‎ ‎【考点】古典概型 ‎【名师点睛】作为客观题形式出现的古典概型试题,一般难度不大,解答中的常见错误是在用列举法计数时出现重复或遗漏,避免此类错误发生的有效方法是按照一定的标准进行列举.‎ ‎【此处有视频，请去附件查看】‎ ‎7.已知函数，则（）‎ A. B. C. D. 5‎ ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 先判断自变量的范围是分段函数的某一段，再代入相应的解析式中求函数的值.‎ ‎【详解】，‎ ‎，‎ ‎，‎ 故选A.‎ ‎【点睛】本题考查分段函数和对数运算，属于基础题.‎ ‎8.高铁是一种快捷的交通工具，为我们的出行提供了极大的方便．某高铁换乘站设有编号为①，②，③，④，⑤的五个安全出口，若同时开放其中的两个安全出口，疏散名乘客所需的时间如下：‎ 安全出口编号 ‎①②‎ ‎②③‎ ‎③④‎ ‎④⑤‎ ‎①⑤‎ 疏散乘客时间(s)‎ ‎120‎ ‎220‎ ‎160‎ ‎140‎ ‎200‎ 则疏散乘客最快的一个安全出口的编号是（ ）‎ A. ① B. ② C. ④ D. ⑤‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 利用同时开放其中的两个安全出口，疏散1000名乘客所需的时间分析对比，能求出结果．‎ ‎【详解】（1）同时开放①⑤两个安全出口，疏散1000名乘客所需的时间为200s，同时开放④⑤两个安全出口，疏散1000名乘客所需的时间为140s，所以疏散1000名乘客④比①快60s．‎ ‎（2）同时开放①⑤两个安全出口，疏散1000名乘客所需的时间为200s，同时开放①②两个安全出口，疏散1000名乘客所需的时间为120s，所以疏散1000名乘客②比⑤快80s．‎ ‎（3）同时开放①②两个安全出口，疏散1000名乘客所需的时间为120s，同时开放②③两个安全出口，疏散1000名乘客所需的时间为220s，所以疏散1000名乘客①比③快100s．‎ ‎（4）同时开放②③两个安全出口，疏散1000名乘客所需的时间为220s，同时开放③④两个安全出口，疏散1000名乘客所需的时间为160s，所以疏散1000名乘客④比②快60s．‎ ‎（5）同时开放③④两个安全出口，疏散1000名乘客所需的时间为160s，同时开放④⑤两个安全出口，疏散1000名乘客所需的时间为140s，所以疏散1000名乘客⑤比③快20s．‎ 综上，疏散乘客最快的一个安全出口的编号是④．‎ ‎【点睛】本题考查推理的应用，考查分析判断的能力，解题的关键是读懂题意，然后得到每两个安全出口疏散1000名乘客所用时间的大小关系，比较后可得结果．‎ ‎9.已知函数的最小正周期为，若在时所求函数值中没有最小值，则实数的范围是( )‎ A. B. C. D. ‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 首先根据函数的最小正周期为，求得，根据函数在给定区间上没有最小值，结合函数的图象，得出，从而求得结果.‎ ‎【详解】因为函数的最小正周期为，‎ 所以，‎ 当时，，‎ 因为时所求函数值中没有最小值，‎ 所以，解得，‎ 所以的取值范围是，‎ 故选D.‎ ‎【点睛】该题考查的是有关三角函数的问题，涉及到的知识点有正弦函数的图象和性质，函数的最小正周期以及函数的最值，属于简单题目.‎ ‎10.已知函数是定义在上的奇函数，，且时，，则( )‎ A. 4 B. C. D. ‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 先利用得到函数的周期性，再利用函数的奇偶性和对数运算进行求解．‎ ‎【详解】因为函数满足，所以，即函数是以为周期的周期函数，又函数是定义在上的奇函数，且时，，所以．故选D．‎ ‎【点睛】本题主要考查函数的奇偶性、单调性的应用以及对数运算，意在考查学生的逻辑思维能力和基本运算能力，属于中档题．本题的易错点在于“正确根据判定函数是以为周期的周期函数，而不是图象关于直线对称”，在处理函数的周期性和对称性时，要注意以下结论：若函数满足或，则函数的图象关于直线对称；若函数满足或，则函数是以为周期的周期函数.‎ ‎11.若双曲线的一条渐近线被曲线所截得的弦长为2．则双曲线C的离心率为（ ）‎ A. B. C. D. ‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 先求出双曲线的渐近线方程，再根据弦长求出，再求双曲线C的离心率得解.‎ ‎【详解】双曲线的渐近线方程为，‎ 由对称性，不妨取，即．‎ 又曲线化为，‎ 则其圆心的坐标为，半径为．‎ 由题得，圆心到直线的距离，‎ 又由点到直线的距离公式．可得．‎ 解得，所以．‎ 故选B．‎ ‎【点睛】本题主要考查双曲线的简单几何性质，考查直线和圆的位置关系和弦长的计算，意在考查学生对这些知识的理解掌握水平和计算能力.‎ ‎12.已知函数，，其中．若的图象在点处的切线与的图象在点处的切线重合，则a的取值范围为（）‎ A. B. ‎ C. D. ‎ ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 先根据导数的几何意义写出函数在点A与函数在B处的切线方程，再利用两直线重合的充要条件列出关系式，从而得出，令，则 ‎，最后利用导数研究它的单调性和最值，即可得出的取值范围．‎ ‎【详解】∵，‎ ‎∴，，‎ 函数在点处的切线方程为：，‎ 函数在点处的切线方程为：，‎ 两直线重合的充要条件是①，②，‎ 由①及得，‎ 故，‎ 令，则，且，‎ 设， ‎ ‎，‎ 当时，恒成立，即单调递减，‎ ‎，时，，‎ 即a的取值范围为，故选A.‎ ‎【点睛】本题主要考查了导数的几何意义等基础知识，考查了推理论证能力、运算能力、创新意识，考查了函数与方程、分类与整合、转化与化归等思想方法，属于中档题.‎ 二、填空题 ‎13.曲线在点处的切线的倾斜角为__________.‎ ‎【答案】45°‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 欲求在点（1，3）处的切线倾斜角，先根据导数的几何意义可知k＝y′|x＝1，再结合正切函数的值求出角α的值即可．‎ ‎【详解】y′＝3x2﹣2，切线的斜率k＝3×12﹣2＝1．故倾斜角为45°．‎ 故答案为45°．‎ ‎【点睛】本题考查了导数的几何意义，以及利用斜率求倾斜角，本题属于基础题．‎ ‎14.在中,内角A,B,C所对的边分别为a,b,已知的面积为,,,则a的值为______．‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据三角形的面积，以及，求出，再结合余弦定理，即可得出结果.‎ ‎【详解】因为，所以，‎ 又的面积为,‎ 所以，‎ 故，‎ 由余弦定理可得，‎ 所以，‎ 因此.‎ 故答案为 ‎【点睛】本题主要考查解三角形，熟记三角形的面积公式与余弦定理即可，属于常考题型.‎ ‎15.正四棱锥底面的四个顶点在球的同一个大圆上，点在球面上.若，则球的体积是______．‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 正四棱锥底面的四个顶点在球的同一个大圆上，则棱锥的高等于球的半径，由此可由棱锥体积求得球的半径，从而得球体积．‎ ‎【详解】∵正四棱锥底面的四个顶点在球的同一个大圆上，∴球心是正方形对角线交点，是棱锥的高，设球半径为，则，，，，‎ ‎∴．‎ 故答案为：．‎ ‎【点睛】本题考查球的体积，考查正四棱锥与半球的截接问题．解题关键是确定球半径与正四棱锥中的线段长之间的关系．‎ ‎16.已知函数（且）的图象恒过定点A，若点A在直线上，其中，则的最小值为_____．‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 先由函数得到定点坐标，再把代入直线，得到的关系，再由基本不等式得到答案.‎ ‎【详解】函数（且）的图象恒过定点，‎ 所以,‎ 将代入到直线中，得到，‎ 即 所以 当且仅当时，等号成立.‎ 所以答案为：‎ ‎【点睛】本题考查对数函数过定点，基本不等式求最小值，属于中档题.‎ 三、解答题 ‎17.已知等差数列满足．‎ ‎（1）求通项；‎ ‎（2）设是首项为2，公比为2的等比数列，求数列通项公式及前n项和.‎ ‎【答案】（1）；（2），．‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎(1)根据等差数列通项公式，结合条件建立关于首项与公差的方程组，求解即可；（2）可先求出的通项，再解出数列通项公式，求其前n项和则运用分组求和的方法求解即可．‎ ‎【详解】（1）由题意得，‎ 解得，‎ ‎（2）‎ ‎，‎ ‎，‎ ‎∴．‎ ‎【点睛】‎ 本题考查了等差数列、等比数列通项公式及分组求和法，比较基础，难度不大，关键是掌握基本公式即可．‎ ‎18.‎2019年2月13日《西安市全民阅读促进条例》全文发布，旨在保障全民阅读权利，培养全民阅读习惯，提高全民阅读能力，推动文明城市和文化强市建设．某高校为了解条例发布以来全校学生的阅读情况，随机调查了200名学生每周阅读时间（单位：小时）并绘制如图所示的频率分布直方图．‎ ‎（1）求这200名学生每周阅读时间的样本平均数；‎ ‎（2）为查找影响学生阅读时间的因素，学校团委决定从每周阅读时间为，的学生中抽取9名参加座谈会．‎ ‎（i）你认为9个名额应该怎么分配？并说明理由；‎ ‎（ii）座谈中发现9名学生中理工类专业的较多．请根据200名学生的调研数据，填写下面的列联表，并判断是否有的把握认为学生阅读时间不足（每周阅读时间不足8.5小时）与“是否理工类专业”有关？（精确到0.1）‎ 阅读时间不足8.5小时 阅读时间超过8.5小时 理工类专业 ‎40‎ ‎60‎ 非理工类专业 附：（）.‎ 临界值表：‎ ‎0.150‎ ‎0.100‎ ‎0.050‎ ‎0.025‎ ‎0.010‎ ‎0.005‎ ‎0.001‎ ‎2.072‎ ‎2.706‎ ‎3.841‎ ‎5.024‎ ‎6.635‎ ‎7.879‎ ‎10.828‎ ‎【答案】（1）9, （2）（i）每周阅读时间为的学生中抽取3名，每周阅读时间为的学生中抽取6名．理由见解析, （ii）有的把握认为学生阅读时间不足与“是否理工类专业”有关．‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎（1）取各区间中点值乘以频率再相加即得；‎ ‎（2）（i）两组差异明显，用分层抽样计算．（ii）求出两组的人数，填写列联表，计算可得．‎ ‎【详解】（1）‎ ‎（2）（i）每周阅读时间为的学生中抽取3名，每周阅读时间为的学生中抽取6名．‎ 理由：每周阅读时间为与每周阅读时间为是差异明显的两层，为保持样本结构与总体结构的一致性，提高样本的代表性，宜采用分层抽样的方法抽取样本；因为两者频率分别为0.1，0.2，所以按照进行名额分配 ‎（ii）列联表为：‎ 阅读时间不足8.5小时 阅读时间超过8.5小时 理工类专业 ‎40‎ ‎60‎ 非理工类专业 ‎26‎ ‎74‎ ‎，‎ 所以有的把握认为学生阅读时间不足与“是否理工类专业”有关．‎ ‎【点睛】本题考查频率分布直方图，分层抽样，考查独立性检验．属于基础题．‎ ‎19.如图，在四面体中，，，，线段，的中点分别为，．‎ ‎（1）求证：平面平面；‎ ‎（2）求四面体的体积．‎ ‎【答案】（1）证明见解析, （2）4‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎（1）由，是中点，可得，再勾股定理证明，即可得线面垂直，从而有面面垂直；‎ ‎（2）由（1）得平面，从而可计算出体积．‎ ‎【详解】（1）证明:因为，是的中点，所以.‎ 在中，，，且为直角三角形的斜边，‎ 由勾股定理，得.‎ 因为，是的中点，所以.‎ 在中，因为，，由勾股定理，得.‎ 因为，，，有，则.‎ 且，平面，所以平面.‎ 而平面，故平面平面.‎ ‎（2）由（1）可知平面平面.‎ 因为平面平面，，平面，‎ 所以平面，‎ 因为在中，是的中点所以 所以.‎ ‎【点睛】本题考查面面垂直的证明，考查棱锥的体积计算．立体几何中的线面、面面关系的证明可根据其判定定理进行，即先证得定理需要的条件，然后得出结论，注意条件缺一不可．三棱锥的体积计算中用换底法，关键是要棱锥的高容易确定计算．‎ ‎20.已知椭圆的长轴长是短轴长的倍，焦距为．‎ ‎（1）求椭圆的方程；‎ ‎（2）已知定点，若直线与椭圆交于两点.问:是否存在的值，使以为直径的圆过点?请说明理由.‎ ‎【答案】（1）,（2）存在，使得以为直径的圆过点 ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎（1）题中两个条件为，从而可解得得椭圆方程；‎ ‎（2）以为直径的圆过点，即，设，，则，为此由直线方程与椭圆方程联立，消元后应用韦达定理得，注意，代入计算出，满足即存在，否则不存在．‎ ‎【详解】（1）依题意解得 ‎∴椭圆方程是 ‎（2）假若存在这样的值，由得.‎ ‎∴①‎ 设，，则 ②‎ 而 要使以为直径的圆过点，当且仅当时，‎ 则，即 ‎∴③‎ 将②式代入③整理解得.经验证，，使①成立.‎ 综上可知，存在，使得以为直径的圆过点 ‎【点睛】本题考查求椭圆标准方程，考查直线与椭圆相交问题．椭圆中的存在性问题，一般是假设存在，由直线方程与椭圆方程联立消元，应用韦达定理得，代入题中的另外的条件求出参数（若不能求出，说明假设错误，不存在），这是解析几何中的“设而不求”思想．‎ ‎21.已知函数.‎ ‎（1）讨论函数的单调性；‎ ‎（2）若函数的图像与轴相切，求证：对于任意互不相等的正实数，，都有.‎ ‎【答案】（1）当时，在上单调递增；‎ 当时，在单调递增，在上单调递减.,(2)见解析 ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎（1）求导函数，按和分类讨论，确定的正负，从而确定单调性；‎ ‎（2）由（1）知时有极㰁值，才可能满足题意，极大值为0，求得，‎ ‎.不妨设，则，等价于，即证：‎ 令，由于，因此只要证得（）即可．‎ ‎【详解】（1）函数的定义域为，.‎ 当时，，在上单调递增；‎ 当时，由，得.‎ 若，，单调递增；‎ 若，，单调递减 综合上述：当时，在上单调递增；‎ 当时，在单调递增，在上单调递减.‎ ‎（2）由（1）知，当时，在上单调递增，不满足条件；‎ 当时，极大值为，‎ 由已知得，故，此时.‎ 不妨设，则 等价于，即证：‎ 令，‎ 故在单调递减，所以.‎ 所以对于任意互不相等正实数，都有成立 ‎【点睛】本题考查用导数研究函数的单调性，用导数证明不等式．在证明与有关的不等式时（这里是任意两个正数，也可能是函数的两个零点，或者其他什么与函数有关的数），常常需要转化与化归，如不妨设，设，，设，则 ，这样不确定的，就变成有确定范围的变量，问题就转化为用导数研究函数的性质，从而证明出结论．‎ ‎22.在直角坐标系中，直线的参数方程为（其中为参数）.以坐标原点为极点，轴非负半轴为极轴建立极坐标系，曲线的极坐标方程为.‎ ‎（1）求和的直角坐标方程；‎ ‎（2）设点，直线交曲线于两点，求的值.‎ ‎【答案】（1）:,:（2）‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎（1）消去得到直线方程，再利用极坐标公式化简得到答案.‎ ‎（2）将直线的参数方程代入，化简得到，利用韦达定理计算得到答案.‎ ‎【详解】（1）直线的参数方程为（其中为参数），消去可得；‎ 由，得，则曲线的直角坐标方程为.‎ ‎（2）将直线的参数方程代入，得，‎ 设对应的参数分别为，则，‎ ‎.‎ ‎【点睛】本题考查了直线的参数方程，极坐标，利用直线的参数方程的几何意义可以快速得到答案，是解题的关键.‎ ‎23.已知函数.‎ ‎（1）求不等式的解集；‎ ‎（2）若的解集包含，求实数的取值范围.‎ ‎【答案】（1）（2）‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎（1）函数化简为分段函数分别解不等式得到答案.‎ ‎（2）题目等价于当时不等式恒成立，得到不等式，求最小值得到答案.‎ ‎【详解】（1），由，解得，‎ 故不等式解集是；‎ ‎（2）的解集包含，即当时不等式恒成立，‎ 当时，，，即，‎ 因为，所以，‎ 令，，易知在上单调递增，‎ 所以的最小值为，因此，即的取值范围为.‎ ‎【点睛】本题考查了绝对值不等式，将题目等价于当时不等式恒成立是解题的关键.‎