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文档介绍
【数学】云南省陆良县联办高级中学2019-2020学年高二下学期入学考试(理)
云南省陆良县联办高级中学2019-2020学年 高二下学期入学考试(理) 一、选择题(共12个小题,每小题5分,共60分) 1.已知全集,则为 A. B. C. D. 2.若,则 A. B. C. D. 3.甲、乙两名篮球运动员在10场比赛中得分的茎叶图如图所示,则“”是“甲运动员得分平均数大于乙运动员得分平均数”的 A. 充分不必要条件 B.必要不充分条件 C.充分必要条件 D.既不充分也不必要条件 4.已知等比数列中,,公比,则等于 A. B. C. D. 5.函数的图象大致是 A. B. C. D. 6.若抛物线的焦点是椭圆的一个焦点,则 A.2 B.3 C.4 D.8 7.某几何体的三视图如图(虚线刻画的小正方形边长为1)所示,则这个几何体的体积为 A. B. C. A. 8.在中,,,,则在方向上的投影是 A.4 B.3 C.-4 D.-3 9.直线分别与轴,轴交于,两点,点在圆上,则面积的取值范围是 A. B. C. D. 10. 设,,则 A. B. C. D. 11.设A,B,C,D是同一个半径为4的球的球面上四点,△ABC为等边三角形且面积为,则三棱锥D﹣ABC体积的最大值为 A. B. C. D. 12.已知双曲线的左、右两个焦点分别为,为其左右顶点,以线段为直径的圆与双曲线的渐近线在第一象限的交点为,且,则双曲线的离心率为 A. B. C. D. 二、填空题(共4个小题,每小题5分,共20分) 13. 的内角的对边分别为.若,则的面积为__________. 14.若满足约束条件 则的最大值为__________. 15.已知,,则__________. 16.已知函数是定义在上的偶函数,若对于,都有且当时,,则__________. 三、解答题(共6题,共70分) 17(12分)、为了纪念“一带一路”倡议提出五周年,某城市举办了一场知识竞赛,为了了解市民对“一带一路”知识的掌握情况,从回收的有效答卷中按青年组和老年组各随机抽取了40份答卷,发现成绩都在内,现将成绩按区间,,,,进行分组,绘制成如下的频率分布直方图. 青年组 老年组 (1)利用直方图估计青年组的中位数和老年组的平均数; (2)从青年组,的分数段中,按分层抽样的方法随机抽取5份答卷,再从中选出3份答卷对应的市民参加政府组织的座谈会,求选出的3位市民中有2位来自分数段的概率. 18(12分)、在中,a,b,c分别为角A,B,C所对边的长.,. (1)求角A的值; (2)若,求的面积. 19(12分)、已知数列是各项都为正数的等比数列,且. (1)求的通项公式; (2)若,求数列的前n项和. 20(12分)、已知四棱锥,,,,点在底面上的射影是的中点,. (1)求证:直线平面; (2)若,、分别为、的中点,求直线与平面所成角的正弦值; (3)当四棱锥的体积最大时,求二面角的大小. 21(12分)、已知椭圆C: 的左,右焦点分别为且椭圆上的点到两点的距离之和为4 (1)求椭圆的方程; (2)若直线与椭圆交于两点,为坐标原点直线的斜率之积等于,试探求△OMN的面积是否为定值,并说明理由 22(10分)、 在直角坐标系中,圆C的参数方程为,其中为参数,以坐标原点为极点,轴正半轴为极轴建立极坐标系. (1)求圆的极坐标方程; (2)为圆上一点,且点的极坐标为,射线绕点逆时针旋转,得射线,其中也在圆上,求的最大值. 参考答案 一、选择题(共12个小题,每小题5分,共60分) 1. B 2.D 3.A 4.C 5.A 6.D 7.D 8.D 9.A 10.B 11.B 12.B 二、填空题(共4个小题,每小题5分,共20分) 13. 14.9 15. 16. 三、解答题(共6题,共70分) 17(12分)、 (1)中位数为80,平均数为(2) (1)由青年组的频率分布直方图可知,前3个小矩形的面积和为,后2个小矩形的面积和为,所以中位数为80. 中老年组成绩的平均数为 . (2)青年组,的分数段中答卷分别为12份,8份, 抽取比例为,所以两段中分别抽取的答卷分别为3份,2份. 记中的3位市民为,,,中的2位市民为,, 则从中选出3位市民,共有不同选法种数10种: ,,,, ,,,,,. 其中,有2位来自的有3种:,,. 所以所求概率. 18(12分)、(1);(2). (1)在中,因为, 所以 因为 由正弦定理,得,即 所以 若,则,与矛盾,故 于是 又因为 所以 (2)因为,,, 所以 由正弦定理,得 所以的面积为 19(12分)、(1)设数列的公比为q,则,可变形为, 化简为 解得或(舍去) 因为,所以,解得 所以数列的通项公式为 (2)因为 所以 所以 20(12分)、(1)证明见解析(2)(3) (1)连接,因为平面,平面,所以, 又因为,且为的中点,故. 又,所以平面; (2)以为原点,、所在直线分别为、轴建立直角坐标系如图所示, 则,,,, 于是,解得.即. 所以,, 设平面的法向量为,,, 则,令,得, 所以. 故直线与平面所成角的正弦值为; (3)设,则,, 所以 , 当且仅当即时取等号,此时,, 以为原点,、所在直线分别为、轴建立空间直角坐标系如图所示, 则,,,. 设平面的法向量为,,, 则,令,得, 同理,可得平面的一个法向量为的, 所以, 又因为二面角为钝二面角,所以二面角的大小为. 21(12分)、(1);(2)定值1 【详解】 (1)由已知,即,又点在椭圆上, 所以,所以,故椭圆方程为. (2)设, 由,得, 则,即, 且, 因为直线的斜率之积等于, , 所以, 即, 又到直线MN的距离为, 所以. 22(12分)、(1), 由可得圆的极坐标方程. (2)由题意可知:,所以 ,所以, 从而最大值为.查看更多