福建高考物理非选择题练习

福建高考物理非选择题练习

计算题专题复习 一、 运动专题复习：匀变速直线运动，牛顿定律 ‎1、（福建卷2010）22．如图所示，物体A放在足够长的木板B上，木板B静止于水平面。t=0时，电动机通过水平细绳以恒力F拉木板B，使它做初速度为零，加速度aB=1．‎0m/s2的匀加速直线运动。已知A的质量mA和B的质量mg均为‎2.0kg,A、B之间的动摩擦因数μ1=0.05，B与水平面之间的动摩擦因数μ2=0.1，最大静摩擦力与滑动摩擦力大小视为相等，重力加速度g取‎10m/s2。求 ‎（1）物体A刚运动时的加速度aA ‎（2）t=1.0s时，电动机的输出功率P；‎ ‎（3）若t=1.0s时，将电动机的输出功率立即调整为P`=5W，并在以后的运动过程中始终保持这一功率不变，t=3.8s时物体A的速度为‎1.2m/s。则在t=1.0s到t=3.8s这段时间内木板B的位移为多少？ ‎ ‎【答案】（1）（2）（3）‎ ‎【解析】（1）物体A在水平方向上受到向右的摩擦力，由牛顿第二定律得 ‎，K^S*5U.C#‎ 代入数据解得 ‎（2）时，木板B的速度大小为 ‎，K^S*5U.C#‎ 木板B所受拉力F，由牛顿第二定律有 ‎，K^S*5U.C#‎ 解得：F=7N，‎ 电动机输出功率 。‎ ‎（3）电动机的输出功率调整为5W时，设细绳对木板B的拉力为，则 ‎，‎ 解得，K^S*5U.C#‎ 木板B受力满足，‎ 所以木板B将做匀速直线运动，而物体A则继续在B上做匀加速直线运动直到A、B速度相等。设这一过程时间为，有 ‎，K^S*5U.C#‎ 这段时间内片的位移，‎ ‎，‎ 由以上各式代入数据解得：‎ 木板 B在到3.8s这段时间内的位移。‎ ‎2、（福建卷2010）16．质量为‎2kg的物体静止在足够大的水平面上，物体与地面间的动摩擦因数为0．2，最大静摩擦力和滑动摩擦力大小视为相等。从t=0时刻开始，物体受到方向不变、大小呈周期性变化的水平拉力F的作用，F随时间t的变化规律如图所示。重力加速度g取‎10m/s2，则物体在t=0到t=12s这段时间内的位移大小为多少？K^S*5U.C#‎ ‎【答案】54m ‎【解析】拉力只有大于最大静摩擦力时，物体才会由静止开始运动。K^S*5U.C#‎ ‎0-3s时：F=fmax，物体保持静止，s1=0；‎ ‎3-6s时：F>fmax，物体由静止开始做匀加速直线运动，‎ ‎ ，‎ ‎ v=at=‎6m/s，‎ ‎ ，K^S*5U.C#‎ ‎6-9s时：F=f，物体做匀速直线运动，‎ ‎ s3=vt=6×3=‎18m，‎ ‎9-12s时：F>f，物体以‎6m/s为初速度，以‎2m/s2为加速度继续做匀加速直线运动，‎ ‎ ，‎ 所以0-12s内物体的位移为：s=s1+s2+s3+s4=‎54m，选项B正确。‎ ‎3.（09年福建卷）21.如图甲，在水平地面上固定一倾角为θ的光滑绝缘斜面，斜面处于电场强度大小为E、方向沿斜面向下的匀强电场中。一劲度系数为k的绝缘轻质弹簧的一端固定在斜面底端，整根弹簧处于自然状态。一质量为m、带电量为q（q>0）的滑块从距离弹簧上端为s0处静止释放，滑块在运动过程中电量保持不变，设滑块与弹簧接触过程没有机械能损失，弹簧始终处在弹性限度内，重力加速度大小为g。‎ ‎（1）求滑块从静止释放到与弹簧上端接触瞬间所经历的时间t1‎ ‎（2）若滑块在沿斜面向下运动的整个过程中最大速度大小为vm，求滑块从静止释 ‎ 放到速度大小为vm过程中弹簧的弹力所做的功W；‎ ‎（3）从滑块静止释放瞬间开始计时，请在乙图中画出滑块在沿斜面向下运动的整 ‎ 个过程中速度与时间关系v-t图象。图中横坐标轴上的t1、t2及t3分别表示滑块第一次与弹簧上端接触、第一次速度达到最大值及第一次速度减为零的时刻，纵坐标轴上的v1为滑块在t1时刻的速度大小，vm是题中所指的物理量。（本小题不要求写出计算过程）‎ 答案：（1）; （2）; ‎ ‎(3) ‎ 解析：本题考查的是电场中斜面上的弹簧类问题。涉及到匀变速直线运动、运用动能定理处理变力功问题、最大速度问题和运动过程分析。‎ ‎（1）滑块从静止释放到与弹簧刚接触的过程中作初速度为零的匀加速直线运动，设加速度大小为a，则有 ‎ qE+mgsin=ma ①‎ ‎ ②‎ 联立①②可得 ‎ ③‎ ‎（2）滑块速度最大时受力平衡，设此时弹簧压缩量为，则有 ‎ ④‎ ‎ 从静止释放到速度达到最大的过程中，由动能定理得 ‎ ⑤‎ 联立④⑤可得 ‎ s ‎（3）如图 ‎ ‎ ‎4．（四川卷）质量为M的拖拉机拉着耙来耙地，由静止开始做匀加速直线运动，在时间t内前进的距离为s。耙地时，拖拉机受到的牵引力恒为F，受到地面的阻力为自重的k倍，把所受阻力恒定，连接杆质量不计且与水平面的夹角θ保持不变。求：‎ ‎（1）拖拉机的加速度大小。‎ ‎（2）拖拉机对连接杆的拉力大小。‎ ‎（3）时间t内拖拉机对耙做的功。‎ ‎【答案】（1） （2） ‎ ‎（3）‎ ‎【解析】（1）拖拉机在时间t内匀加速前进s，根据位移公式 ‎ ①‎ ‎ 变形得 ②‎ ‎（2）对拖拉机受到牵引力、支持力、重力、地面阻力和连杆拉力T，根据牛顿第二定律 ‎ ③‎ ‎ 联立②③变形得 ④‎ ‎ 根据牛顿第三定律连杆对耙的反作用力为 ‎ ⑤‎ ‎ 拖拉机对耙做的功： ⑥‎ ‎ 联立④⑤解得 ⑦‎ ‎5、（新课标卷）．短跑名将博尔特在北京奥运会上创造了‎100m和‎200m短跑项目的新世界纪录，他的成绩分别是9．69 s和l9．30 s。假定他在‎100 m比赛时从发令到起跑的反应时间是0．15 S，起跑后做匀加速运动，达到最大速率后做匀速运动。‎200 m比赛时，反应时间及起跑后加速阶段的加速度和加速时间与l‎00 m比赛时相同，但由于弯道和体力等因素的影响，以后的平均速率只有跑l‎00 m时最大速率的96％。求：‎ ‎ (1)加速所用时间和达到的最大速率：‎ ‎ (2)起跑后做匀加速运动的加速度。‎ ‎ (结果保留两位小数)‎ ‎【答案】（1）1.29s ‎11.24m/s （2）‎8.71m/s2‎ ‎【解析】(1)加速所用时间t和达到的最大速率v，‎ ‎，‎ 联立解得：，‎ ‎(2)起跑后做匀加速运动的加速度a， ，解得：‎ ‎6、（上海物理）．倾角q＝37°，质量M＝‎5kg的粗糙斜面位于水平地面上。质量m＝‎2kg的木块置于斜顶端，从静止开始匀加速下滑，经t＝2s到达底端，运动路程L＝‎4m，在此过程中斜面保持静止（sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，g取‎10m/s2）。求： ‎ ‎（1）地面对斜面的摩擦力大小与方向；‎ ‎（2）地面对斜面的支持力大小；‎ ‎（3）通过计算证明木块在此过程中满足动能定理。‎ ‎【答案】（1）—3.2N 向左（2）67.6N（3）见解析 ‎【解析】（1）隔离法：‎ 对木块：，‎ 因，得所以，,‎ 对斜面：设摩擦力向左，则,方向向左。‎ ‎（如果设摩擦力向右，则，同样方向向左。）‎ ‎（2）地面对斜面的支持力大小。‎ ‎（3）木快受两个力做功。‎ 重力做功：=摩擦力做功：‎ 合力做功或外力对木块做的总功 动能的变化 所以，合力做功或外力对木块做的总功等于动能的变化（增加），证毕。‎ 二、曲线运动：平抛运动，圆周运动，功能关系，动能定理和能量守恒 ‎1.（09·福建·20）（15分）如图所示，射击枪水平放置，射击枪与目标靶中心位于离地面足够高的同一水平线上，枪口与目标靶之间的距离s=‎100 m，子弹射出的水平速度v=‎200m/s，子弹从枪口射出的瞬间目标靶由静止开始释放，不计空气阻力，取重力加速度g为‎10 m/s2，求：‎ ‎（1）从子弹由枪口射出开始计时，经多长时间子弹击中目标靶？‎ ‎（2）目标靶由静止开始释放到被子弹击中，下落的距离h为多少？‎ 答案：（1）0.5s（2）‎‎1.25m 解析：本题考查的平抛运动的知识。‎ ‎（1）子弹做平抛运动，它在水平方向的分运动是匀速直线运动，设子弹经t时间集中目标靶，则 ‎ t=‎ ‎ 代入数据得 ‎ t=0.5s ‎ （2）目标靶做自由落体运动，则h=‎ 代入数据得 h=‎‎1.25m ‎2、（浙江卷）22．在一次国际城市运动会中，要求运动员从高为H的平台上A点由静止出发，沿着动摩擦因数为的滑道向下运动到B点后水平滑出，最后落在水池中。设滑道的水平距离为L，B点的高度h可由运动员自由调节（取g=‎10m/s2）。求：‎ ‎（1）运动员到达B点的速度与高度h的关系；‎ ‎（2）运动员要达到最大水平运动距离，B点的高度h应调为多大？对应的最大水平距离Smax为多少？‎ ‎（3）若图中H＝‎4m，L＝‎5m，动摩擦因数＝0.2，则水平运动距离要达到‎7m，h值应为多少？‎ H L h A B ‎【答案】（1）（2）‎ ‎（3）‎2.62cm或‎0.38cm ‎【解析】（1）由A运动到B过程：‎ ‎（2）平抛运动过程： ‎ ‎ 解得　‎ ‎　　　　　　　　当时，x有最大值，‎ ‎（3）‎ ‎　　　解得　‎ ‎3、（江苏卷）14．在游乐节目中，选手需要借助悬挂在高处的绳飞越到水面的浮台上，小明和小阳观看后对此进行了讨论。如图所示，他们将选手简化为质量m=‎60kg的指点， 选手抓住绳由静止开始摆动，此事绳与竖直方向夹角α=300，绳的悬挂点O距水面的高度为H=3m.不考虑空气阻力和绳的质量，浮台露出水面的高度不计，水足够深。取中立加速度g=10m/s2，sin530=0.8，cos530=0.6‎ ‎（1）求选手摆到最低点时对绳拉力的大小F；‎ ‎（2）若绳长l=‎2m, 选手摆到最高点时松手落入手中。设水碓选手的平均浮力f1=800N，平均阻力f2=700N，求选手落入水中的深度d；‎ ‎（3）若选手摆到最低点时松手， 小明认为绳越长，在浮台上的落点距岸边越远；小阳认为绳越短，落点距岸边越远，请通过推算说明你的观点。‎ ‎【答案】（1）1080N （2）‎1.2m （3）见解析 ‎【解析】（1）机械能守恒 ①‎ 圆周运动 F′－mg＝m 解得 F′＝（3－2cos）mg 人对绳的拉力 F＝F′‎ 则 F＝1080N ‎（2）动能定理 ‎ ‎ 则d=‎ ‎ 解得 d=‎‎1.2m ‎ （3）选手从最低点开始做平抛运动 ‎ ‎ ‎ ‎ 且由①式解得：‎ 当 时，x有最大值 解得 因此，两人的看法均不正确．当绳长越接近1 . ‎5m 时，落点距岸边越远。‎ ‎4.如图，长为L的轻绳一端系于固定点O，另一端系质量为m的小球。将小球从O点以一定初速水平向右抛出，经一定时间绳被拉直，以后小球将以O为支点在竖直平面内摆动。已知绳刚被拉直时，绳与竖直线成60°角。求：‎ ‎（1）小球水平抛出时的初速v0 ‎ ‎（2）小球摆到最低点时，绳所受的拉力T ‎（1）L sin600=V0t （1分） L cos600=（1分）‎ 解 （2分）‎ ‎（2）（2分）‎ ‎（1分）‎ ‎ （1分） ‎ 解之得：（2分）‎ ‎5．如图所示，半径R=‎2m的四分之一粗糙圆弧轨道AB置于竖直平面内，轨道的B ‎ 端切线水平，且距水平地面高度为h=1．‎25m，现将一质量m=0．‎2kg的小滑块从A点由静止释放，滑块沿圆弧轨道运动至B点以v=‎5m/s的速度水平飞出(g取‎10m／s2)．求：‎ ‎ （1）小滑块沿圆弧轨道运动过程中所受摩擦力做的功；‎ ‎ （2）小滑块经过B点时对圆轨道的压力大小；‎ ‎ （3）小滑块着地时的速度大小和方向．‎ ‎14.解析：‎ ‎（1） 滑块在圆弧轨道受重力、支持力和摩擦力作用，由动能定理 ‎ mgR-Wf=mv2 ‎ ‎ Wf=1.5J ‎ ‎ （2）滑块经过B点时，由牛顿第二定律得：‎ ‎ FN-mg=m ‎ ‎ FN=4.5N ‎ ‎ 根据牛顿第三定律，小滑块对轨道的压力大小也为4.5N ‎ （3）滑块离开圆弧后做平抛运动 ‎ H=gt2 t=0.5s ‎ ‎ 落地时竖直分速度vy=gt=‎5m/s ‎ ‎ 落地时速度大小 =‎5‎m/s ‎ ‎ 设滑块落地时速度方向与水平方向夹角为度，则有 ‎ 所以 ‎ ‎ 即滑块落地时速度方向与水平方向夹角为45度 ‎6．陕西省西安铁一中2010届高三上学期期中考试如图所示的装置是在竖直平面内放置光滑的绝缘轨道，处于水平向右的匀强电场中，以带负电荷的小球从高h的A处静止开始下滑，沿轨道ABC运动后进入圆环内作圆周运动。已知小球所受到电场力是其重力的3／4，圆滑半径为R，斜面倾角θ=450，sBC=2R。若使小球在圆环内能作完整的圆周运动，h至少为多少？‎ ‎ ‎ 解析： 小球所受的重力和电场力都为恒力，故可两力等效为一个力F，如图所示。可知F＝1.25mg，方向与竖直方向左偏下37º，从图6中可知，能否作完整的圆周运动的临界点是能否通过D点，若恰好能通过D点，即达到D点时球与环的弹力恰好为零。‎ 由圆周运动知识得： ‎ 即： ‎ 由动能定理有：‎ 联立①、②可求出此时的高度h=35R/2。‎ ‎7、（北京卷）21．如图，跳台滑雪运动员经过一段加速滑行后从O点水平飞出，经过3.0 s落到斜坡上的A点。已知O点是斜坡的起点，斜坡与水平面的夹角＝37°，运动员的质量m＝‎50 kg。不计空气阻力。（取sin37°＝0.60，cos37°＝0.80;g取‎10 m/s2）求 ‎ （1）A点与O点的距离L;‎ ‎ （2）运动员离开O点时的速度大小; ‎ ‎ （3）运动员落到A点时的动能。‎ ‎【答案】（1）‎75m （2）‎20m/s （3）32500J ‎【解析】（1）运动员在竖直方向做自由落体运动，有 ‎ ‎ ‎ A点与O点的距离 ‎ ‎（2）设运动员离开O点的速度为v0，运动员在水平方向做匀速直线运动，‎ ‎ 即 ‎ ‎ 解得：‎ ‎（3）由机械能守恒，取A点为重力势能零点，运动员落到A点时的动能为 ‎ ‎ ‎5． 2010·福建·14火星探测项目是我国继神舟载人航天工程、嫦娥探月工程之后又一个重大太空探索项目。‎ 假设火星探测器在火星表面附近圆形轨道运行的周期，神舟飞船在地球表面附近的圆形轨道运行周期为，火星质量与地球质量之比为p，火星半径与地球半径之比为q，则与之比为 A. B. C. D. ‎ 答案：D ‎4. 2010·江苏物理·62009年5月，航天飞机在完成对哈勃空间望远镜的维修任务后，在A点从圆形轨道Ⅰ进入椭圆轨道Ⅱ，B为轨道Ⅱ上的一点，如图所示，关于航天飞机的运动，下列说法中错误的有 ‎（A）在轨道Ⅱ上经过A的速度小于经过B的速度 ‎（B）在轨道Ⅱ上经过A的动能小于在轨道Ⅰ上经过A 的动能 ‎（C）在轨道Ⅱ上运动的周期小于在轨道Ⅰ上运动的周期 ‎（D）在轨道Ⅱ上经过A的加速度小于在轨道Ⅰ上经过A的加速度 答案：D ‎9．2010·海南物理·10火星直径约为地球的一半，质量约为地球的十分之一，它绕太阳公转的轨道半径约为地球公转半径的1.5倍。根据以上数据，以下说法正确的是 A．火星表面重力加速度的数值比地球表面大 B．火星公转的周期比地球的长 C．火星公转的线速度比地球的大 D．火星公转的向心加速度比地球的大 ‎ ‎【答案】B ‎ ‎【解析】由得，计算得火星表面的重力加速度约为地球表面的，A错误；由得，公转轨道半径大的周期长，B对；周期长的线速度小，(或由判断轨道半径大的线速度小)，C错；公转向心加速度，D错。‎ ‎7.抛体运动在各类体育运动项目中很常见，如乒乓球运动。现讨论乒乓球发球问题．设球台长‎2L、网高h，乒乓球反弹前后水平分速度不变，竖直分速度大小不变、方向相反，且不考虑乒乓球的旋转和空气阻力(设重力加速度为g) ‎ ‎(1)若球在球台边缘O点正上方高度为h1处以速度v1水平发出，落在球台的P1点(如图实线所示)，求P1点距O点的距离x.；‎ ‎(2)若球在O点正上方以速度v2水平发出后．恰好在最高点时越过球网落在球台的P2点（如图虚线所示）．求v2的大小.；‎ ‎(3)若球在O点正上方水平发出后，球经反弹恰好越过球网且刚好落在对方球台边缘P3处，求发球点距O点的高度h3.。‎ ‎7.解析：‎ ‎（1）设发球高度为h1时，球在空中飞行时间为t1，根据平抛运动，有 解得：‎ ‎（2）设发球高度为h2，飞行时间为t2，同理根据平抛运动 ‎ ‎ 球与球台碰撞后，根据对称性，应有h2=h，2x2=L 得：‎ ‎（3）如图所示，发球高度为h3，飞行时间为t3，同理根据平抛运动 ‎ ‎ 球与球台碰撞后，根据对称性，有3x3=‎2L ‎ 设球从恰好越过球网到最高点的时间为t，水平距离为s，有：‎ ‎ ‎ 由几何关系知x3+s=L ‎ 联立以上几式，可解得：‎ 三、带电粒子在电场，磁场中的运动 ‎1、（福建卷2010）20、（15分）如图所示的装置，左半部为速度选择器，右半部为匀强的偏转电场。一束同位素离子流从狭缝射入速度选择器，能够沿直线通过速度选择器并从狭缝射出的离子，又沿着与电场垂直的方向，立即进入场强大小为的偏转电场，最后打在照相底片上。已知同位素离子的电荷量为(＞0)，速度选择器内部存在着相互垂直的场强大小为的匀强电场和磁感应强度大小为的匀强磁场，照相底片D与狭缝、连线平行且距离为L，忽略重力的影响。‎ ‎（1）求从狭缝射出的离子速度的大小；‎ ‎（2）若打在照相底片上的离子在偏转电场中沿速度方向飞行的距离为，求出与离子质量之间的关系式(用、、、、、L表示)。‎ 解析：‎ ‎（1）能从速度选择器射出的离子满足：‎ 解得：‎ ‎（2）离子进入匀强偏转电场E后做类平抛运动，则 由牛顿第二定律得 ‎ 解得 ‎2.（09年福建卷）22.(20分)图为可测定比荷的某装置的简化示意图，在第一象限区域内有垂直于纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小B=2.0×10-3T,在X轴上距坐标原点L=‎0.50m的P处为离子的入射口，在Y上安放接收器，现将一带正电荷的粒子以v=3.5×‎104m/s的速率从P处射入磁场，若粒子在y轴上距坐标原点L=‎0.50m的M处被观测到，且运动轨迹半径恰好最小，设带电粒子的质量为m,电量为q,不记其重力。‎ ‎（1）求上述粒子的比荷；‎ ‎（2）如果在上述粒子运动过程中的某个时刻，在第一象限内再加一个匀强电场，就可以使其沿y轴正方向做匀速直线运动，求该匀强电场的场强大小和方向，并求出从粒子射入磁场开始计时经过多长时间加这个匀强电场；‎ ‎（3）为了在M处观测到按题设条件运动的上述粒子，在第一象限内的磁场可以局限在一个矩形区域内，求此矩形磁场区域的最小面积，并在图中画出该矩形。‎ 答案（1）=4.9×C/kg（或5.0×C/kg）；（2） ； （3）‎ 解析：第（1）问本题考查带电粒子在磁场中的运动。第（2）问涉及到复合场（速度选择器模型）第（3）问是带电粒子在有界磁场（矩形区域）中的运动。‎ ‎（1）设粒子在磁场中的运动半径为r。如图甲，依题意M、P连线即为该粒子在磁场中作匀速圆周运动的直径，由几何关系得 ‎ ①‎ 由洛伦兹力提供粒子在磁场中作匀速圆周运动的向心力，可得 ‎ ②‎ 联立①②并代入数据得 ‎=4.9×C/kg（或5.0×C/kg） ③‎ ‎（2）设所加电场的场强大小为E。如图乙，当粒子子经过Q点时，速度沿y 轴正方向，依题意，在此时加入沿x轴正方向的匀强电场，电场力与此时洛伦兹力平衡，则有 ‎ ④‎ 代入数据得 ‎ ⑤‎ 所加电场的长枪方向沿x轴正方向。由几何关系可知，圆弧PQ所对应的圆心角为45°，设带点粒子做匀速圆周运动的周期为T，所求时间为t，则有 ‎ ⑥‎ ‎ ⑦‎ 联立①⑥⑦并代入数据得 ‎ ⑧‎ ‎（3）如图丙，所求的最小矩形是，该区域面积 ‎ ⑨‎ 联立①⑨并代入数据得 ‎ ‎ 矩形如图丙中（虚线）‎ ‎3.（09年全国卷Ⅱ）25.（18分）如图，在宽度分别为和 的两个毗邻的条形区域分别有匀强磁场和匀强电场，磁场方向垂直于纸面向里，电场方向与电、磁场分界线平行向右。一带正电荷的粒子以速率v从磁场区域上边界的P点斜射入磁场，然后以垂直于电、磁场分界线的方向进入电场，最后从电场边界上的Q点射出。已知PQ垂直于电场方向，粒子轨迹与电、磁场分界线的交点到PQ的距离为d。不计重力,求电场强度与磁感应强度大小之比及粒子在磁场与电场中运动时间之比。‎ 答案：‎ 解析：本题考查带电粒子在有界磁场中的运动。‎ 粒子在磁场中做匀速圆周运动,如图所示.由于粒子在分界线处的速度与分界线垂直,圆心O应在分界线上,OP长度即为粒子运动的圆弧的半径R.由几何关系得 ‎………①‎ 设粒子的质量和所带正电荷分别为m和q,由洛仑兹力公式和牛顿第二定律得 ‎……………②‎ 设为虚线与分界线的交点,,则粒子在磁场中的运动时间为……③‎ 式中有………④粒子进入电场后做类平抛运动,其初速度为v,方向垂直于电场.设粒子的加速度大小为a,由牛顿第二定律得…………⑤‎ 由运动学公式有……⑥ ………⑦‎ 由①②⑤⑥⑦式得…………⑧‎ 由①③④⑦式得 ‎4．2010·海南物理·15右图中左边有一对平行金属板，两板相距为d．电压为V；两板之间有匀强磁场，磁感应强度大小为，方向与金 属板面平行并垂直于纸面朝里。图中右边有一半径为R、圆心为O的圆形区域内也存在匀强磁场，磁感应强度大小为B，方向垂直于纸面朝里。一电荷量为q的正离子沿平行于全属板面、垂直于磁场的方向射入平行金属板之间，沿同一方向射出平行金属板之间的区域，并沿直径EF方向射入磁场区域，最后从圆形区城边界上的G点射出．已知弧所对应的圆心角为，不计重力．求 ‎(1)离子速度的大小；‎ ‎(2)离子的质量．‎ ‎【答案】（1） （2）‎ ‎【解析】(1)由题设知，离子在平行金属板之间做匀速直线运动，安所受到的向上的压力和向下的电场力平衡 ‎ ①‎ 式中，是离子运动速度的大小，是平行金属板之间的匀强电场的强度，有 ‎ ②‎ 由①②式得 ③‎ ‎(2)在圆形磁场区域，离子做匀速圆周运动，由洛伦兹力公式和牛顿第二定律有 ‎ ④‎ 式中，和分别是离子的质量和它做圆周运动的半径。由题设，离子从磁场边界上的点G穿出，离子运动的圆周的圆心必在过E点垂直于EF的直线上，且在EG的垂直一平分线上(见右图)。由几何关系有 ‎ ⑤‎ 式中，是与直径EF的夹角，由几何关系得 ‎ ⑥‎ 联立③④⑤⑥式得，离子的质量为 ⑦‎ ‎5：如图所示，真空中相距d=‎5 cm的两块平行金属板A、B与电源连接(图中未画出)，其中B板接地（电势为零），A板电势变化的规律如图所示.将一个质量m=2.0×10-23 kg，电量q=+1.6×10‎-1C的带电粒子从紧临B板处释放，不计重力.求： ‎ ‎ (1)在t=0时刻释放该带电粒子，释放瞬间粒子加速度的大小； (2)若A板电势变化周期T=1.0×10-5 s，在t=0时将带电粒子从紧临B板处无初速释放，粒子到达A板时动量的大小；‎ ‎(3)A板电势变化频率多大时，在t=到t=时间内从紧临B板处无初速释放该带电粒子，粒子不能到达A板. 考点分析：本题综合了电场和力学规律的应用，由于电场是变化的，因此对学生造成了一定的难度．‎ 解题思路：电场强度：E =，‎ 带电粒子所受电场力：，F=ma，‎ ‎．‎ 粒子在0到时间内走过的距离为m．‎ 故带电粒在在时恰好到达A板．‎ 根据动量定理，此时粒子动量：‎ kg·m/s 带电粒子在到向A板做匀加速运动，在到向A板做匀减速运动，速度减为零后将返回，粒子向A板运动的可能最大位移 ‎，‎ 要求粒子不能到达A板，有s < d，‎ 由，电势频率变化应满足：‎ ‎ HZ．‎ ‎6、（四川卷）24.(19分)如图所示，直线形挡板p1p2p3与半径为r的圆弧形挡板p3p4p5平滑连接并安装在水平台面b1b2b3b4上，挡板与台面均固定不动。线圈c‎1c2c3的匝数为n,其端点c1、c3通过导线分别与电阻R1和平行板电容器相连，电容器两极板间的距离为d,电阻R1的阻值是线圈c‎1c2c3阻值的2倍，其余电阻不计，线圈c‎1c2c3内有一面积为S、方向垂直于线圈平面向上的匀强磁场，磁场的磁感应强度B随时间均匀增大。质量为m的小滑块带正电，电荷量始终保持为q,在水平台面上以初速度v0从p1位置出发，沿挡板运动并通过p5位置。若电容器两板间的电场为匀强电场，p1、p2在电场外，间距为L,其间小滑块与台面的动摩擦因数为μ，其余部分的摩擦不计，重力加速度为g.‎ 求：‎ ‎（1）小滑块通过p2位置时的速度大小。‎ ‎（2）电容器两极板间电场强度的取值范围。‎ ‎（3）经过时间t,磁感应强度变化量的取值范围。‎ 解析：‎ ‎（1）小滑块运动到位置p2时速度为v1，由动能定理有：‎ ‎－umgL＝ ①‎ v1＝ ②‎ ‎（2）由题意可知，电场方向如图，若小滑块能通过位置p，则小滑块可沿挡板运动且通过位置p5，设小滑块在位置p的速度为v，受到的挡板的弹力为N，匀强电场的电场强度为E，由动能定理有：‎ 由法拉第电磁感应定律得E1＝n　　　　　　　　　　　　⑨‎ 由全电路的欧姆定律得E1＝I（R+2R）　　　　　　 　　　　　⑩‎ ‎ U＝2RI 经过时间t，磁感应强度变化量的取值范围：0＜≤。‎ 四、电磁现象，力与运动，功能关系，大综合 ‎1．2010·福建·21如图所示，两条平行的光滑金属导轨固定在倾角为的绝缘斜面上，导轨上端连接一个定值电阻。导体棒a和b放在导轨上，与导轨垂直并良好接触。斜面上水平虚线PQ以下区域内，存在着垂直穿过斜面向上的匀强磁场。现对a棒施以平行导轨斜向上的拉力，使它沿导轨匀速向上运动，此时放在导轨下端的b棒恰好静止。当a棒运动到磁场的上边界PQ处时，撤去拉力，a棒将继续沿导轨向上运动一小段距离后再向下滑动，此时b棒已滑离导轨。当a棒再次滑回到磁场边界PQ处时，又恰能沿导轨匀速向下运动。已知a棒、b棒和定值电阻的阻值均为R,b棒的质量为m，重力加速度为g，导轨电阻不计。求 （1） a棒在磁场中沿导轨向上运动的过程中，a棒中的电流强度I，与定值电阻R中的电流强度IR之比；‎ （2） a棒质量ma;‎ （3） a棒在磁场中沿导轨向上运动时所受的拉力F。‎ 答案：‎ ‎、2.（09·福建·18）如图所示，固定位置在同一水平面内的两根平行长直金属导轨的间距为d，其右端接有阻值为R的电阻，整个装置处在竖直向上磁感应强度大小为B的匀强磁场中。一质量为m（质量分布均匀）的导体杆ab垂直于导轨放置，且与两导轨保持良好接触，杆与导轨之间的动摩擦因数为u。现杆在水平向左、垂直于杆的恒力F作用下从静止开始沿导轨运动距离L时，速度恰好达到最大（运动过程中杆始终与导轨保持垂直）。设杆接入电路的电阻为r，导轨电阻不计，重力加速度大小为g。则此过程 ‎ ‎1..杆的速度最大值为 ？2..流过电阻R的电量为 ‎3.该过程R所消耗电能是多少？‎ 解析：当杆达到最大速度vm时，得，A错；由公式，B对；在棒从开始到达到最大速度的过程中由动能定理有：‎ ‎，其中，，恒力F做的功与摩擦力做的功之和等于杆动能的变化量与回路产生的焦耳热之和，C错；恒力F做的功与安倍力做的功之和等于于杆动能的变化量与克服摩擦力做的功之和，D对。‎ ‎3. 2010·上海物理·32如图，宽度L=‎0.5m的光滑金属框架MNPQ固定板个与水平面内，并处在磁感应强度大小B=0.4T，方向竖直向下的匀强磁场中，框架的电阻非均匀分布，将质量m=‎0.1kg，电阻可忽略的金属棒ab放置在框架上，并且框架接触良好，以P为坐标原点，PQ方向为x轴正方向建立坐标，金属棒从处以的初速度，沿x轴负方向做的匀减速直线运动，运动中金属棒仅受安培力作用。求：‎ ‎（1）金属棒ab运动‎0.5m，框架产生的焦耳热Q；‎ ‎（2）框架中aNPb部分的电阻R随金属棒ab的位置x变化的函数关系；‎ ‎（3）为求金属棒ab沿x轴负方向运动0.4s过程中通过ab的电量q。‎ 解析：‎ ‎（1），‎ 因为运动中金属棒仅受安培力作用，所以F=BIL 又，所以 且，得 所以 ‎（2），得，所以。‎ ‎（3）正确解法：因电流不变，所以。‎ ‎4.（09·广东物理·18）（15分）如图18（a）所示，一个电阻值为R ，匝数为n的圆形金属线与阻值为2R的电阻R1连结成闭合回路。线圈的半径为r1 . 在线圈中半径为r2‎ 的圆形区域存在垂直于线圈平面向里的匀强磁场，磁感应强度B随时间t变化的关系图线如图18（b）所示。图线与横、纵轴的截距分别为t0和B0 . 导线的电阻不计。求0至t1时间内 ‎（1）通过电阻R1上的电流大小和方向；‎ ‎（2）通过电阻R1上的电量q及电阻R1上产生的热量。‎ 解析：⑴由图象分析可知，0至时间内 ‎ 由法拉第电磁感应定律有 而 由闭合电路欧姆定律有 联立以上各式解得 通过电阻上的电流大小为 ‎ 由楞次定律可判断通过电阻上的电流方向为从b到a ‎⑵通过电阻上的电量 通过电阻上产生的热量 ‎5.（08·北京·22）（16分）均匀导线制成的单位正方形闭合线框abcd，每边长为L，总电阻为R，总质量为m。将其置于磁感强度为B的水平匀强磁场上方h处，如图所示。线框由静止自由下落，线框平面保持在竖直平面内，且cd边始终与水平的磁场边界平行。当cd边刚进入磁场时，‎ ‎（1）求线框中产生的感应电动势大小;‎ ‎（2）求cd两点间的电势差大小;‎ ‎（3）若此时线框加速度恰好为零，求线框下落的高度h所应满足的条件。‎ 解析：（1）cd边刚进入磁场时，线框速度v=‎ 线框中产生的感应电动势E=BLv＝BL ‎(2)此时线框中电流 I=‎ cd两点间的电势差U=I()=‎ ‎(3)安培力 F=BIL=‎ 根据牛顿第二定律mg-F=ma,由a=0‎ 解得下落高度满足 h=‎ ‎6、（江苏卷）13．如图所示，两足够长的光滑金属导轨竖直放置，相距为L, 一理想电流表与两导轨相连，匀强磁场与导轨平面垂直。一质量为m、有效电阻为R的导体棒在距磁场上边界h处静止释放。导体棒进入磁场后，流经电流表的电流逐渐减小，最终稳定为I。整个运动过程中，导体棒与导轨接触良好，且始终保持水平，不计导轨的电阻。求： ‎ ‎（1）磁感应强度的大小B；‎ ‎（2）电流稳定后，导体棒运动速度的大小v；‎ ‎（3）流经电流表电流的最大值Im ‎【答案】（1） （2）（3）‎ ‎【解析】（1）电流稳定后，导体棒做匀速运动 ①‎ 解得：B= ②‎ ‎（2）感应电动势 ③‎ 感应电流 ④‎ ‎ 由②③④解得 ‎（3）由题意知，导体棒刚进入磁场时的速度最大，设为vm 机械能守恒 ‎ 感应电动势的最大值 ‎ 感应电流的最大值 ‎ 解得：‎ ‎1．（福建卷2010）14．火星探测项目是我国继神舟载人航天工程、嫦娥探月工程之后又一个重大太空探索项目。假设火星探测器在火星表面附近圆形轨道运行的周期，神舟飞船在地球表面附近的圆形轨道运行周期为，火星质量与地球质量之比为p，火星半径与地球半径之比为q，则与之比为 K^S*5U.C#O ‎【答案】‎ ‎【解析】设中心天体的质量为，半径为，当航天器在星球表面飞行时，由和解得，即；又因为，所以，‎ 计算题专题复习 一、 运动专题复习：匀变速直线运动，牛顿定律 ‎1、（福建卷2010）16．质量为‎2kg的物体静止在足够大的水平面上，物体与地面间的动摩擦因数为0．2，最大静摩擦力和滑动摩擦力大小视为相等。从t=0时刻开始，物体受到方向不变、大小呈周期性变化的水平拉力F的作用，F随时间t的变化规律如图所示。重力加速度g取‎10m/s2，则物体在t=0到t=12s这段时间内的位移大小为多少？K^S*5U.C#‎ ‎【答案】54m ‎2、（福建卷2010）22．如图所示，物体A放在足够长的木板B上，木板B静止于水平面。t=0时，电动机通过水平细绳以恒力F拉木板B，使它做初速度为零，加速度aB=1．‎0m/s2的匀加速直线运动。已知A的质量mA和B的质量mB均为‎2.0kg,A、B之间的动摩擦因数μ1=0.05，B与水平面之间的动摩擦因数μ2=0.1，最大静摩擦力与滑动摩擦力大小视为相等，重力加速度g取‎10m/s2。求 ‎（1）物体A刚运动时的加速度aA ‎（2）t=1.0s时，电动机的输出功率P；‎ ‎（3）若t=1.0s时，将电动机的输出功率立即调整为P`=5W，并在以后的运动过程中始终保持这一功率不变，t=3.8s时物体A的速度为‎1.2m/s。则在t=1.0s到t=3.8s这段时间内木板B的位移为多少？‎ ‎【答案】（1）（2）（3）‎ ‎3.（09年福建卷）21.如图甲，在水平地面上固定一倾角为θ的光滑绝缘斜面，斜面处于电场强度大小为E、方向沿斜面向下的匀强电场中。一劲度系数为k的绝缘轻质弹簧的一端固定在斜面底端，整根弹簧处于自然状态。一质量为m、带电量为q（q>0）的滑块从距离弹簧上端为s0处静止释放，滑块在运动过程中电量保持不变，设滑块与弹簧接触过程没有机械能损失，弹簧始终处在弹性限度内，重力加速度大小为g。‎ ‎（1）求滑块从静止释放到与弹簧上端接触瞬间所经历的时间t1‎ ‎（2）若滑块在沿斜面向下运动的整个过程中最大速度大小为vm，求滑块从静止释 ‎ 放到速度大小为vm过程中弹簧的弹力所做的功W；‎ ‎（3）从滑块静止释放瞬间开始计时，请在乙图中画出滑块在沿斜面向下运动的整 ‎ 个过程中速度与时间关系v-t图象。图中横坐标轴上的t1、t2及t3分别表示滑块第一次与弹簧上端接触、第一次速度达到最大值及第一次速度减为零的时刻，纵坐标轴上的v1为滑块在t1时刻的速度大小，vm是题中所指的物理量。（本小题不要求写出计算过程）‎ 答案：（1）; （2）; ‎ ‎(3) ‎ ‎4．（四川卷）质量为M的拖拉机拉着耙来耙地，由静止开始做匀加速直线运动，在时间t内前进的距离为s。耙地时，拖拉机受到的牵引力恒为F，受到地面的阻力为自重的k倍，把所受阻力恒定，连接杆质量不计且与水平面的夹角θ保持不变。求：‎ ‎（1）拖拉机的加速度大小。‎ ‎（2）拖拉机对连接杆的拉力大小。‎ ‎（3）时间t内拖拉机对耙做的功。‎ ‎【答案】（1） （2） ‎ ‎（3）‎ ‎5、（新课标卷）．短跑名将博尔特在北京奥运会上创造了‎100m和‎200m短跑项目的新世界纪录，他的成绩分别是9．69 s和l9．30 s。假定他在‎100 m比赛时从发令到起跑的反应时间是0．15 S，起跑后做匀加速运动，达到最大速率后做匀速运动。‎200 m比赛时，反应时间及起跑后加速阶段的加速度和加速时间与l‎00 m比赛时相同，但由于弯道和体力等因素的影响，以后的平均速率只有跑l‎00 m时最大速率的96％。求：‎ ‎ (1)加速所用时间和达到的最大速率：‎ ‎ (2)起跑后做匀加速运动的加速度。‎ ‎ (结果保留两位小数)‎ ‎【答案】（1）1.29s ‎11.24m/s （2）‎8.71m/s2‎ ‎【‎ ‎6、（上海物理）．倾角q＝37°，质量M＝‎5kg的粗糙斜面位于水平地面上。质量m＝‎2kg的木块置于斜顶端，从静止开始匀加速下滑，经t＝2s到达底端，运动路程L＝‎4m，在此过程中斜面保持静止（sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，g取‎10m/s2）。求： ‎ ‎（1）地面对斜面的摩擦力大小与方向；‎ ‎（2）地面对斜面的支持力大小；‎ ‎（3）通过计算证明木块在此过程中满足动能定理。‎ ‎【答案】（1）—3.2N 向左（2）67.6N（3）见解析 二、曲线运动：平抛运动，圆周运动，功能关系，动能定理和能量守恒 ‎1.（09·福建·20）（15分）如图所示，射击枪水平放置，射击枪与目标靶中心位于离地面足够高的同一水平线上，枪口与目标靶之间的距离s=‎100 m，子弹射出的水平速度v=‎200m/s，子弹从枪口射出的瞬间目标靶由静止开始释放，不计空气阻力，取重力加速度g为‎10 m/s2，求：‎ ‎（1）从子弹由枪口射出开始计时，经多长时间子弹击中目标靶？‎ ‎（2）目标靶由静止开始释放到被子弹击中，下落的距离h为多少？‎ 答案：（1）0.5s（2）‎‎1.25m ‎2、（浙江卷）22．在一次国际城市运动会中，要求运动员从高为H的平台上A点由静止出发，沿着动摩擦因数为的滑道向下运动到B点后水平滑出，最后落在水池中。设滑道的水平距离为L，B点的高度h可由运动员自由调节（取g=‎10m/s2）。求：‎ ‎（1）运动员到达B点的速度与高度h的关系；‎ ‎（2）运动员要达到最大水平运动距离，B点的高度h应调为多大？对应的最大水平距离Smax为多少？‎ ‎（3）若图中H＝‎4m，L＝‎5m，动摩擦因数＝0.2，则水平运动距离要达到‎7m，h值应为多少？‎ H L h A B ‎【答案】（1）（2）‎ ‎（3）‎2.62cm或‎0.38cm ‎3、（江苏卷）14．在游乐节目中，选手需要借助悬挂在高处的绳飞越到水面的浮台上，小明和小阳观看后对此进行了讨论。如图所示，他们将选手简化为质量m=‎60kg的指点， 选手抓住绳由静止开始摆动，此事绳与竖直方向夹角α=300，绳的悬挂点O距水面的高度为H=3m.不考虑空气阻力和绳的质量，浮台露出水面的高度不计，水足够深。取中立加速度g=10m/s2，sin530=0.8，cos530=0.6‎ ‎（1）求选手摆到最低点时对绳拉力的大小F；‎ ‎（2）若绳长l=‎2m, 选手摆到最高点时松手落入手中。设水碓选手的平均浮力f1=800N，平均阻力f2=700N，求选手落入水中的深度d；‎ ‎（3）若选手摆到最低点时松手，‎ ‎ 小明认为绳越长，在浮台上的落点距岸边越远；小阳认为绳越短，落点距岸边越远，请通过推算说明你的观点。‎ ‎【答案】（1）1080N （2）‎1.2m （3）见解析 ‎4.如图，长为L的轻绳一端系于固定点O，另一端系质量为m的小球。将小球从O点以一定初速水平向右抛出，经一定时间绳被拉直，以后小球将以O为支点在竖直平面内摆动。已知绳刚被拉直时，绳与竖直线成60°角。求：‎ ‎（1）小球水平抛出时的初速v0 ‎ ‎（2）小球摆到最低点时，绳所受的拉力T ‎ ‎5．如图所示，半径R=‎2m的四分之一粗糙圆弧轨道AB置于竖直平面内，轨道的B ‎ 端切线水平，且距水平地面高度为h=1．‎25m，现将一质量m=0．‎2kg的小滑块从A点由静止释放，滑块沿圆弧轨道运动至B点以v=‎5m/s的速度水平飞出(g取‎10m／s2)．求：‎ ‎ （1）小滑块沿圆弧轨道运动过程中所受摩擦力做的功；‎ ‎ （2）小滑块经过B点时对圆轨道的压力大小；‎ ‎ （3）小滑块着地时的速度大小和方向．‎ ‎.解析：Wf=1.5J，FN=4.5N ， ‎ ‎6．陕西省西安铁一中2010届高三上学期期中考试如图所示的装置是在竖直平面内放置光滑的绝缘轨道，处于水平向右的匀强电场中，以带负电荷的小球从高h的A处静止开始下滑，沿轨道ABC运动后进入圆环内作圆周运动。已知小球所受到电场力是其重力的3／4，圆滑半径为R，斜面倾角θ=450，sBC=2R。若使小球在圆环内能作完整的圆周运动，h至少为多少？ h=35R/2。‎ ‎ ‎ ‎7、（北京卷）21．如图，跳台滑雪运动员经过一段加速滑行后从O点水平飞出，经过3.0 s落到斜坡上的A点。已知O点是斜坡的起点，斜坡与水平面的夹角＝37°，运动员的质量m＝‎50 kg。不计空气阻力。（取sin37°＝0.60，cos37°＝0.80;g取‎10 m/s2）求 ‎ （1）A点与O点的距离L;‎ ‎ （2）运动员离开O点时的速度大小; ‎ ‎ （3）运动员落到A点时的动能。‎ ‎【答案】（1）‎75m （2）‎20m/s （3）32500J ‎ ‎ ‎5． 2010·福建·14火星探测项目是我国继神舟载人航天工程、嫦娥探月工程之后又一个重大太空探索项目。假设火星探测器在火星表面附近圆形轨道运行的周期，神舟飞船在地球表面附近的圆形轨道运行周期为，火星质量与地球质量之比为p，火星半径与地球半径之比为q，则与之比为 A. B. C. D. ‎ 答案：D ‎4. 2010·江苏物理·62009年5月，航天飞机在完成对哈勃空间望远镜的维修任务后，在A点从圆形轨道Ⅰ进入椭圆轨道Ⅱ，B为轨道Ⅱ上的一点，如图所示，关于航天飞机的运动，下列说法中错误的有 ‎（A）在轨道Ⅱ上经过A的速度小于经过B的速度 ‎（B）在轨道Ⅱ上经过A的动能小于在轨道Ⅰ上经过A 的动能 ‎（C）在轨道Ⅱ上运动的周期小于在轨道Ⅰ上运动的周期 ‎（D）在轨道Ⅱ上经过A的加速度小于在轨道Ⅰ上经过A的加速度 答案：D ‎9．2010·海南物理·10火星直径约为地球的一半，质量约为地球的十分之一，它绕太阳公转的轨道半径约为地球公转半径的1.5倍。根据以上数据，以下说法正确的是 A．火星表面重力加速度的数值比地球表面大 B．火星公转的周期比地球的长 C．火星公转的线速度比地球的大 D．火星公转的向心加速度比地球的大 ‎ ‎【答案】B ‎ 三、带电粒子在电场，磁场中的运动 ‎1、（福建卷2010）20、（15分）如图所示的装置，左半部为速度选择器，右半部为匀强的偏转电场。一束同位素离子流从狭缝射入速度选择器，能够沿直线通过速度选择器并从狭缝射出的离子，又沿着与电场垂直的方向，立即进入场强大小为的偏转电场，最后打在照相底片上。已知同位素离子的电荷量为(＞0)，速度选择器内部存在着相互垂直的场强大小为的匀强电场和磁感应强度大小为的匀强磁场，照相底片D与狭缝、连线平行且距离为L，忽略重力的影响。‎ ‎（1）求从狭缝射出的离子速度的大小； ‎ ‎（2）若打在照相底片上的离子在偏转电场中沿速度方向飞行的距离为，求出与离子质量之间的关系式(用、、、、、L表示)。‎ ‎ ‎ ‎2.（09年福建卷）22.(20分)图为可测定比荷的某装置的简化示意图，在第一象限区域内有垂直于纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小B=2.0×10-3T,在X轴上距坐标原点L=‎0.50m的P处为离子的入射口，在Y上安放接收器，现将一带正电荷的粒子以v=3.5×‎104m/s的速率从P处射入磁场，若粒子在y轴上距坐标原点L=‎0.50m的M处被观测到，且运动轨迹半径恰好最小，设带电粒子的质量为m,电量为q,不记其重力。‎ ‎（1）求上述粒子的比荷；‎ ‎（2）如果在上述粒子运动过程中的某个时刻，在第一象限内再加一个匀强电场，就可以使其沿y轴正方向做匀速直线运动，求该匀强电场的场强大小和方向，并求出从粒子射入磁场开始计时经过多长时间加这个匀强电场；‎ ‎（3）为了在M处观测到按题设条件运动的上述粒子，在第一象限内的磁场可以局限在一个矩形区域内，求此矩形磁场区域的最小面积，并在图中画出该矩形。‎ 答案（1）=4.9×C/kg（或5.0×C/kg）；（2） ； （3）‎ ‎3.（09年全国卷Ⅱ）25.（18分）如图，在宽度分别为和的两个毗邻的条形区域分别有匀强磁场和匀强电场，磁场方向垂直于纸面向里，电场方向与电、磁场分界线平行向右。一带正电荷的粒子以速率v从磁场区域上边界的P点斜射入磁场，然后以垂直于电、磁场分界线的方向进入电场，最后从电场边界上的Q点射出。已知PQ垂直于电场方向，粒子轨迹与电、磁场分界线的交点到PQ的距离为d。不计重力,求电场强度与磁感应强度大小之比及粒子在磁场与电场中运动时间之比。‎ 答案：‎ ‎4．2010·海南物理·15右图中左边有一对平行金属板，两板相距为d．电压为V；两板之间有匀强磁场，磁感应强度大小为，方向与金属板面平行并垂直于纸面朝里。图中右边有一半径为R、圆心为O的圆形区域内也存在匀强磁场，磁感应强度大小为B，方向垂直于纸面朝里。一电荷量为q的正离子沿平行于全属板面、垂直于磁场的方向射入平行金属板之间，沿同一方向射出平行金属板之间的区域，并沿直径EF方向射入磁场区域，最后从圆形区城边界上的G点射出．已知弧所对应的圆心角为，不计重力．求 ‎(1)离子速度的大小；‎ ‎(2)离子的质量．‎ ‎【答案】（1） （2）‎ ‎ ‎ ‎、‎ ‎5：如图所示，真空中相距d=‎5 cm的两块平行金属板A、B与电源连接(图中未画出)，其中B板接地（电势为零），A板电势变化的规律如图所示.将一个质量m=2.0×10-23 kg，电量q=+1.6×10‎-1C的带电粒子从紧临B板处释放，不计重力.求： ‎ ‎ (1)在t=0时刻释放该带电粒子，释放瞬间粒子加速度的大小； (2)若A板电势变化周期T=1.0×10-5 s，在t=0时将带电粒子从紧临B板处无初速释放，粒子到达A板时速度的大小；‎ ‎(3)A板电势变化频率多大时，在t=到t=时间内从紧临B板处无初速释放该带电粒子，粒子不能到达A板. ，v=2m/s, ‎ ‎6、（四川卷）24.(19分)如图所示，直线形挡板p1p2p3与半径为r的圆弧形挡板p3p4p5平滑连接并安装在水平台面b1b2b3b4上，挡板与台面均固定不动。线圈c‎1c2c3的匝数为n,其端点c1、c3通过导线分别与电阻R1和平行板电容器相连，电容器两极板间的距离为d,电阻R1的阻值是线圈c‎1c2c3阻值的2倍，其余电阻不计，线圈c‎1c2c3内有一面积为S、方向垂直于线圈平面向上的匀强磁场，磁场的磁感应强度B随时间均匀增大。质量为m的小滑块带正电，电荷量始终保持为q,在水平台面上以初速度v0从p1位置出发，沿挡板运动并通过p5位置。若电容器两板间的电场为匀强电场，p1、p2在电场外，间距为L,其间小滑块与台面的动摩擦因数为μ，其余部分的摩擦不计，重力加速度为g.‎ 求：‎ ‎（1）小滑块通过p2位置时的速度大小。‎ ‎（2）电容器两极板间电场强度的取值范围。‎ ‎（3）经过时间t,磁感应强度变化量的取值范围。0＜≤‎ 四、电磁现象，力与运动，功能关系，大综合 ‎1．2010·福建·21如图所示，两条平行的光滑金属导轨固定在倾角为 的绝缘斜面上，导轨上端连接一个定值电阻。导体棒a和b放在导轨上，与导轨垂直并良好接触。斜面上水平虚线PQ以下区域内，存在着垂直穿过斜面向上的匀强磁场。现对a棒施以平行导轨斜向上的拉力，使它沿导轨匀速向上运动，此时放在导轨下端的b棒恰好静止。当a棒运动到磁场的上边界PQ处时，撤去拉力，a棒将继续沿导轨向上运动一小段距离后再向下滑动，此时b棒已滑离导轨。当a棒再次滑回到磁场边界PQ处时，又恰能沿导轨匀速向下运动。已知a棒、b棒和定值电阻的阻值均为R,b棒的质量为m，重力加速度为g，导轨电阻不计。求 （1） a棒在磁场中沿导轨向上运动的过程中，a棒中的电流强度I，与定值电阻R中的电流强度IR之比；‎ （2） a棒质量ma;‎ （3） a棒在磁场中沿导轨向上运动时所受的拉力F。‎ 答案：‎ ‎、2.（09·福建·18）如图所示，固定位置在同一水平面内的两根平行长直金属导轨的间距为d，其右端接有阻值为R的电阻，整个装置处在竖直向上磁感应强度大小为B的匀强磁场中。一质量为m（质量分布均匀）的导体杆ab垂直于导轨放置，且与两导轨保持良好接触，杆与导轨之间的动摩擦因数为u。现杆在水平向左、垂直于杆的恒力F作用下从静止开始沿导轨运动距离L时，速度恰好达到最大（运动过程中杆始终与导轨保持垂直）。设杆接入电路的电阻为r，导轨电阻不计，重力加速度大小为g。则此过程 ‎ ‎1..杆的速度最大值为 ？2..流过电阻R的电量为 ‎3.该过程R所消耗电能是多少？‎ ‎3. 2010·上海物理·32如图，宽度L=‎0.5m的光滑金属框架MNPQ固定板个与水平面内，并处在磁感应强度大小B=0.4T，方向竖直向下的匀强磁场中，框架的电阻非均匀分布，将质量m=‎0.1kg，电阻可忽略的金属棒ab放置在框架上，并且框架接触良好，以P为坐标原点，PQ方向为x轴正方向建立坐标，金属棒从处以的初速度，沿x轴负方向做 的匀减速直线运动，运动中金属棒仅受安培力作用。求：‎ ‎（1）金属棒ab运动‎0.5m，框架产生的焦耳热Q；‎ ‎（2）框架中aNPb部分的电阻R随金属棒ab的位置x变化的函数关系；‎ ‎（3）为求金属棒ab沿x轴负方向运动0.4s过程中通过ab的电量q。‎ 解析： ‎ ‎4.（09·广东物理·18）（15分）如图18（a）所示，一个电阻值为R ，匝数为n的圆形金属线与阻值为2R的电阻R1连结成闭合回路。线圈的半径为r1 . 在线圈中半径为r2的圆形区域存在垂直于线圈平面向里的匀强磁场，磁感应强度B随时间t变化的关系图线如图18（b）所示。图线与横、纵轴的截距分别为t0和B0 . 导线的电阻不计。求0至t1时间内 ‎（1）通过电阻R1上的电流大小和方向；‎ ‎（2）通过电阻R1上的电量q及电阻R1上产生的热量。‎ 解析： ‎ ‎ ‎ ‎5.（08·北京·22）（16分）均匀导线制成的单位正方形闭合线框abcd，每边长为L，总电阻为R，总质量为m。将其置于磁感强度为B的水平匀强磁场上方h处，如图所示。线框由静止自由下落，线框平面保持在竖直平面内，且cd边始终与水平的磁场边界平行。当cd边刚进入磁场时，‎ ‎（1）求线框中产生的感应电动势大小;‎ ‎（2）求cd两点间的电势差大小;‎ ‎（3）若此时线框加速度恰好为零，求线框下落的高度h所应满足的条件。‎ 解析：（1）cd边刚进入磁场时，线框速度v=‎ 线框中产生的感应电动势E=BLv＝BL ‎(2)此时线框中电流 I=‎ cd两点间的电势差U=I()=‎ ‎(3)安培力 F=BIL=‎ 根据牛顿第二定律mg-F=ma,由a=0‎ 解得下落高度满足 h=‎ ‎6、（江苏卷）13．如图所示，两足够长的光滑金属导轨竖直放置，相距为L, 一理想电流表与两导轨相连，匀强磁场与导轨平面垂直。一质量为m、有效电阻为R的导体棒在距磁场上边界h处静止释放。导体棒进入磁场后，流经电流表的电流逐渐减小，最终稳定为I。整个运动过程中，导体棒与导轨接触良好，且始终保持水平，不计导轨的电阻。求： ‎ ‎（1）磁感应强度的大小B；‎ ‎（2）电流稳定后，导体棒运动速度的大小v；‎ ‎（3）流经电流表电流的最大值Im ‎【答案】（1） （2）（3）‎ 五、实验专题复习：‎ ‎1、长度的测量 ‎（安徽卷）21．Ⅰ．（1）在测定金属的电阻率实验中，用螺旋测微器测量金属丝的直径，示数如图1所示，读数为__________________mm。‎ ‎（2）在用单摆测定重力加速度实验中，用游标为20分度的卡尺测量摆球的直径，示数如图2所示，读数为__________________cm。‎ ‎0‎ ‎10‎ ‎15‎ 图1‎ ‎0‎ ‎1‎ ‎2‎ ‎0‎ ‎10‎ ‎20‎ 图2‎ cm ‎【答案】（1）0.617（0.616～0.619） （2）0.675‎ ‎【解析】（1）‎0.5mm+11.7×‎0.01mm=‎0.617mm（2）‎0.6cm+15×‎0.05mm=‎‎0.675cm ‎2、研究匀变速直线运动 ‎1、（重庆卷）22．（1）某同学用打点计时器测量做匀加速直线运动的物体的加速度，电源频率f=50Hz在线带上打出的点中，选出零点，每隔4个点取1个计数点，因保存不当，纸带被污染，如是22图1所示，A、B、C、D是依次排列的4个计数点，仅能读出其中3个计数点到零点的距离：‎ ‎=‎16.6mm =‎126.5mm =‎‎624.5mm 若无法再做实验，可由以上信息推知：‎ 相信两计数点的时间间隔为__________S ‎② 打C点时物体的速度大小为____________m/s(取2位有效数字)‎ ‎③物体的加速度大小为__________(用、、、和f表示)‎ ‎【答案】①0.1s ②‎2.5m/s ③‎ ‎【解析】①T=0.02×5=0.1s ②‎ ‎③匀加速运动的位移特征是相邻的相等时间间隔内的位移以aT2均匀增大，有，，，所以 ‎3、验证力的平行四边形定则 ‎（天津卷）9．（2）在探究求合力的方法时，先将橡皮条的一端固定在水平木板上，另一端系上带有绳套的两根细绳。实验时，需要两次拉伸橡皮条，一次是通过两细绳用两个弹簧秤互成角度的拉橡皮条，另一次是用一个弹簧秤通过细绳拉橡皮条。‎ ‎①实验对两次拉伸橡皮条的要求中，下列哪些说法是正确的 （填字母代号）。‎ ‎ A．将橡皮条拉伸相同长度即可 B．将橡皮条沿相同方向拉到相同长度 ‎ C．将弹簧秤都拉伸到相同刻度 D．将橡皮条和绳的结点拉到相同位置 ‎②同学们在操作过程中有如下议论，其中对减小实验误差有益的说法是 （填字母代号）。‎ A．两细绳必须等长 B．弹簧秤、细绳、橡皮条都应与木板平行 C．用两弹簧秤同时拉细绳时两弹簧秤示数之差应尽可能大 D．拉橡皮条的细绳要长些，标记同一细绳方向的两点要远些 ‎【答案】①B D ②B D ‎【解析】①实验中两次拉伸橡皮条要将橡皮条拉伸相同长，即将橡皮条和绳的结点拉到相同位置。‎ ‎②为了减小实验误差，尽可能使弹簧秤、细绳、橡皮条与木板平行；为了能更好地确定力的方向，细绳要长些，标记同一细绳方向的两点要远些。‎ ‎4、验证机械能守恒定律 ‎1、（全国卷Ⅱ）22．利用图中所示的装置可以研究自由落体运动。实验中需要调整好仪器，接通打点计时器的电源，松开纸带，使重物下落。打点计时器会在纸带上打出一系列的小点。‎ ‎（1）为了测试中午下落的加速度，还需要的实验器材有 。（填入正确选项前的字母）‎ A.天平 B.秒表 C.米尺 ‎（2）若实验中所得到的重物下落的加速度值小于当地的重物加速度值，而实验操作与数据处理均无错误，写出一个你认为可能引起此错误差的原因： 。‎ ‎【答案】（1）C （2）打点计时器与纸带间的摩擦 ‎【解析】（1）时间由打点计时器确定，用米尺测定位移。答案C（2）打点计时器与纸带间的摩擦 ‎2、（安徽卷）21．Ⅲ．利用图示装置进行验证机械能守恒定律的实验时，需要测量物体由静止开始自由下落到某点时的瞬时速度和下落高度。某班同学利用实验得到的纸带，设计了以下四种测量方案。‎ a. 用刻度尺测出物体下落的高度，并测出下落时间,通过v=gt计算出瞬时速度v0‎ b. 用刻度尺测出物体下落的高度，并通过计算出瞬时速度 c. 根据做匀速直线运动时纸带上某点的瞬时速度，等于这点前后相邻两点间的平均速度，测算出瞬时速度，并通过计算出高度 d. 用刻度尺测出物体下落的高度，根据做匀速直线运动时纸带上某点的瞬时速度，等于这点前后相邻两点间的平均速度，测算出瞬时速度v0‎ 以上方案中只有一种正确，正确的是 。（填入相应的字母）‎ ‎【答案】d ‎【解析】物体由静止开始自由下落过程中受到空气阻力和纸带与打点计时器的摩擦阻力作用，不是自由落体运动，a、b错误。物体下落的高度是用米尺测量的，不是计算的，c错误。d为验证机械能守恒定律的实验测量方案，正确。‎ ‎5、测定电阻及金属的电阻率 ‎2、（新课标卷）23．用对温度敏感的半导体材料制成的某热敏电阻RT，在给定温度范围内，其阻值随温度的变化是非线性的。某同学将RT和两个适当的固定电阻R1、R2连成图1虚线框内所示的电路，以使该电路的等效电阻RL的阻值随RT所处环境温度的变化近似为线性的，且具有合适的阻值范围。为了验证这个设计，他采用伏安法测量在不同温度下RL的阻值，测量电路如图1所示，图中的电压表内阻很大。RL的测量结果如表l所示。‎ 回答下列问题：‎ ‎（1）根据图1所示的电路，在图2所示的实物图上连线。‎ ‎(2)为了检验RL与t之间近似为线性关系，在坐标纸上作RL-t关系图线 ‎ (3)在某一温度下，电路中的电流表、电压表的示数如图3、4所示。电流表的读数为____，电压表的读数为___。此时等效电阻RL的阻值为___：热敏电阻所处环境的温度约为____。‎ ‎【答案】（1）如图所示（2）如图所示（3）115.0mA，5.00V，43.5Ω，‎‎64.0℃‎ ‎【解析】（1）根据电路图连接电路。（2）根据数据描出点，拟合成直线。（3）mA，V，，对照图找出相应的温度‎64.0℃‎。‎ ‎6、（天津卷）9．（3）要测量电压表V1的内阻RV，其量程为2V，内阻约为2kΩ。实验室提供的器材有：‎ 电流表A，量程‎0.6A，内阻约0.1Ω；‎ 电压表V2，量程5V，内阻5kΩ；‎ 定值电阻R1，阻值30Ω；‎ 定值电阻R2，阻值3kΩ；‎ 滑动变阻器R3，最大阻值100Ω，额定电流‎1.5A；‎ 电源E，电动势6V，内阻约0.5Ω；‎ 开关S一个，导线若干。‎ ‎①有人拟将待测电压表V1和电流表A串联接入电压合适的测量电路中，测出V1的电压和电流，再计算出RV。该方案实际上不可行，其最主要的原因是 ；‎ ‎②请从上述器材中选择必要的器材，设计一个测量电压表V1内阻RV的实验电路。要求测量尽量准确，实验须在同一电路中，且在不增减元件的条件下完成。试画出符合要求的实验电路图（图中电源与开关已连好），并标出所选元件的相应字母代号；‎ ‎③由上问写出V1内阻RV的表达式，说明式中各测量量的物理意义。‎ ‎【答案】①电流表A不能准确测量出流过电压表V1的电流。‎ ‎ ②测量电压表V1内阻RV的实验电路如图所示： ‎ ‎ ③= U1表示V1的电压 U2表示V1 和R2串联的总电压 ‎【解析】①由于电压表的内阻很大，流过的电流较小，待测电压表V1和电流表A串联接入电压合适的测量电路中，电流表A不能准确测量出流过电压表V1的电流。‎ ‎②由于电压表V1接入电路后，由电流通过时其两端电压可以直接读出，因而利用串联分压的特点，选用标准电压表V2和定值电阻R2 ，反复测量通过滑动变阻器R3控制即可。测量电压表V1内阻RV的实验电路如图 ‎ ‎③根据串联电路的特点：（式中U1表示V1的电压， U2表示V1 和R2串联的总电压），所以=‎ ‎6、描绘伏安特性曲线 ‎2、（重庆卷）22．（2）在探究小灯泡的伏安特性实验中，所用器材有：灯泡1，量程恰当的电流表示 A和电压V，直流电源滑动变阴器R，电键S等，要求灯泡两端电压从OV开始变化，‎ ① 实验中滑动变阻器应采用____________接法（填“分压”或“限流”）‎ ② 某同学已连接如题22图2所示的电路，在连接最后一根导线的C端到直接电源正极之前，请指出其中仅有的2个不当之处，并说明如何改下 A．_________________________B．______________________‎ ① 电路连接正确后，分别测得两只灯泡和的伏安特性曲线如题22图3中Ⅰ和Ⅱ所示。然后将灯泡、与电池组（电动势和内阻均恒定）连成题22图4所示电路。多次测量后得到通过和的电流平均值分别为‎0.30A和‎0.60A。‎ A. 在题22图3中画出电池组路端电压U和电流I的关系曲线。‎ B. 由该曲线可知电池组的电动势为_________V，内阻为_________。（取2位有效数字）‎ ‎【答案】①分压 ②A电键S不应闭合，应处于断开状态；B滑动变阻器滑动触头P位置不当，应将其置于b端。③4.6V 2.7Ω ‎【解析】①要求电压从0到额定电压变化，所以滑动变阻器必须采用分压接法。‎ ‎ ②A电键S不应闭合，应处于断开状态；B滑动变阻器滑动触头P位置不当，应将其置于b端。‎ ‎③描绘电源的伏安特性曲线要求外电阻变化测定对应的多组路端电压和电流，本实验中用两个小灯泡来改变外电阻获得两组电流值，然后在小灯泡的伏安特性曲线上查出对应的电压，用两个坐标点描绘图像。为描绘准确可以先进行理论计算，首先查出两坐标为（‎0.30A，3.8V）和（‎0.60A，3.0V），则内阻为Ω，电动势为， V，然后作出准确图像如图。‎