上海市闵行区中考物理一模试卷

上海市闵行区中考物理一模试卷

上海市闵行区2019年中考物理一模试卷 一、选择题（每题2分，共18分）‎ ‎1．（2分）（2019•闵行区一模）如图所示的实例中，不属于利用大气压的是（　　）‎ ‎　‎ A．‎ 水坝上窄下宽 B．‎ 瓶吞鸡蛋 C．‎ 吸尘器 D．‎ 拔火罐 考点：‎ 大气压的综合应用．‎ 专题：‎ 气体的压强、流体压强与流速的关系．‎ 分析：‎ 解答此题从以下知识点入手：‎ ‎①吸尘器能除尘，主要在于它的“头部”装有一个电动抽风机．抽风机的转轴上有风叶轮，通电后，抽风机会以高速转动，使空气高速排出，内外产生压强差，吸入含灰尘的空气．‎ ‎②液体压强随深度的增加而增大．‎ 解答：‎ 解：A、由于液体的压强随深度的增加而增大，河水的深度越深压强越大，为了大坝的坚固，下面必须修的宽一些，与大气压无关，不符合题意．‎ B、浸过酒精的棉花燃烧时，使瓶内的气体受热膨胀，一部分空气跑到瓶外，用鸡蛋封住瓶口，瓶内的棉花停止燃烧，瓶内气体温度降低，压强减小．此时瓶内气压小于瓶外大气压，在大气压的作用下鸡蛋被压入瓶中，属于利用大气压．‎ C、电动抽风机高速转动时，空气排出，内部压强减小，外部压强不变，把含灰尘的空气吸入．故本选项属于利用大气压．‎ D、先把酒精在罐内烧一下，罐内空气受热排出，此时迅速把罐扣在皮肤上，罐内的空气冷却后压强降低，小于外面的大气压，外面的大气压就将罐紧紧地压在皮肤上．‎ 故选A．‎ 点评：‎ 生活中利用大气压强的例子很多，例如呼吸、吸管喝饮料、注射器吸入药液、钢笔吸墨水、抽水机等等，事例不同，但是理论相同．本题涉及到了比较多的考点，考查物理知识的灵活应用，我们在日常生活中要认真观察生活中的物理现象，并认真分析，而综合性的题目也在逐步的成为中招的宠儿．‎ ‎2．（2分）（2019•闵行区一模）下列各物理量中，可以用来鉴别物质的是（　　）‎ ‎　‎ A．‎ 密度 B．‎ 体积 C．‎ 质量 D．‎ 重力 考点：‎ 密度的应用与物质鉴别．‎ 分析：‎ 密度是物质的特性，不同的物质密度一般是不同的，因此根据密度的大小可鉴别不同的物质．‎ 解答：‎ 解：密度是物质的特性，不同的物质密度一般是不同的，而体积、质量、重力不是物质的特性，和物质的种类没有关系，所以鉴别物质的种类应该利用密度的不同．‎ 故选A．‎ 点评：‎ 能够用来鉴别物质种类的物理量有密度、比热容、热值、熔点、沸点等，但是也不能单纯只看这几个量的大小，还要结合多方面的知识，如：气味、颜色等来判断．‎ ‎3．（2分）（2019•闵行区一模）如图2所示的实例中，目的是为了减小压强的是（　　）‎ ‎　‎ A．‎ B．‎ C．‎ D．‎ 刀刃磨得很薄 切鸡蛋的线很细 书包背带很宽 别针的针头很尖 考点：‎ 减小压强的方法及其应用．‎ 专题：‎ 压强、液体的压强．‎ 分析：‎ ‎（1）增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积来增大压强；在受力面积一定时，增大压力来增大压强；‎ ‎（2）减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积来减小压强；在受力面积一定时，减小压力来减小压强．‎ 解答：‎ 解：A、刀刃磨得很薄，在压力一定时，通过减小受力面积增大了压强，不符合题意；‎ B、切鸡蛋的线很细，在压力一定时，通过减小受力面积增大了压强，不符合题意；‎ C、书包背带很宽，在压力一定时，通过增大受力面积减小了压强，符合题意；‎ D、别针的针头很尖，在压力一定时，通过减小受力面积增大了压强，不符合题意．‎ 故选C．‎ 点评：‎ 掌握压强大小的影响因素，利用控制变量法解释生活中有关增大和减小压强的问题．‎ ‎4．（2分）（2019•闵行区一模）下面电器正常工作时电流最接近4安的是（　　）‎ ‎　‎ A．‎ 电视机 B．‎ 笔记本电脑 C．‎ 台灯 D．‎ 电吹风 考点：‎ 电流的大小．‎ 专题：‎ 应用题；电流和电路．‎ 分析：‎ 本题考查用电器的电流大小，可用电功率公式将电流转变为电功率，以便分析．‎ 解答：‎ 解：家用电器的额定电压都是220V，根据P=UI得，工作电流为4A的用电器的电功率是880W．‎ 电视机的电功率约为100W；笔记本电脑越80W左右；台灯的电功率约为30W；电吹风的功率约是800W左右，所以最接近的是家用电吹风．‎ 故选 D．‎ 点评：‎ 对于每个用电器的电流大小是多少，我们是有些陌生，不过我们可以借助我们比较熟悉的电功率来进行分析．‎ ‎5．（2分）（2019•宁德）如图所示，电冰箱内有一个通过冰箱门来控制的开关，当冰箱门打开时，开关闭合使冰箱内的照明灯点亮；当冰箱门关闭时，开关断开使冰箱内的照明灯熄灭．在下面的四个电路中，能正确表示冰箱开门状态下冰箱内照明电路的是（　　）‎ ‎　‎ A．‎ B．‎ C．‎ D．‎ 考点：‎ 串联电路和并联电路的辨别．‎ 专题：‎ 压轴题．‎ 分析：‎ 当冰箱门打开时，开关闭合使冰箱内的照明灯点亮，灯泡与电源接通，结合四个选项进行分析即可．‎ 解答：‎ 解：关门时，弹簧受压，此时灯泡不亮；开门时，弹簧恢复原状，开关与灯泡所在电路接通，灯泡亮；‎ 能表示冰箱门打开状态的是A、C，故B、D是闭合状态，不符合题意；‎ A中的灯泡没有与电源接通，所以灯不亮，故A不符合题意，C中开关闭合，灯泡所在电路接通，因此符合题意．‎ 故选C．‎ 点评：‎ 此类电学应用题目，要结合电路知识和生活经验分析．‎ ‎6．（2分）（2019•成都一模）两只完全相同的平底鱼缸甲和乙，盛有适量的水，把小木船放入乙后，小木船处于漂浮状态，此时两鱼缸内的水面刚好相平，如图所示．若水对鱼缸底的压强为P甲和P乙，鱼缸对桌面的压力为F甲和F乙，则它们的关系正确的是（　　）‎ ‎　‎ A．‎ P甲＜P乙，F甲＜F乙 B．‎ P甲=P乙，F甲=F乙 C．‎ P甲=P乙，F甲＜F乙 D．‎ P甲＜P乙，F甲=F乙 考点：‎ 压强大小比较；压力及重力与压力的区别．‎ 专题：‎ 压强、液体的压强．‎ 分析：‎ ‎（1）根据液体压强公式p=ρgh比较水对鱼缸底的压强为P甲和P乙；‎ ‎（2）水平面上物体的压力和自身的重力相等，据此可知甲、乙两鱼缸对桌面的压力关系．‎ 解答：‎ 解：（1）因为此时两鱼缸内的水面刚好相平，由液体压强公式p=ρgh可得水对鱼缸底的压强为P甲=P乙；‎ ‎（2）根据水平面上物体的压力和自身的重力相等和G=mg可知，把小木船放入乙后，小木船处于漂浮状态，甲、乙两鱼缸对桌面的压力相等．‎ 故选B．‎ 点评：‎ 本题考查了学生对重力公式、阿基米德原理和物体的漂浮条件的掌握和运用，知识点多，属于难题．用好条件“两鱼缸内的水面刚好相平，船重等于排开的水重”是本题的关键．‎ ‎7．（2分）（2019•河南）图是甲、乙两种物质的质量和体积的关系图象．若用质量相等的甲、乙两种物质分别制成实心正方体A、B，把它们平放在水平地面上，则两正方体A、B对水平地面的压强之比为（　　）‎ ‎　‎ A．‎ ‎8：1‎ B．‎ ‎4：3‎ C．‎ ‎1：2‎ D．‎ ‎4：1‎ 考点：‎ 压强的大小及其计算；密度的计算．‎ 专题：‎ 计算题；压轴题；信息给予题；比例法．‎ 分析：‎ ‎（1）根据图象给出的数据求出甲、乙两物质的密度之比，两正方体A、B的质量相同，根据V=得出A、B的体积之比，从而得出边长之比；‎ ‎（2）知道A、B的密度关系、边长的大小关系，正方体对地面的压强p======ρLg，据此求压强大小关系．‎ 解答：‎ 解：‎ ‎（1）由图可知，当甲的体积为1cm3时，质量为8g，所以甲的密度为8g/cm3；当乙的体积为4cm3时，质量为4g，所以乙的密度为1g/cm3；所以ρ甲：ρ乙=8：1；‎ ‎∵V=，ρ甲：ρ乙=8：1，m甲：m乙=1：1，‎ ‎∴V甲：V乙=1：8，‎ ‎∵V=L3，‎ ‎∴边长（高）之比：‎ L甲：L乙=1：2；‎ ‎（2）∵正方体对地面的压强：‎ p======ρLg，‎ ‎∴两正方体A、B对水平地面的压强之比：‎ p甲：p乙=ρ甲L甲g：ρ乙L乙g=（8×1）：（1×2）=4：1．‎ 故选D．‎ 点评：‎ 本题考查了学生对重力公式、密度公式、压强公式的掌握和运用，本题关键：一是通过图象求出甲、乙两物质的密度之比，二是利用好方形或圆柱形均匀物体对水平地面压强的推导公式p=ρLg．‎ ‎8．（2分）（2019•山西）如图是一个自动体重测试仪的工作原理，有关它的说法正确的是（　　）‎ ‎　‎ A．‎ 体重显示表是用电压表改装成的 ‎　‎ B．‎ 体重测试仪电路由于缺少开关，始终处于通路 ‎　‎ C．‎ 体重越大，体重显示表的示数越大 ‎　‎ D．‎ 体重测试仪所测体重越大，电路消耗的总功率越少 考点：‎ 欧姆定律的应用；滑动变阻器的使用；电功率的计算．‎ 专题：‎ 应用题；压轴题；推理法；图析法．‎ 分析：‎ ‎（1）根据电表的正确使用，即电流表串联在电路中，电压表并联在电路中判断体重显示表；‎ ‎（2）当自动体重测试仪的上方无物体时，滑片位于绝缘体的位置，电路断路；‎ ‎（3）当测试仪所测体重越大时，滑动变阻器接入电路的电阻越小，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，根据P=UI可知电路消耗的变化．‎ 解答：‎ 解：（1）由电路图可知，体重测试仪串联在电路中，所以体重显示表是用电流表改装成的，故A不正确；‎ ‎（2）当自动体重测试仪的上方无物体时，滑片位于绝缘体的位置，电路断路，故B不正确；‎ ‎（3）当测试仪所测体重越大时，滑动变阻器接入电路的电阻变小，‎ 根据I=可知，电路中的电流变大，即体重显示表的示数越大，故C正确；‎ ‎（4）根据P=UI可知，电路消耗的总功率越大，故D不正确．‎ 故选C．‎ 点评：‎ 解决本题的关键是欧姆定律、电功率公式的应用以及滑动变阻器的正确使用；并会将理论知识应用到实际生活当中，真正体会从物理走向生活的理念．‎ ‎9．（2分）（2019•闵行区一模）如图所示的电路，电源电压不变．闭合电键S，正常工作一段时间后灯L2熄灭．已知电路中只有一处发生故障，且只发生在灯L1或L2上，则下列判断错误的是（　　）‎ ‎　‎ A．‎ 如果只有一个电表的示数变大，这个电表一定是电压表 ‎　‎ B．‎ 如果电压表、电流表示数均变小，一定是电灯L2断路 ‎　‎ C．‎ 如果电压表、电流表示数均变大，一定是电灯L2短路 ‎　‎ D．‎ 如果只有一个电表的示数变大，一定是电灯L1短路 考点：‎ 电流表、电压表在判断电路故障中的应用．‎ 专题：‎ 欧姆定律．‎ 分析：‎ 闭合开关，电路正常工作，过一段时间，灯L2熄灭，说明电灯L2断路或短路或者L1‎ 断路，如果L1短路，则L2可以发光；假设故障的可能，并得出对应仪表示数的变化，根据相应的现象一一排除，最终选出符合题意的答案．‎ 解答：‎ 解：根据电路图可知，两灯泡串联，电流表测量串联电路的电流，电压表测量L1两端的电压；‎ 如果灯L2短路，电路为L1的基本电路，电压表测量电源电压，因此电流表和电压表示数均变大； ‎ 如果灯L2断路，则电流表示数为零，电压表示数为零； ‎ 如果灯L1断路，则电流表为零，电压表测量电源电压，故电压表示数变大； ‎ 根据上面的分析可知，ABC正确，D错误．‎ 故选D．‎ 点评：‎ 用电压表判断电路故障时，如果有示数，说明与电压表串联的元件是完好的；如果无示数，说明与电压表串联的元件有断路，或与电压表并联的元件短路．‎ 二、填空题（共28分）‎ ‎10．（3分）（2019•闵行区一模）在家庭电路中，日光灯正常工作的电压为　220　伏，它与控制它的电键是　串联　连接的，与家中的空调是　并联　连接的（后两空选填“串联”或“并联”）．‎ 考点：‎ 家庭电路工作电压、零线火线的辨别方法；家庭电路的连接．‎ 专题：‎ 应用题；电与热、生活用电．‎ 分析：‎ 家庭电路电压是220V；各电路元件首尾顺次连接的连接方式是串联，串联电路只有一条电流路径；电路元件首首相连、尾尾相连的连接方式是并联，并联电路有多条电流路径；据此分析答题．‎ 解答：‎ 解：家庭电路中，日光灯正常工作时两端的电压是220伏；‎ 每盏电灯应能独立工作，日光灯与空调之间是并联连接的；‎ 电键应控制灯的通断，电键和所控制的日光灯是串联连接的．‎ 故答案为：220；串联；并联．‎ 点评：‎ 本题考查了家庭电路电压、灯与空调间的连接方式、开关与灯间的连接方式等问题，难度不大，熟练掌握基础知识即可正确解题．‎ ‎11．（3分）（2019•闵行区一模）铜是重要的工业原材料，常温下它的密度是8.9×103千克/米3，所表示的物理意义是　体积为1立方米的铜质量为8.9×103千克　．现将某铜片剪去一角时，它的密度将　不变　；若将铜片锤打变形，则它的密度将　不变　．（后两空选填“变大”、“变小”或“不变”）‎ 考点：‎ 密度及其特性．‎ 专题：‎ 应用题；密度及其应用．‎ 分析：‎ ‎（1）根据密度是表示单位体积某种物质的质量的多少来理解密度的意义；‎ ‎（2）密度是物质的一种特性，每种物质都有自己的密度，不同物质的密度一般不同，质量、体积的变化一般不会引起密度的变化，只有气体在膨胀和被压缩时，密度会发生明显的变化．‎ 解答：‎ 解：铜的密度是8.9×103千克/米3，表示的物理意义是：体积为1立方米的铜质量为8.9×103千克；因为密度不随物体的体积、形状的变化而变化，将铜片剪去一角时，它的密度将不变，将铜片锤打变形，它的密度也不变．‎ 故答案为：体积为1立方米的铜质量为8.9×103千克；不变；不变．‎ 点评：‎ 本题考查了学生对密度概念的了解与掌握，知道密度是物质的特性，同种物质（同种状态）密度相同．‎ ‎12．（3分）（2019•闵行区一模）10秒内通过某导体横截面的电荷量为2库，通过导体的电流为　0.2　安，这段时间内电流做功12焦，导体两端的电压为　6　伏．若该电路是由干电池提供电压，则需要　4　节串联使用．‎ 考点：‎ 电量及其计算；电功的计算．‎ 专题：‎ 计算题．‎ 分析：‎ 由电量的计算公式可求得电流；由电功W=UIt可求得电压；知道干电池电压为1.5V，电池串联总电压等于各电池电压的和．‎ 解答：‎ 解：由q=It可得：‎ 电流I===0.2A；‎ 由W=UIt可得：‎ 电压U===6V；‎ 需要的干电池数目为：==4节； ‎ 故答案为：0.2；6；4．‎ 点评：‎ 本题考查电量及电功计算公式的应用，同时应记住一节干电池的电压为1.5V．‎ ‎13．（3分）（2019•闵行区一模）今年6月我国“蛟龙号”载人深潜器挑战7000米深海．当载人深潜器在水下500米处，受到浮力的方向为　竖直向上　．它逐渐下潜到1000米过程中，所受到的浮力将　不变　，所受到水对它的压强将　变大　（后两空选填“变大”、“不变”或“变小”）．‎ 考点：‎ 液体的压强的特点；阿基米德原理．‎ 专题：‎ 压强、液体的压强；浮力．‎ 分析：‎ ‎（1）浮力是液体对浸在液体中的物体产生的向上托的作用，因此浮力的方向是竖直向上的；‎ ‎（2）“蛟龙号”潜水器浸没在水中，利用阿基米德原理分析下潜过程中所受浮力的变化情况；‎ ‎（3）已知海水的密度和“蛟龙号”潜水器所处深度的变化，利用p=ρgh分析潜水器受到海水的压强的变化．‎ 解答：‎ 解：（1）深潜器在海水中受到浮力方向是竖直向上的；‎ ‎（2）因为“蛟龙号”潜水器在水面下完全浸没，所以下潜过程中排开水的体积不变，由阿基米德原理F浮=ρ液gv排可知，密度不变、排开液体的体积不变，故浮力不变．‎ ‎（3）当潜水器继续下潜的过程中，浮力虽然不变，但深度增加，由p=ρgh知，压强P变大．‎ 故答案为：竖直向上；不变；变大．‎ 点评：‎ 本题考查了影响浮力和液体压强的因素，分析此类问题时明确各自的影响因素，抓住排开水的体积和深度的变化是解题的关键．‎ ‎14．（3分）（2019•德城区二模）如图所示，是空调的“中国能效标识”，低于5级的产品不允许生产和销售．据图可知空调A的输入功率为　1000W　，正常工作时的电流为　4.5　安．假设它们都工作2小时，则高效节能空调A比一般节能空调B能节约　0.46　千瓦时的电能．‎ 考点：‎ 电功率与电压、电流的关系；电功的计算．‎ 专题：‎ 电能和电功率．‎ 分析：‎ ‎（1）由图读出空调A的输入功率；‎ ‎（2）根据公式P=UI求出其正常工作时的电流；‎ ‎（3）根据公式W=Pt求出两种空调消耗的电能，两者之差就是节约的电能．‎ 解答：‎ 解：（1）据图可知空调A的输入功率为1000W；‎ ‎（2）正常工作时的电流：I==≈4.5A；‎ ‎（3）高效节能空调消耗的电能W1=P1t=1kW×2h=2kW•h，‎ 一般节能空调消耗的电能W2=P2t=1.23kW×2h=2.46kW•h，‎ 所以高效节能空调A比一般节能空调节约的电能W=W2﹣W1=2.46kW•h﹣2kW•h=0.46kW•h．‎ 故答案为：1000W；4.5；0.46．‎ 点评：‎ 此题主要考查的是学生对电功率和电能计算公式的理解和掌握，基础性题目，注意单位的换算．‎ ‎15．（3分）（2019•闵行区一模）如图所示电路，电源电压保持不变．R1、R2分别为5欧和10欧，闭合电键S1和S2，电阻R1与R2两端的电压之比为　1：1　，电流表A1与A2示数之比为　2：1　．若断开电键S1，电流表　A2　的示数不变（选填“A1”、“A2”或“A”）‎ 考点：‎ 欧姆定律的应用；并联电路的电流规律；并联电路的电压规律．‎ 专题：‎ 计算题；电路和欧姆定律．‎ 分析：‎ 由电路图可知，两开关闭合时，两电阻并联，电流表A1测R1支路的电流，A2测R2支路的电流，A测干路电流；根据并联电路的电压特点得出两电阻两端的电压之比，根据欧姆定律得出电流表A1与A2示数之比；根据并联电路的特点判断断开电键S1时，示数不变的电流表．‎ 解答：‎ 解：由电路图可知，两开关闭合时，两电阻并联，电流表A1测R1支路的电流，A2测R2支路的电流，A测干路电流．‎ ‎∵并联电路中各支路两端的电压相等，‎ ‎∴电阻R1与R2两端的电压之比为1：1；‎ ‎∵I=，‎ ‎∴电流表A1与A2示数之比====；‎ ‎∵并联电路中各支路独立工作、互不影响，且干路电流等于各支路电流之和，‎ ‎∴断开电键S1时，电流表A1的示数变小，A2的示数不变，A的示数变小．‎ 故答案为：1：1；2：1；A2．‎ 点评：‎ 本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用，分清电键闭合和断开时电路的变化是关键．‎ ‎16．（2分）（2019•闵行区一模）如图所示的电路中，电源电压保持不变．闭合电键S，当滑片P向右移动时，电流表A的示数将　变大　，电流表A的示数和电压表V的示数的乘积将　变大　．（均选填“变大”、“不变”或“变小”）‎ 考点：‎ 电路的动态分析．‎ 专题：‎ 电路变化分析综合题．‎ 分析：‎ 先根据滑动变阻器的正确使用方法分析电路电阻的变化，然后根据电阻的作用确定电路中电流的大小；再利用U=IR确定电压表V示数的变化，最后判断电流表A的示数和电压表V的示数的乘积的变化．‎ 解答：‎ 解：当滑片P向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变小，即总电阻变小，所以电流表的示数变大；因为电压表V测量定值电阻两端的电压，根据U=IR可得电压表V示数变大，故电流表A的示数和电压表V的示数的乘积将变大．‎ 故答案为：变大；变大．‎ 点评：‎ 本题是一道闭合电路的动态分析题，知道滑片移动时滑动变阻器接入电路阻值如何变化，是正确解题的前提，熟练应用串联电路特点及欧姆定律是正确解题的关键．‎ ‎17．（4分）（2019•西藏一模）如图所示，底面积不同的薄壁圆柱形容器内分别盛有甲、乙两种液体，已知两液面相平，它们对容器底部压强相等，则它们对容器底的压力F甲　大于　F乙，若分别在两容器中浸没一个完全相同的实心金属球，液体均无溢出，则液体对容器底的压强P甲′　小于　P乙′（选填“大于”、“等于”或“小于”）．‎ 考点：‎ 液体的压强的计算；压力及重力与压力的区别．‎ 专题：‎ 压强、液体的压强．‎ 分析：‎ ‎（1）根据p=分析压力的大小关系；‎ ‎（2）根据两容器中液面深度相同，对容器底的压强相同，根据p=ρgh分析液体密度的大小关系；小球的体积相等，浸没后，排开液体的体积相等，根据V=Sh分析液面高度的变化，根据p=ρgh分析压强的变化．‎ 解答：‎ 解：（1）它们对容器底部压强相等，甲的底面积大于乙的底面积，根据p=可知，甲容器底受的压力大于乙容器底受的压力；‎ ‎（2）两液面相平，它们对容器底部压强相等，根据p=ρgh可知，两液体的密度相同；‎ 小球的体积相等，浸没后，排开液体的体积相等，甲的底面积大于乙的底面积，根据V排=Sh可知，乙液面升高的高度大于甲液面升高的高度，即h甲＜h乙，根据p=ρgh可知，乙液体对容器底的压强大于甲液体对容器底的压强．‎ 故答案为：大于；小于．‎ 点评：‎ 此题主要考查的是学生对液体压强、压力计算公式的理解和掌握，弄清楚液面高度变化是解决此题的关键．‎ ‎18．（4分）（2019•闵行区一模）某小组在探究“物体对支撑面的压力大小与什么因素有关”时，用左端固定在桌子一端的弹性薄钢片进行实验．先将钢片水平放置，再将重力不同的砝码放置在钢片中间，其实验步骤与现象如图（a）、（b）和（c）所示．接着，将钢片右端抬起与水平方向成一定夹角，将砝码放置在钢片中间，其实验步骤与现象如图（d）、（e）所示．（砝码重Ga＜Gb＜Gc=Gd=Ge）‎ ‎（1）分析比较图（a）、（b）、（c），可以得出的初步结论是：　物体放在水平放置的支撑面上，物体的重力越大，对支撑面的压力越大　．‎ ‎（2）分析比较图（c）、（d）、（e），可以得出的初步结论是：　当物体重力相同时，支撑面与水平方向夹角越大，物体对支撑面的压力越小　．‎ 考点：‎ 控制变量法与探究性实验方案．‎ 专题：‎ 探究型实验综合题．‎ 分析：‎ 物体对支撑面有压力作用，压力的大小是通过支撑面的弯曲体现的，压力越大支撑面的弯曲越明显，然后再根据压力和重力之间的关系进行解答．‎ 解答：‎ 解：（1）分析比较图（a）、（b）、（c）可知，砝码越重，弹簧片弯曲越明显，故可得出的结论是：物体放在水平放置的支撑面上，物体的重力越大，对支撑面的压力越大；‎ ‎（2）分析比较图（c）、（d）、（e）可知，砝码的质量相同，支撑面与水平方向夹角越大，支撑面变形越小，故可得出的结论是：当物体重力相同时，支撑面与水平方向夹角越大，物体对支撑面的压力越小．‎ 故答案为：（1）物体放在水平放置的支撑面上，物体的重力越大，对支撑面的压力越大；（2）当物体重力相同时，支撑面与水平方向夹角越大，物体对支撑面的压力越小．‎ 点评：‎ 此题主要考查的是学生对转换法和控制变量法在实验中的运用，以及根据实验现象归纳结论的能力．‎ 三、作图题（每题3分，共6分）‎ ‎19．（3分）（2019•厦门）如图所示，物体A漂浮在液面上，请画出物体A所受到的浮力F浮的示意图．‎ 考点：‎ 力的示意图．‎ 专题：‎ 作图题；压轴题．‎ 分析：‎ ‎（1）当物体漂浮在液面时，物体受到的浮力方向竖直向上，作用点在物体重心上；‎ ‎（2）用一条带箭头的线段把浮力的大小、方向、作用点表示出来，就是浮力的示意图．‎ 解答：‎ 解：物体所受浮力的方向是竖直向上的，从重心开始竖直向上画一条带箭头的线段表示出浮力，并标出F浮，如下图所示：‎ 点评：‎ 作力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点．‎ ‎20．（3分）（2019•闵行区一模）在图所示，有两根导线未连接，请用笔代替导线，补上后要求：L1和L2并联，电流表测L1的电流，电键S控制L2．‎ 考点：‎ 实物的电路连接．‎ 专题：‎ 电流和电路．‎ 分析：‎ 灯L1和灯L2并联时，首首相联、尾尾相连接到电流表的负接线柱上即可；电流表与被测电路串联，开关与被控制的电路串联．‎ 解答：‎ 解：使电源正极与L2的左接线柱相连，开关与电源的负极相连，如下图所示：‎ 点评：‎ 本题考查了根据题意连接实物图和，属于基础知识，也是我们要掌握的基本技能．‎ 四、计算题（21题4分，22题7分，23题8分，24题9分，共28分）‎ ‎21．（4分）（2019•闵行区一模）体积为5×10﹣4米3的木块，有的体积露出水面，求：木块受到的浮力大小．‎ 考点：‎ 阿基米德原理．‎ 专题：‎ 浮力．‎ 分析：‎ 木块排开水的体积等于浸没的体积，然后利用阿基米德原理求木块受到的浮力大小．‎ 解答：‎ 解：V排=（1﹣）×5×10﹣4m3=3×10﹣4m3‎ F浮=ρ水g V排 ‎=1.0×103kg/m3×9.8N/kg××5×10﹣4m3‎ ‎=2.94N．‎ 答：木块受到的浮力为2.94N．‎ 点评：‎ 本题考查了学生对阿基米德原理及其推导公式F浮=G排=ρ液gV排的掌握和运用，属于基础题目．‎ ‎22．（7分）（2019•闵行区一模）在图所示的电路中，L标有“3V 1.5W”字样．当S1、S3闭合，S2断开时，L正常发光；当S2闭合，S1、S3断开时，电流表示数为0.2A．设L的电阻不变．则：‎ ‎（1）电源电压为多少伏？‎ ‎（2）R的电阻为多少欧？‎ ‎（3）当S3闭合，S1、S2断开时，R两端的电压为多少伏？‎ 考点：‎ 欧姆定律的应用；电路的三种状态；并联电路的电压规律；电阻的串联；电功率的计算．‎ 专题：‎ 计算题；电路和欧姆定律；电能和电功率．‎ 分析：‎ ‎（1）当S1、S3闭合，S2断开时，灯L与电阻R并联，根据并联电路的电压特点和L正常发光可知电源的电压；‎ ‎（2）根据P=求出灯泡的电阻，当S2闭合，S1、S3断开时，L与R串联，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律求出电路中的总电阻，再根据电阻的串联求出R的阻值；‎ ‎（3）当S3闭合，S1、S2断开时，电阻R被短路，两端的电压为0．‎ 解答：‎ 解：（1）当S1、S3闭合，S2断开时，灯L与电阻R并联，且L正常发，‎ ‎∵并联电路中各支路两端的电压相等，‎ ‎∴电源的电压U=UL=UR=3V；‎ ‎（2）根据P=可得，灯泡的电阻：‎ RL===6Ω，‎ ‎∵当S2闭合，S1、S3断开时，L与R串联，电流表测电路中的电流，‎ ‎∴根据欧姆定律可得，电路中的总电阻：‎ R总===15Ω，‎ ‎∵串联电路中总电阻等于各分电阻之和，‎ ‎∴R=R总﹣RL=15Ω﹣6Ω=9Ω；‎ ‎（3）∵当S3闭合，S1、S2断开时，电阻R没有接入电路，‎ ‎∴R两端的电压为零．‎ 答：（1）电源电压为3V；‎ ‎（2）R的电阻为9Ω；‎ ‎（3）当S3闭合，S1、S2断开时，R两端的电压为0V．‎ 点评：‎ 本题考查了并联电路和串联电路的特点以及欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是知道灯泡正常发光时的电压和额定电压相等．‎ ‎23．（8分）（2019•闵行区一模）如图所示是我国自主研发的四轮长航程极地漫游机器人，科考队员在附近遥控机器人．若机器人质量为500千克，每条履带与地面的接触面积为1000厘米2．则：‎ ‎（1）机器人的重力为多少？‎ ‎（2）若南极某处冰面能承受的压强为4.2×104帕，该机器人能顺利通过该冰面吗？‎ ‎（3）如果科考队员的质量为70千克，他双脚跟冰面接触面积为300厘米2，科考队员能在冰面上安全行走吗？‎ 考点：‎ 重力的计算；压强的大小及其计算．‎ 专题：‎ 重力、弹力、摩擦力；压强、液体的压强．‎ 分析：‎ ‎（1）知道质量，根据G=mg求出机器人的重力；‎ ‎（2）根据公式p==求出机器人对冰面的压强，进行比较即可得出答案；‎ ‎（3）知道质量，根据G=mg求出科考队员的重力，行走时与冰面的接触面积为单脚的面积，根据公式p==求出科考队员对冰面的压强，进行比较即可得出答案 解答：‎ 已知：机器人质量为m1=500kg，机器人与地面的接触面积为S1=4×1000cm2=4000cm2=0.4m2，科考队员的质量m2=70kg，他双脚跟冰面接触面积为S2=×300cm2=150cm2=0.015m2求：（1）机器人的重力G1=？；（2）机器人对冰面的压强p1=？；（3）科考队员对冰面的压强p2=？‎ 解：（1）机器人的重力：G1=m1g=500kg×9.8N/kg=4900N；‎ ‎（2）机器人对冰面的压强：p1====1.225×104Pa，‎ ‎∵1.25×104Pa＜4.2×104Pa．‎ ‎∴能通过． ‎ ‎（3）科考队员对冰面的压力：F2=G2=m2g=70kg×9.8N/kg=686N，‎ p2==≈4.5733×104Pa，‎ ‎∵4.5733×104Pa＞4.2×104Pa，‎ ‎∴科考队员不能在冰面上安全行走．‎ 答：（1）机器人的重力为4900N；‎ ‎（2）该机器人能顺利通过该冰面；‎ ‎（3）科考队员不能在冰面上安全行走．‎ 点评：‎ 此题主要考查的是学生对重力、压力、压强计算公式的理解和掌握，明确放在水平地面的物体对地面的压力等于其重力是解决此题的关键．‎ ‎24．（9分）（2019•闵行区一模）在图所示的电路中，电源电压为6伏且保持不变，电阻R1的阻值为5欧，滑动变阻器R2上标有“20Ω 2A”字样．闭合电键S后，电流表A的示数为0.4安．‎ ‎（1）求电阻R2 连入电路的电阻．‎ ‎（2）求此时电路消耗的总电功率．‎ ‎（3）现有一个电压表，要求将“50Ω 1A”或“100Ω 1A”的滑动变阻器替换R2，使移动变阻器滑片P的过程中，电压表示数的变化量最大．‎ ‎①选择：电压表应并联在　R1或R2　两端（选填：“R1”、“R2”“R1或R2”）．‎ ‎②选择最大阻值为　100　欧的滑动变阻器替换R2．‎ ‎③求出：电压表示数的最大变化量△U．（保留两位小数）‎ 考点：‎ 欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；电阻的串联；电功率的计算．‎ 专题：‎ 计算题；电路和欧姆定律；电能和电功率．‎ 分析：‎ 由电路图可知，两电阻串联，电流表测电路中的电流．‎ ‎（1）根据欧姆定律求出电路中的总电阻，再根据电阻的串联求出电阻R2连入电路的电阻；‎ ‎（2）根据P=UI求出此时电路消耗的总电功率；‎ ‎（3）滑动变阻器最大阻值越大，移动滑动变阻器滑片时，电压表的示数变化越大；然后由串联电路的特点及欧姆定律分别求出电压表并联再两电阻两端时电路的最大与最小电压即可得出答案．‎ 解答：‎ 解：由电路图可知，两电阻串联，电流表测电路中的电流．‎ ‎（1）根据欧姆定律可得，电路中的总电阻：‎ R===15Ω，‎ ‎∵串联电路中总电阻等于各分电阻之和，‎ ‎∴电阻R2连入电路的电阻R2=R﹣R1=15Ω﹣5Ω=10Ω；‎ ‎（2）此时电路消耗的总电功率：‎ P总=UI=6V×0.4A=2.4W；‎ ‎（3）滑动变阻器最大阻值越大，移动滑动变阻器滑片时，电压表的示数变化越大，‎ 当电压表并联在R1两端、滑动变阻器接入电路的电阻为0时，电压表的示数最大为6V，‎ 滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电压表的示数最小，‎ 此时电路中的电流I′===A，‎ 电压表的示数U1=I′R1=A×5Ω≈0.29V，‎ 电压表示数的变化量△U1=6V﹣0.29V=5.71V；‎ 当电压表并联在R2两端、滑动变阻器接入电路的电阻为0时，电压表的示数最小为0，‎ 滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电压表的示数最大，‎ U2′=I′R滑=A×100Ω≈5.71V，‎ 电压表示数的变化量△U滑=5.71V﹣0V=5.71V；‎ 综上可知，电压表并联R1或R2两端均可，用100Ω的滑动变阻器替换R2时电压表示数的变化最大约为5.71V．‎ 答：（1）电阻R2连入电路的电阻为10Ω；‎ ‎（2）此时电路消耗的总电功率为2.4W；‎ ‎（3）①R1或R2；②100； ③电压表示数的最大变化量约为5.71V．‎ 点评：‎ 本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率的计算，关键是知道滑动变阻器的最大阻值越大时会使各电阻分得的电压变化越大．‎ 五、实验题（共20分）‎ ‎25．（3分）（2019•闵行区一模）如图（a）所示仪器的名称是　天平　，用来测量物体的　质量　；图（b）所示仪器的名称是　U型管压强计　，用来探究　液体内部压强的特点　．‎ 考点：‎ 质量的测量与天平；探究液体压强的特点实验．‎ 专题：‎ 应用题；基本仪器的使用专题．‎ 分析：‎ ‎（1）知道天平的构造和用途；‎ ‎（2）熟悉U型管压强计的构造和用途．‎ 解答：‎ 解：据图能看出，（a）是天平，用它来测量物体的质量；‎ ‎（b）是U型管压强计，用它来探究液体内部压强的特点；‎ 故答案为：天平；质量；U型管液体压强计；液体内部压强规律．‎ 点评：‎ 知道天平和U型管压强计的构造和作用是解决该题的关键．‎ ‎26．（5分）（2019•闵行区一模）如图所示是常用到的电学仪器，其中用来测量电流的仪器是　A　（选填字母），它应　串联　连接在电路中（选填“串联”或“并联”）．‎ 图C所示的滑动变阻器的工作原理是通过改变　电阻线的长度　从而改变电阻大小．‎ 图D所示的电能表，由其部分参数可知家庭电路正常工作时的最大电流为　5　安，功率容量值为　1100　瓦．‎ 考点：‎ 电流表的使用；滑动变阻器的工作原理；电能表参数的理解与电能的求法．‎ 专题：‎ 简答题；电流和电路．‎ 分析：‎ ‎（1）根据表盘上标示的物理量的单位即可判断电表的类别；‎ ‎（2）滑动变阻器的原理是靠改变连入电路中电阻线的长度来改变连入电路的电阻．‎ ‎（3）清楚电能表参数的意义，知道电压和电流，可利用公式P=UI计算电功率．‎ 解答：‎ 解：（1）图A表盘上标示的物理量的单位是A，则为电流表，是用来测量电流的仪器；使用时应串联连接在电路中；图B表盘上标示的物理量的单位是V，则为电压表，是用来测量电压的仪器；‎ ‎（2）滑动变阻器的原理是靠改变连入电路中电阻线的长度来改变连入电路的电阻．‎ ‎（3）电能表上的部分参数：220V表示这个电能表的额定电压为220V，‎ ‎5A表示这个电能表允许通过的最大电流为5A，‎ 则电路中的最大功率为：P=UI=220V×5A=1100W．‎ 故答案为：A；串联；电阻线的长度；5；1100．‎ 点评：‎ 本题考查了电表、滑动变阻器和对电能表参数的意义的理解，重点是理解电能表的各个参数的物理意义．‎ ‎27．（6分）（2019•闵行区一模）小李做了测量未知电阻的实验，所写报告如下，请你仔细阅读并回答问题．‎ 实验目的：测量电阻Rx的阻值．‎ 实验步骤：‎ ‎（1）根据实验目的画出实验电路图（图略）；‎ ‎（2）依照电路图连接电路，如图所示；‎ ‎（3）闭合电键，读出电压表和电流表的示数，记录在表格中；‎ ‎（4）依据测得的电压值和电流值，算出R的阻值．‎ ‎（5）断开电键，整理器材，处理数据．‎ 实验记录：‎ 电压/V 电流/A 电阻/Ω ‎1.5‎ ‎0.5‎ 实验结论：‎ ‎（1）据小李所测量的数据，算出电阻阻值Rx=　3　欧．‎ ‎（2）你认为这份报告是否完整？如不完整，应该填上的项目是：①　实验器材　；②　实验原理　．‎ ‎（3）从实验步骤看，该实验存在的主要缺陷是：①　步骤（2）中没有将滑动变阻器的滑片滑到阻值最大处　；②　实验中只测了一次数据，可能误差比较大　．‎ 考点：‎ 伏安法测电阻的探究实验．‎ 专题：‎ 探究型实验综合题．‎ 分析：‎ ‎（1）根据小李所测量的数据，利用I=公式变形可求得电阻阻值．‎ ‎（2）一份完整的实验报告应包括：实验目的、实验原理、实验器材、实验步骤、实验数据的处理、实验结论，据此分析实验报告是否完整，缺哪些内容．‎ ‎（3）闭合开关前将滑动变阻器的滑片达到最大阻值出，是为了让电路中有较大的电阻，防止电路中电流过大而烧坏用电器．由实验步骤知：该实验只进行了一次测量，便得出结论，没有进行多次测量求平均值，存在较大的实验误差，所测电阻阻值不够精确．‎ 解答：‎ 解：（1）电阻阻值Rx===3Ω．‎ ‎（2）分析该实验报告发现，本实验报告不完整，缺的项目有：实验原理、实验器材．‎ ‎（3）通常在使用前应将电阻值调至最大阻值处，而步骤（2）中没有将滑动变阻器的滑片滑到阻值最大处；由题意知，实验只进行了一次测量，导致误差较大．‎ 故答案为：‎ ‎（1）3；（2）实验器材；实验原理；（3）步骤（2）中没有将滑动变阻器的滑片滑到阻值最大处；实验中只测了一次数据，可能误差比较大．‎ 点评：‎ 本题考查了伏安法测电阻的实验中相当详细的内容，而且考查的知识点全是学生在学习的时候容易出错和容易忽视的地方，对学生掌握零碎知识的要求有了更高的标准．‎ ‎28．（6分）（2019•闵行区一模）小陶帮爷爷浇菜园，他从井中提水时发现盛满水的桶露出水面越多，提桶的力就越大．由此他猜想：浮力大小可能与物体浸入液体的深度有关．于是他和小明用圆柱体、弹簧测力计、水和刻度尺等器材进行探究，如图所示，并记录了圆柱体下表面浸入水中深度h时弹簧测力计的示数（如表所示）．‎ 实验序号 ‎1‎ ‎2‎ ‎3‎ ‎4‎ ‎5‎ ‎6‎ ‎7‎ ‎8‎ ‎9‎ ‎10‎ h/m ‎0‎ ‎0.02‎ ‎0.04‎ ‎0.06‎ ‎0.08‎ ‎0.10‎ ‎0.12‎ ‎0.14‎ ‎0.16‎ ‎0.18‎ F/N ‎9.5‎ ‎8.5‎ ‎7.5‎ ‎6.5‎ ‎5.5‎ ‎4.5‎ ‎3.5‎ ‎3.1‎ ‎3.1‎ ‎3.1‎ ‎（1）当h=0.02m时，圆柱体受到的浮力是　1　牛．‎ ‎（2）小陶分析实验序号1至7，得出初步结论是“浮力的大小与物体浸入液体深度成正比”．小明认为小陶得出的结论不够完整，理由是　当物体浸没液体前，物体受到浮力的大小与浸入的深度成正比，当物体浸没后，物体受到的浮力大小与深度无关　．小明还认为实验过程不够完善，理由是　实验中选用的液体种类少，不易得出此结论应选用不同种类的液体进行实验　．‎ ‎（3）陶选用的圆柱体高度范围是　A　‎ A“13厘米＞h＞12厘米”B“14厘米＞h＞13厘米”．‎ 考点：‎ 探究浮力大小的实验．‎ 专题：‎ 实验题；探究型实验综合题．‎ 分析：‎ ‎（1）由表中数据可知，当h=0时，弹簧测力计的示数为9.5N，即圆柱体重力为9.5N；当h=0.02m时，弹簧测力计的示数为8.5N，则F浮=G﹣F示；‎ ‎（2）从表中可以看出，当圆柱体下表面所处深处达0.14m时，深度增加，浮力不再改变，此时圆柱体已开始完全浸没．要分析的则是在其完全浸没前弹簧测力计的拉力F与浸入水中深度的关系；求出h=0.02m、0.04m、0.06m、0.08m、0.10m、0.12m圆柱体受到的浮力，分析出浸没前所受浮力与浸入水中深度的关系，进而根据F浮=G﹣F示得出浸没前弹簧测力计的拉力F与浸入水中深度的关系．‎ ‎（3）根据浸没前弹簧测力计的拉力F与浸入水中深度的关系分析判断．‎ 解答：‎ 解：（1）由表中数据可知，圆柱体重力G=9.5N；当h=0.02m时，弹簧测力计的示数为8.5N，‎ 此时F浮=G﹣F示=9.5N﹣8.5N=1N；‎ ‎（2）当圆柱体浸没液体前，物体受到浮力的大小与浸入的深度成正比，当圆柱体下表面所处深处达0.14m时，深度增加，浮力不再改变；所以小陶得出的结论不够完整，理由是当物体浸没液体前，物体受到浮力的大小与浸入的深度成正比，当物体浸没后，物体受到的浮力大小与深度无关．‎ 实验过程因只使用了水实验的，所以不够完善理由是实验中选用的液体种类少，不易得出此结论应选用不同种类的液体进行实验．‎ ‎（3）圆柱体浸入深度达0.014m后，其浮力不再改变，可见圆柱体的高度小于或等于0.14m，‎ ‎∵F浮=G﹣F示，‎ ‎∴当h=0.02m、0.04m、0.06m、0.08m、0.10m、0.12m、0.14m时圆柱体受到的浮力为F浮=1N、2N、3N、4N、5N、6N、6.4N，‎ 因此，对前面的有效数据进行分析可得：圆柱体浸入的深度在0.12m前，每增加0.02m时，浮力增加1N，‎ 但是，圆柱体浸入的深度由0.12m到0.14m时，深度增加0.02m，浮力增加0.4N，说明圆柱体在深度为0.12m时没有浸没，所以圆柱体的高度大于0.12m；‎ 在深度为0.14m之前已经浸没，所以根据再浮力增加0.4N时，深度增加不到0.01m，圆柱体就浸没，所以圆柱体的高度小于0.12m+0.01m=0.13m，故选用的圆柱体高度范围是13cm＞h＞12cm，即选A．‎ 故答案为：（1）1．（2）当物体浸没液体前，物体受到浮力的大小与浸入的深度成正比，当物体浸没后，物体受到的浮力大小与深度无关． 实验中选用的液体种类少，不易得出此结论应选用不同种类的液体进行实验． （3）A．‎ 点评：‎ 本题中第二问是难点，直接找浸没前弹簧测力计的拉力与浸入水中深度的关系有难度，利用F浮=G﹣F示求浮力，要先找出浮力大小与圆柱体浸入水中深度的变化规律，再确定浸没前弹簧测力计的拉力与浸入水中深度的关系．‎