【物理】浙江省金华市方格外国语学校2019-2020学年高一上学期12月月考试题 （解析版）

【物理】浙江省金华市方格外国语学校2019-2020学年高一上学期12月月考试题 （解析版）

浙江省金华市方格外国语学校2019-2020学年 高一上学期12月月考试题 一、选择题 ‎1.提出“力不是维持物体运动的原因”的观点并通过理想斜面实验来阐述的科学家是 A. 亚里士多德 B. 伽利略 C. 笛卡尔 D. 牛顿 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】伽利略通过理想斜面实验推翻了亚里士多德的“力是维持物体运动的原因”的观点，故B正确；‎ ‎2.如图所示，下列测量数据的单位属于国际单位制中基本单位的是( )‎ A. 北京到重庆的直线距离约1300km B. 台式弹簧秤示数15N C. 打点计时器打点时间间隔0.02s D. 指示牌示数50km/h ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】七个基本单位为：米、秒、千克、摩尔、安培、坎德拉，开尔文，ABD均为导出单位，故ABD错误；C正确；‎ ‎3.5月24日北京时间19:05结束的2018全国田径大奖赛，如图所示为山西选手李俊霖（右一）在男子800米决赛中冲刺的情景，最终他以1分50秒的成绩获得冠军。下列说法正确的是( )‎ A. “1分50秒”指的是时刻 B. “19:05”指的是时间间隔 C. “800米”指的是路程 D. 全程的平均速度约为7.3m/s ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】AB. “1分50秒”指时间间隔，“19:05”指时刻，故A、B错误；‎ C. “800米”指的是路程，C正确；‎ D.全过程位移为0，故平均速度为0，D错误；‎ ‎4.一皮球从离地面1m高处竖直下落，与地相碰后，被反向弹回至0.9m高处．在这一过程中，皮球经过的路程和位移大小分别为（ ）‎ A. 1.9m，1.9m B. 1m，0.9m C. 1.9m，0.9m D. 1.9m，0.1m ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】一皮球从离地面1m高处竖直下落，与地相碰后，被反向弹回至0.9m高处，走过的运动轨迹长度为1.9m，所以路程为1.9m，首末位置的距离为0.1m，则位移的大小为0.1m．故D正确，A、B、C错误．‎ 故选D。‎ ‎5.一质点做直线运动的图像如图所示，下列关于该质点运动的描述不正确是( )‎ A. 1s-4s内的位移大小为24m B. 0-1s内的加速度大小为8m/s2‎ C. 4s-6s内的平均速度大小为4m/s D. 0-6s内的总位移大小为48m ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】AD.由图像可得，1s-4s内的位移大小为24m，0-6s内的总位移大小为，故A正确，D错误；‎ B. 0-1s内的加速度大小为，B正确；‎ C. 4s-6s内的平均速度大小为，C正确；‎ 故选D。‎ ‎6.有两个共点力，F1= 2N，F2= 4N，它们的合力F的大小可能是（ ）‎ A. 1N B. 7N C. 5N D. 9N ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】二力合成时合力范围：|F1+F2|≥F≥|F1-F2|；故合力最大6N，最小2N，之间任意结果都可以；则5N可能，1N，7N，9N不可能．故选C．‎ ‎7.一个置于水平地面上的物体重力为G，当用力F竖直向上拉它时，没有拉动，则它对地面的压力等于( )‎ A. G B. F C. G-F D. G+F ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】对物体受力分析可知，物体受重力、支持力及拉力的作用而处于静止状态；则在竖直方向合力为零；则支持力FN+F=G；解得它受到的支持力为FN=G-F；则由牛顿第三定律可知，它对地面的压力为G-F，故C正确，ABD错误．‎ ‎8.跳高运动员在起跳过程中，下列叙述正确的是( )‎ A. 运动员对地面的压力大于地面对运动员的弹力 B. 运动员对地面的压力大于运动员的重力 C. 地面对运动员的弹力大于运动员对地面的压力 D. 地面对运动员的弹力与运动员对地面的压力相等 ‎【答案】BD ‎【解析】‎ ‎【详解】ACD.运动员对地面的压力与地面对运动员的弹力为作用力和反作用力，故两者大小相等，A错误，C错误，D正确；‎ B.对运动员分析，其起跳瞬间有向上的加速度，故对面对运动员的支持力大于运动员的重力，故运动员对地面的压力大于运动员的重力，B正确；‎ 故选BD。‎ ‎9.打水漂是人类最古老的游戏之一（如图所示）。瓦片从手上水平飞出，擦水面飞行，并在水面上向前弹跳几次后下沉。下列关于瓦片的判断正确的是( )‎ A. 初速度越大，惯性越大 B. 飞行时间越长，惯性越大 C. 飞行距离越长，惯性越大 D. 质量越大，惯性越大 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】物体的惯性只和质量有关，质量越大，惯性越大，故D正确；‎ 故选D。‎ ‎10.如图所示，水平地面上静止地叠放了两块石头，下列说法正确的是 A. 1号石头没有发生弹性形变 B. 2号石头与地面间一定有摩擦力 C. 2号石头对1号石头的作用力竖直向上 D. 1号石头对2号石头的压力就是1号石头的重力 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A.1号石头对2号石头有压力，故1号石头有形变，A错误；‎ B.对1、2号石头整体，重力和支持力都在竖直方向，故地面没有摩擦力，B错误；‎ C.对1号石头，其合力为0，故2号石头对1号石头的作用力竖直向上，C正确；‎ D.1号石头对2号石头的压力是弹力，不是1号石头的重力，D错误；‎ 故选C。‎ ‎11.如图所示，用劲度系数为k的弹簧悬挂一重力为G的小球，平衡时球在A位置。今用力F将小球拉至B位置，弹簧再伸长x，则此时弹簧的弹力为( )‎ A. kx B. G C. G－kx D. kx＋G ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】不施加拉力时，弹簧的弹力等于小球重力G，故施加拉力后，弹簧的弹力为 ‎，D正确；‎ ‎12.如图所示，猴子在竖直杆上从静止开始下滑，下列说法正确的是( )‎ A. 匀速下滑时，它所受的摩擦力的方向竖直向下 B. 匀速下滑时，它所受的摩擦力等于其所受的重力 C. 加速下滑时，它所受摩擦力小于它对杆的摩擦力 D. 减速下滑时，它所受摩擦力大于它对杆的摩擦力 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】AB.猴子在竖直杆上匀速下滑时，其合力为0，故摩擦力方向竖直向上，大小等于其重力，A错误，B正确；‎ CD.无论是加速下滑还是减速下滑，猴子对杆的摩擦力和杆对猴子的摩擦力都是作用力和反作用力，大小相等，方向相反，作用在同一直线上，故CD错误；‎ 故选B。‎ ‎13.为了测出井口到水面的距离，让一小石块从井口处自由落下，经3s后听到石块击水声，则井口到水面的距离更接近以下哪个数据( )‎ A. 30m B. 42 m C. 48 m D. 90 m ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】由可得，，由于重力加速度的值略小于，而且石块落水后声音传到井口还需要时间，故石块下落时间应该小于3s，因此井口深度应该小于45m，B正确；‎ ‎14.如图所示，自由落下的小球，从接触竖直放置的弹簧开始到弹簧的压缩量最大的过程中，小球的速度及所受的合外力的变化情况是（　　）‎ A. 合力变小，速度变小 B. 合力变小，速度变大 C. 合力先变小，后变大；速度先变大，后变小 D. 合力先变大，后变小，速度先变小，后变大 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】小球自由落下，接触弹簧时有竖直向下的速度．以小球为研究对象，分析小球的受力情况和运动情况：开始阶段，弹力小于重力，合力竖直向下，与速度方向相同，小球做加速运动，合力变小；当弹力大于重力后，合力竖直向上，小球做减速运动，合力变大．当弹力等于重力时，合力为零，速度最大．故选C．‎ ‎15.将质量为1.0kg的木块放在水平长木板上，用力沿水平方向拉木块，拉力从0开始逐渐增大，木块先静止后相对木板运动．用力传感器采集木块受到的拉力和摩擦力的大小，并用计算机绘制出摩擦力大小F1随拉力大小F变化的图象，如图所示，木块与长木板间的动摩擦因数为（ ）‎ A. 0.3 B. 0.5 C. 0.6 D. 1.0‎ ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】由图可知，木块所受的滑动摩擦力为：f=3N，根据f=μFN=μmg，解得：．故选A．‎ ‎【点睛】本题考查了滑动摩擦力公式的基本运用，知道物体开始受到的是静摩擦力，滑动摩擦力的大小与正压力成正比．‎ ‎16.重力为G的体操运动员在进行自由体操比赛时，有如图所示的比赛动作，当运动员竖直倒立保持静止状态时，两手臂对称支撑，夹角为θ，则：‎ A. 当时，运动员单手对地面的正压力大小为 B. 当时，运动员单手对地面的正压力大小为 C. 当θ不同时，运动员受到的合力不同 D. 当θ不同时，运动员与地面之间的相互作用力不相等 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】运动员处于静止状态，即平衡状态.每只手都承受自身重力的一半.和角度无关，所以A正确,BC错误:由牛顿第三定律知两物体间的相互作用力大小永远相等.故D错误．‎ 综上所述本题答案是：A ‎17.小华同学利用如图所示的实验装置来测定物体与滑板间的滑动摩擦力．下列关于用这种装置做实验的说法中，你认为正确的是 A. 必须调节托盘中重物的重量，确保滑板做匀速运动 B. 不一定要使滑板做匀速运动，但必须要用恒力拉滑板 C. 托盘中放的重物越重，滑板运动得越快，弹簧秤读数越大 D. 只要滑板与木块有相对运动，无论滑板做什么运动，弹簧秤的读数都相同 ‎【答案】D ‎【解析】‎ 不管重物如何运动，滑块水平方向受弹簧向左的拉力和向右的滑动摩擦力，始终处于平衡状态，故弹簧秤的读数等于滑块与板之间的滑动摩擦力的大小；故ABC错误，D正确；‎ ‎18.如图所示，一人站在电梯中的体重计上，随电梯一起运动，下列各种情况中，体重计的示数最大的是（ ）‎ A. 电梯匀速上升 B. 电梯匀减速上升 C. 电梯匀减速下降 D. 电梯匀加速下降 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】电梯匀速上升，重力等于支持力，N=mg，电梯匀减速上升、匀加速下降，加速度方向都向下，根据牛顿第二定律，mg﹣N=ma，则N=mg﹣ma＜mg．电梯匀减速下降时，加速度方向向上，根据牛顿第二定律有：N﹣mg=ma，则N=mg+ma＞mg．因为支持力等于压力，压力等于体重计的示数，所以电梯匀减速下降时，体重计的示数最大．故C正确，A、B、D错误．‎ 二、实验填空题 ‎19.某课外兴趣小组做“探究求合力的方法”实验。如图所示，贴有白纸的木板竖直放置，三个细线套L1、L2、L3的一端共系于一个结点，另一端分别系于轻质弹簧测力计A、B和重物M上，A挂于固定点P，手持弹簧测力B的一端拉动细线，使结点静止于O点。‎ ‎（1）某次实验中A的指针位置如图所示，其读数为______N；‎ ‎（2）下列实验操作正确的是______‎ A．实验前对弹簧测力计不需要进行调零 B．本实验中的细线越短越好 C．实验过程中弹簧测力计和细线与木板平行 D．本实验不需要测量重物M的重力 ‎（3）在图示情况下，手持弹簧测力B使L2绕节点逆时针缓慢转动，则结点O的位置会不会变动？______（选填“会”或“不会”）‎ ‎【答案】 (1). 1.50N (2). C (3). 会 ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）由图中可读数为1.50N，注意往下估读一位。‎ ‎（2）A.实验前对弹簧测力计需要进行调零，A错误；‎ B. 本实验中的细线不能太短，太短不方便画出力的方向，B错误；‎ C.实验过程中弹簧测力计和细线与木板平行，保证力都在同一平面内，C正确；‎ D.由于需要作出合力，故需要测量重物的重力，D错误；‎ 故选C。‎ ‎（3）弹簧测力B使L2绕节点逆时针缓慢转动时，合力大小没变，两分力夹角发生了变化，故两分力大小会发生变化，故结点O的位置会发生变化。‎ ‎20.利用如图甲所示装置做“加速度与力、质量的关系”实验。‎ ‎（1）本装置中要用到打点计时器，如图乙所示是实验室常用的两种计时器，‎ 其中B装置用的电源是______（在以下选项中选择合适的一项）‎ ‎（2）本实验应用的实验方法是__________ ‎ A．控制变量法 B． 假设法 C． 理想实验法 ‎ ‎（3）下列说法中正确的是__________． ‎ A．在探究加速度与质量的关系时，应改变拉力的大小． ‎ B．在探究加速度与外力的关系时，应该改变小车的质量． ‎ C．在探究加速度 a 与质量 m 的关系时，为了直观判断二者间的关系，应作出 a﹣m图象． ‎ D．当小车的质量远大于砝码盘和砝码的总质量时，才能近似认为细线对小车的拉力大小等于砝码盘和砝码的总重力大小． ‎ ‎（4）如图丙所示是实验中按规范操作打出纸带一部分。已知打点计时器接在频率为50Hz的交流电上，每两个计数点之间还有四个点未画出，由该纸带可得 ‎①AB两点间的时间间隔T=______s；‎ ‎②小车在G点的速度为v=______ m/s；‎ ‎③小车运动的加速度为a=______m/s2（结果保留2位有效数字）。‎ ‎【答案】 (1). B (2). A (3). D (4). 0.1 0.60 0.16‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）由图中可知，B为电磁打点计时器，故应使用低压交流电源，A为直流电源，B为低压交流电源，C为直流电源，D为220V交流电源，故B正确；‎ 故选B。‎ ‎（2）本实验中探究加速度与质量关系时保持力不变，探究加速度与力的关系时保持力不变，故用到了控制变量法；‎ ‎（3）A.在探究加速度与质量的关系时,应保持拉力不变，改变小车质量，A错误；‎ B.在探究加速度与外力的关系时，保持小车质量不变，改变小车的受到的力，B错误；‎ C.在探究加速度 a 与质量 m 的关系时，应该作出图像，C错误；‎ D.近似认为细线对小车的拉力大小等于砝码盘和砝码的总重力大小的条件为小车质量远大于砝码和砝码盘的总质量，故D正确；‎ 故选D。‎ ‎（4）打点的时间间隔为；‎ 小车在G点的速度为;‎ 由图中数据可知，每两段相邻时间内位移的差值为，由可得，加速度为 三、计算与论述题 ‎21.火车机车原来的速度是10m/s，在一段下坡路上加速度为0.2m/s2。机车行驶到下坡末端，速度增加到14m/s。求：‎ ‎（1）机车通过这段下坡路所用的时间；‎ ‎（2）在这段时间内机车通过的位移大小；‎ ‎（3）在这段时间内机车的平均速度的大小。‎ ‎【答案】（1）20s（2）240m（3）12m/s ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）机车通过这段下坡路所用的时间为 ‎（2）在这段时间内机车通过的位移大小为 ‎（3）在这段时间内机车的平均速度的大小 ‎22.一质量为 m=2kg物体用两根细线悬挂在两竖直墙上，OC水平，OB与竖直墙成37°，g取10m/s2，如图所示。‎ ‎（1）在答卷上作出结点O的受力分析示意图；‎ ‎（2）分别求出OC和OB两根绳子所受拉力的大小。‎ ‎【答案】（1）（2），‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）结点O的受力分析示意图如图所示 ‎（2）对物体可知，O点下方绳中的拉力为 对O点可得 解得 ‎23.已知一质量m=1kg的物体在倾角α=37°的斜面上恰能匀速下滑，当对该物体施加一个沿斜面向上的推力F时，物体恰能匀速上滑（取g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）．求：‎ ‎（1）物体与斜面间的动摩擦因数μ．‎ ‎（2）推力F的大小．‎ ‎【答案】（1）μ=0.75．（2）F=12N ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）物体匀速下滑时，受力分析如图：‎ 由平衡条件得：‎ f=Gsinα N=Gcosα 又：‎ f=μN 解得：‎ μ=tanα=0.75‎ ‎（2）物体匀速上滑时：‎ 由平衡条件得：‎ N=Gcosα f=μN=μGcosα F=Gsinα+f=Gsinα+μGcosα 将μ=tanα得：‎ F=2Gsinα=2mgsinα=12N ‎24.平地面上有一固定的磁场斜面，倾角为θ=37°，一质量m=1kg滑块在平行于斜面向上的恒定拉力F作用下从静止开始沿斜面向上做匀加速度直线运动，滑块与斜面间的动摩擦因数μ=0.5．从滑块由静止开始运动时计时，在4s末撤去恒定拉力F，滑块刚好可以滑到斜面顶端，滑块在0到4s内v-t图像如图乙所示，求：‎ ‎ ‎ ‎（1）滑块前4s的加速度以及前4s内位移的大小；‎ ‎（2）拉力F的大小；‎ ‎（3）滑块经过斜面上距斜面顶点0.2m处所对应的时刻？‎ ‎【答案】(1)8m (2)11N (3) 和 ‎【解析】‎ ‎【详解】(1)由图可知：加速度大小 位移的大小即为图线与时间轴围成的面积：‎ ‎(2)滑块在拉力作用下，受力分析如图：‎ Y轴上，由平衡方程 X轴上，由牛顿第二定律 得到：‎ ‎（3）滑块先以做匀加速直线运动，撤去力F后，滑块受力如图所示：‎ X轴上，由牛顿第二定律：，‎ 得到 以匀减速到0过程，位移 距顶端处的位置在减速前进的处．‎ 由匀变速位移公式：‎ 解得：或（已反向运动，舍弃）‎ 得到：‎ 所对应的时刻为 滑块减速到0时间为 此后滑块会下滑，摩擦力反向，设滑块加速度 由牛顿第二定律：‎ 解得：‎ 设加速运动的时间为，‎ 得到：‎ 所对应的时刻为：‎ 即滑块经过斜面上距斜面顶点处所对应的时刻分别为和．‎ ‎25.滑沙运动起源于非洲，是一种独特的体育游乐项目，现在我国许多地方相继建立了滑沙场，滑沙已成为我国很受欢迎的旅游项目．如图所示，运动员从A点沿斜坡由静止开始下滑，经过B点后进入水平面（设经过B点前后速度大小不变），最后停在C点．若运动员与滑沙板的总质量为60kg，滑沙板与沙子间的动摩擦因数恒为0.5，坡面AB的长度为100m，坡面的倾角a=37°（sin37°=0.6，cos37°=0.8）．求：‎ ‎（1）运动员在坡底B处的速度大小；‎ ‎（2）运动员在水平沙道上还能滑行的时间．‎ ‎【答案】（1）（2）4s ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）对运动员和滑沙板在斜坡上进行受力分析，受重力、支持力和摩擦力；‎ 沿斜面方向：‎ 垂直斜面方向：‎ 其中：‎ 解得：‎ 由 解得：‎ ‎（2）对运动员和滑沙板在水平沙道上进行受力分析，如图 水平向右为正方向，根据牛顿第二定律，有：‎ 水平方向：‎ 竖直方向：‎ 其中 解得 人向右匀减速运动，根据速度时间关系公式，有