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文档介绍
高三数学二轮高考专题辅导与训练打包检测试题:专题检测(一)
专题检测(一) [时间120分钟,满分150分] 一、选择题(本大题共12小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的) 1.(2012·虹口二模)已知集合M=,N=,则M∩N= A.[1,2) B.(1,2] C.(-∞,1]∪[2,+∞) D.[5,+∞) 解析 易知M=.∴M∩N=.故选A. 答案 A 2.已知命题p:∀x∈R,x2+2>2x,则它的否定是 A.綈p:∀x∈R,x2+2<2x B.綈p:∃x0∈R,x2+2≤2x C.綈p:∃x0∈R,x2+2<2x D.綈p:∀x∈R,x2+2≤2x 解析 全称命题的否定是特称命题,“>”的否定是“≤”,故选B. 答案 B 3.(2012·潍坊二模)设集合A=,B={yy=x2},则A∩B= A.[-2,2] B.[0,2] C.0.4 D.0.8 解析 根据椭圆的有界性知A={x-2≤x≤2}, ∵y=x2≥0,∴B={yy≥0}.∴A∩B=[0,2]. 答案 B 4.(2012·衡水模拟)已知向量a=(x,1),b=(-x,4),其中x∈R.则“x=2”是“a⊥b”的 A.充分而不必要条件 B.必要而不充分条件 C.充要条件 D.既不充分又不必要条件 解析 ∵a⊥b⇔-x2+4=0⇔x=±2, ∴“x=2”是“a⊥b”的充分不必要条件. 答案 A 5.(2012·兰州二模)已知正实数a,b满足不等式ab+1<a+b,则函数f(x)=loga(x+b)的图象可能为 解析 由ab+1<a+b, 得ab+1-a-b=(a-1)(b-1)<0, ∴0<a<1,b>1或a>1,0<b<1.故选B. 答案 B 6.(2012·银川二模)曲线y=x2和曲线y2=x围成的图形面积是 A. B. C.1 D. 解析 如图所示,所求的面积为 S=(-x2+)dx = =. 答案 A 7.如果命题“綈(p∨q)”是假命题,则下列说法正确的是 A.p、q均为真命题 B.p、q中至少有一个为真命题 C.p、q均为假命题 D.p、q中至多有一个为真命题 解析 因为“綈(p∨q)”是假命题, 则“p∨q”是真命题, 所以p、q中至少有一个是真命题. 答案 B 8.若a<0,则下列不等式成立的是 A.2a>a>0.2a B.0.2a>a>2a C.a>0.2a>2a D.2a>0.2a>a 解析 因为a<0,所以函数y=xa为(0,+∞)上的减函数, 又因为0.2<,所以0.2a>a>0,而2a<0, 故0.2a>a>2a,故选B. 答案 B 9.(2012·南宁模拟)函数y=2x+1-(x+1)2的图象大致是 解析 令y=f(x),则f(1)=0,f(3)=0排除选项B、C, 又f(-1)>0,f(-2)<0,排除选项D.因此选A. 答案 A 10.若实数x、y满足4x+4y=2x+1+2y+1,则t=2x+2y的取值范围是 A.0<t≤2 B.0<t≤4 C.2<t≤4 D.t≥4 解析 依题意得,(2x+2y)2-2×2x×2y=2(2x+2y), 则t2-2t=2×2x×2y≤2×=, 即-2t≤0,解得0≤t≤4; 又t2-2t=2×2x×2y>0,且t>0, 因此有t>2,故2<t≤4,选C. 答案 C 11.设m>1,在约束条件下,目标函数z=x+my的最大值小于2,则m的取值范围为 A.(1,1+) B.(1+,+∞) C.(1,3) D.(3,+∞) 解析 变换目标函数为y=,由于m>1,所以-1<-<0,不等式组表示的平面区域如图中的阴影部分所示.根据目标函数的几何意义,只有直线y=-x+在y轴上的截距最大时,目标函数才取得最大值,显然在点A处取得最大值.由y=mx,x+y=1,得,所以目标函数的最大值是.由已知目标函数的最大值小于2,可得<2,即m2-2m-1<0,解得1-<m<1+,故m的取值范围是(1,1+). 答案 A 12.已知f(x),g(x)都是定义在R上的函数,对任意x,y满足f(x-y)=f(x)g(y)-g(x)f(y),且f(-2)=f(1)≠0,则g(1)+g(-1)= A.-1 B.1 C.2 D.-2 解析 令x=y=0,得f(0)=0,令x=1,y=0,得 f(1)=f(1)g(0)-g(1)f(0), 即f(1)=f(1)g(0). 又f(1)≠0,∴g(0)=1, 令x=0,得f(-y)=f(0)g(y)-g(0)f(y), 即f(-y)=-f(y). ∴函数f(x)是R上的奇函数,∴f(-1)=-f(1), 令x=-1,y=1, 得f(-2)=f(-1)g(1)-g(-1)f(1), 即f(-2)=-f(1)g(1)-g(-1)f(1). 又f(-2)=f(1)≠0,∴1=-g(1)-g(-1), 即g(1)+g(-1)=-1. 答案 A 二、填空题(本大题共4小题,每小题4分,共16分.把答案填在题中的横线上) 13.(2012·晋城模拟)若f(x+2)=则f·f(-2)=________. 解析 由于当x≥0时,f(x+2)=tan x, ∴令x=,得f=tan =1; 又∵当x<0时,f(x+2)=log2(-x), ∴令x=-4,得f(-2)=f(-4+2)=log24=2, ∴f·f(-2)=2. 答案 2 14.(2012·三明二模)已知函数f(x)=x2+bx+1是R上的偶函数,则实数b=________;不等式f(x-1)<|x|的解集为________. 解析 由f(-x)=f(x)得b=0,∴f(x)=x2+1, 不等式f(x-1)<|x|可化为(x-1)2+1<|x|, 它等价于或 解得1<x<2或x∈∅. 故原不等式的解集为{x1<x<2}. 答案 0 {x1<x<2} 15.(2012·海淀二模)某同学为研究函数f(x)=+ (0≤x≤ 1)的性质,构造了如图所示的两个边长为1的正方形ABCD和BEFC,点P是边BC上的一个动点,设CP=x,则AP+PF=f(x).请你参考这些信息,推知函数f(x)的极值点是________;函数f(x)的值域是________. 解析 连接AF,交BC于M, ∴当P与M重合时,f(x)=AP+PF取最小值, 此时x=,f(x)=. 当P与C或B重合时,f(x)最大,最大值为+1. 答案 [,+1] 16.(2012·重庆改编)设函数f(x)在R上可导,其导函数为f′(x),且函数y=(1-x)f(x)的图象如图所示,则当x=________时,函数f(x)有极大值,当x=________时,函数f(x)有极小值. 解析 利用极值的存在条件判定. 当x <-2时,y=(1-x)f′(x)>0,得f′(x)>0; 当-2<x<1时,y=(1-x)f′(x)<0,得f′(x)<0; 当1<x<2时,y=(1-x)f′(x)>0,得f′(x)<0; 当x>2时,y-(1-x)f′(x)<0,得f′(x)>0. ∴f(x)在(-∞,-2)上是增函数,在(-2,1)上是减函数,在(1,2)上是减函数,在(2,+∞)上是增函数.∴函数f(x)有极大值f(-2)和极小值f(2). 答案 -2 2 三、解答题(本大题共6小题,共74分.解答时应写出必要的文字说明、证明过程或演算步骤) 17.(12分)设关于x的方程(m+1)x2-mx+m-1=0有实数根时,实数m的取值范围是集合A,函数f(x)=lg[x2-(a+2)x+2a]的定义域是集合B. (1)求集合A; (2)若A∪B=B,求实数a的取值范围. 解析 (1)当m=-1时,x=2; 当m+1≠0时,由Δ=m2-4(m+1)(m-1)≥0, 解得-≤m≤,且m≠-1. 综上得A=. (2)由x2-(a+2)x+2a>0, 则(x-2)(x-a)>0. 当a=2时,B={x|x≠2}; 当a<2时,B={x|x<a或x>2}; 当a>2时,B={x|x<2或x>a}. 因为A∪B=B,则A⊆B. 而当a=2时,A⊆B; 当即<a<2时,A⊆B; 当a>2时,A⊆B.故a∈. 18.(12分)已知函数f(x)=(x+2)|x-2|. (1)若不等式f(x)≤a在[-3,1]上恒成立,求实数a的取值范围; (2)解不等式f(x)>3x. 解析 (1)当x∈[-3,1]时, f(x)=(x+2)|x-2|=(x+2)(2-x)=-x2+4. ∵-3≤x≤1,∴0≤x2≤9.于是-5≤-x2+4≤4, 即函数f(x)在[-3,1]上的最大值等于4. ∴要使不等式f(x)≤a在[-3,1]上恒成立,实数a的取值范围是[4,+∞). (2)不等式f(x)>3x,即(x+2)|x-2|-3x>0. 当x≥2时,原不等式等价于x2-4-3x>0, 解得x>4或x<-1.又∵x≥2,∴x>4. 当x<2时,原不等式等价于4-x2-3x>0, 即x2+3x-4<0,解得-4<x<1.满足x<2. 综上可知,原不等式的解集为{xx>4或-4<x<1}. 19.(12分)设函数f(x)=kax-a-x(a>0且a≠1)是定义域为R的奇函数. (1)若f(1)>0,试求不等式f(x2+2x)+f(x-4)>0的解集; (2)若f(1)=,且g(x)=a2x+a-2x-4f(x),求g(x)在[1,+∞)上的最小值. 解析 ∵f(x)是定义域为R的奇函数,∴f(0)=0, ∴k-1=0,即k=1. (1)∵f(1)>0,∴a->0. 又a>0且a≠1,∴a>1,f(x)=ax-a-x. ∵f′(x)=axln a+a-xln a=(ax+a-x)ln a>0, ∴f(x)在R上为增函数, 原不等式可化为f(x2+2x)>f(4-x). ∴x2+2x>4-x,即x2+3x-4>0. ∴x>1或x<-4. ∴不等式的解集为{xx>1或x<-4}. (2)∵f(1)=,∴a-=, 即2a2-3a-2=0. ∴a=2或a=-(舍去). ∴g(x)=22x+2-2x-4(2x-2-x)=(2x-2-x)2-4(2x-2-x)+2. 令t(x)=2x-2-x(x≥1), 则t(x)在(1,+∞)为增函数(由(1)可知), 即t(x)≥t(1)=, ∴原函数变为w(t)=t2-4t+2=(t-2)2-2. ∴当t=2时,ω(t)min=-2,此时x=log2(1+). 即g(x)在x=log2(1+)时取得最小值-2. 20.(12分)(2012·南京模拟)在某次水下考古活动中,需要潜水员潜入水深为30米的水底进行作业.其用氧量包含3个方面:①下潜时,平均速度为v(米/单位时间),单位时间内用氧量为cv2(c为正常数);②在水底作业需5个单位时间,每个单位时间用氧量为0.4;③返回水面时,平均速度为(米/单位时间),单位时间用氧量为0.2.记该潜水员在此次考古活动中,总用氧量为y. (1)将y表示为v的函数; (2)设0<v≤5,试确定下潜速度v,使总的用氧量最少. 解析 (1)潜入水底用时,用氧量为×cv2=30cv; 水底作业时用氧量为5×0.4=2; 返回水面用时,用氧量为×0.2=. 所以y=30cv+2+(v>0). (2)y=30cv+2+≥2+2 =2+12. 当且仅当30cv=,即v=时取等号. 当≤5,即c≥时,v=时,y的最小值为2+12. 当>5,即c<时,y′=30c-=<0, 因此函数y=30cv+2+在(0,5]上为减函数, 所以当v=5时,y的最小值为150c+. 综上,当c≥时,下潜速度为时,用氧量最小为2+12; 当0<c<时,下潜速度为5时,用氧量最小为150c+. 21.(12分)(2012·安徽)设定义在(0,+∞)上的函数f(x)=ax++b(a>0). (1)求f(x)的最小值; (2)若曲线y=f(x)在点(1,f(1))处的切线方程为y=x,求a、b的值. 解析 (1)解法一 由题设和均值不等式可知,f(x)=ax++b≥2+b,其中等号成立当且仅当ax=1,即当x=时,f(x)取最小值为2+b. 解法二 f(x)的导数f′(x)=a-=, 当x>时,f′(x)>0,f(x)在上递增; 当0<x<时,f′(x)<0,f(x)在上递减. 所以当x=时,f(x)取最小值为2+b. (2)f′(x)=a-,由题设知,f′(1)=a-=,解得a=2或a=-(不合题意,舍去). 将a=2代入f(1)=a++b=,解得b=-1. 所以a=2,b=-1. 22.(14分)(2012·银川模拟)已知函数f(x)=,曲线y=f(x)在点(1,f(1))处的切线方程是5x-4y+1=0. (1)求a、b的值; (2)设g(x)=2ln(x+1)-mf(x),若当x∈[0,+∞)时,恒有g(x)≤0,求m的取值范围. 解析 (1)f′(x)=. 由于直线5x-4y+1=0的斜率是,且过点, ∴⇒⇒即f(x)=. (2)由(1)知:g(x)=2ln(x+1)-m(x>-1),则g′(x)=. 令h(x)=-mx2+(2-2m)x+2-2m, 当m=0时,h(x)=2x+2,在x∈[0,+∞)时,h(x)>0,g′(x)>0, 即g(x)在[0,+∞)上是增函数, 则g(x)≥g(0)=0,不满足题设. 当m<0时,∵-=-1<0 且h(0)=2-2m>0, ∴x∈[0,+∞)时,h(x)>0,g′(x)>0, 即g(x)在[0,+∞)上是增函数, 则g(x)≥g(0)=0,不满足题设. 当0<m<1时,则Δ=(2-2m)2+4m(2-2m) =4(1-m2)>0, 由h(x)=0得x1=<0; x2=>0. 则x∈[0,x2)时,h(x)>0,g′(x)>0, 即g(x)在[0,x2)上是增函数, 则g(x2)≥g(0)=0,不满足题设. 当m≥1时,Δ=(2-2m)2+4m(2-2m) =4(1-m2)≤0, h(x)≤0,g′(x)≤0, 即g(x)在[0,+∞)上是减函数, 则g(x)≤g(0)=0,满足题设. 综上所述,m∈[1,+∞).查看更多