【物理】浙江省温州新力量联盟2019-2020学年高一下学期期中考试联考试题

【物理】浙江省温州新力量联盟2019-2020学年高一下学期期中考试联考试题

浙江省温州新力量联盟2019-2020学年高一下学期 期中考试联考试题 一、选择题（本题共18小题，每小题2分，共36分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分）‎ ‎1.在国际单位制中，磁感应强度单位的符号是（　　）‎ A. N／C B. V／m C. T D. Wb/m2‎ ‎【答案】CD ‎【解析】‎ ‎【详解】A．是电场强度的单位，故A错误； B．是电场强度的单位，故B错误； C．是磁感应强度的单位，故C正确； D．是磁通量的单位，根据，所以，，故也是磁感应强度的单位，故D正确。‎ 故选CD。‎ ‎2.库伦定律的表达式是（　　）‎ A B. C. D. ‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】真空中两个静止点电荷之间的相互作用力，跟它们电荷量的乘积成正比，跟它们距离的二次方成反比，其表达式为：，故B正确、ACD错误；‎ 故选：B。‎ ‎3. 某同学从废旧音响中拆得一个电学元件，如图所示．该元件是 A. 电阻 B. 干电池 C. 电容器 D. 验电器 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】从图中220μF可知这是电容的单位，故该元件为电容器，故选C。‎ ‎4.图为正在航拍的旋翼无人机，下列过程能将无人机看成质点的是（　　）‎ A. 调节无人机旋翼转速 B 调节摄像机镜头方向 C. 研究无人机空中停留时间 D. 研究风力、风向对无人机的影响 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 调节飞机旋翼的转速时，飞机旋翼的大小和形状不能忽略不计，不能看做质点。则A错误；‎ B. 调整飞机上摄像机镜头的方向时，摄像头的大小不能忽略。则B错误； ‎ C. 研究无人机空中停留时间，飞机的大小可忽略。则C正确；‎ D. 研究风力、风向对无人机的影响，飞机的大小和形状不能忽略不计，不能看做质点。则D错误；‎ ‎5.如图所示，真空玻璃管内的鸡毛、铜线由静止开始下落。能表示铜线在自由下落过程中加速度随时间变化的图象是（　　）‎ A. B. ‎ C. D. ‎ ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】铜线在自由下落过程中受到的空气阻力可以忽略不计，所以可以看成是自由落体运动，自由落体运动只受重力，加速度为重力加速度，大小方向均不变，故A正确，BCD错误；‎ ‎6.竹蜻蜓是一种中国传统的民间儿童玩具，流传甚广．如图所示，竹蜻蜓由竹柄和“翅膀”两部分组成．玩儿时，双手一搓竹柄，然后双手松开，竹蜻蜓就会旋转着飞上天空，过一会儿落下来,松手后，关于竹蜻蜓和空气间相互作用力，下列说法中正确的是（ ）‎ A. 竹蜻蜓对空气的作用力大于空气对竹蜻蜓的作用力 B. 竹蜻蜓对空气的作用力小于空气对竹蜻蜓的作用力 C. 竹蜻蜓对空气的作用力等于空气对竹蜻蜓的作用力 D. 竹蜻蜓对空气的作用力与空气对竹蜻蜓的作用力方向相同 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】竹蜻蜓对空气的作用力和空气对竹蜻蜓的作用力是一对作用力与反作用力，根据牛顿第三定律可知，竹蜻蜓对空气的作用力大小等于空气对竹蜻蜓的作用力，二者的方向相反。故C正确，ABD错误。‎ ‎7.如图，当一个行李箱随水平传送带一起向右匀速运动时，行李箱所受的力有（ ）‎ A. 重力 B. 重力、支持力 C. 重力、支持力、静摩擦力 D. 重力、支持力、滑动摩擦力 ‎【答案】B ‎【解析】‎ 物体一定受重力与支持力；由于行李箱随水平传送带一起向右匀速运动,物体与传送带相对静止，没有相对运动及相对运动的趋势；故物体不受摩擦力；故选B．‎ 点睛：本题摩擦力的判断也可以用假设法：若物体受水平向左摩擦力作用，物体将向右做减速运动，与题意不符．‎ ‎8.如图，虚线为一架飞机飞行中的一段轨迹，P是轨迹上的一点，则飞机经过P点时所受合力的方向，可能正确的是（ ）‎ A. 甲 B. 乙 C. 丙 D. 丁 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】某一时刻对应某一位置，此时的速度方向沿曲线上该点的切线方向，因此丙为P点的速度方向，而力应指向曲线的内侧，由图可知道，只有丁符合条件．‎ ‎9.图所示，在一张大桌子上放两个平面镜N和M，让一束光依次被两面镜子反射，最后射到墙上，形成一个光点P。用力压桌面时观察墙上光点位置的变化。下列说法中正确的是（　　）‎ A. 装置中平面镜的作用是通过光的反射把桌面形变放大，便于观察 B. 力F越小，光点P下移越多 C. 力F越小，光点P上移越多 D. 桌面受到的压力，是由于桌面的形变产生的 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】A. ‎ 力的作用效果之一就是会使物体发生形变，但硬度越大的物体，其形变越不容易被觉察，为了证实硬度再大的物体在力的作用下也是有发生形变，可采用上图所示的装置进行验证。该装置是一种显示微小形变的装置，它可以把微小形变“放大”到直接看出来，故A正确；‎ BC. 若在两镜之间桌面用力F下压，M、N将向中间倾斜，增大压力，则光束的入射角减小，由光的反射定律可知，光点会在刻度尺上从P点向下移动其力越大，移动越明显，力F越小，光点P下移越小。故B错误，C错误；‎ D. 桌面受到的压力，是由施力物体发生形变产生的，而桌面是受力物体，故D错误；‎ 故选A。‎ ‎10.杭州十四中凤起校区实验楼大厅里科普器材中有如图所示的传动装置：在大齿轮盘内嵌有三个等大的小齿轮。若齿轮的齿很小，大齿轮半径（内径）是小齿轮半径的3倍，则当大齿轮顺时针匀速转动时，下列说法正确的是（　　）‎ A. 小齿轮逆时针匀速转动 B. 小齿轮的每个齿的线速度均一样 C. 大小齿轮的角速度相等 D. 小齿轮每个齿的向心加速度是大齿轮每个齿的向心加速度的3倍 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 小齿轮的运动方向和大齿轮的运动方向相同，所以小齿轮也是顺时针匀速转动，故A错误；‎ B. 大齿轮和小齿轮的线速度大小相等，小齿轮的每个齿的线速度方向不同，故B错误；‎ C. 根据可知，线速度相等，大齿轮半径（内径）是小齿轮半径的3倍时，小齿轮的角速度是大齿轮角速度的3倍，角速度不相等，故C错误；‎ D. 根据，大齿轮半径（内径）是小齿轮半径的3倍。可知小齿轮每个齿的向心加速度是大齿轮每个齿的向心加速度的3倍，故D正确；‎ ‎11.在冬奥会自由式滑雪比赛中，运动员沿着山坡上的雪道从高处滑下，如图所示。下列描述正确的是（　　）‎ A. 雪道对雪橇的摩擦力做正功 B. 运动员的重力势能增大 C. 运动员的机械能增大 D. 运动员的动能增大 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 雪道对雪撬的摩擦力沿滑道向上，而位移向下，故摩擦力做负功，故A错误；‎ B. 运动员高度降低，重力势能减小，故B错误；‎ C. 雪道对雪撬的摩擦力做负功，运动员的机械能减小，故C错误；‎ D. 运动员所受外力做正功，动能增加，故D正确；‎ ‎12.下列有关运动电荷和通电导线受到磁场对它们的作用力方向判断正确的是（　　）‎ A. B. C. D. ‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】由左手定则可判定电荷受到的洛伦兹力竖直向下，故A错误；由左手定则可判定电荷受到的洛伦兹力竖直向下，故B正确；由左手定则可判定导线受到的安培力竖直向下，故C错误；由左手定则可判定导线受到的安培力竖直向上，故D错误．‎ ‎13.ABC三球做斜抛运动轨迹如图所示，不计空气阻力，下列说法中正确的是（ ）‎ A. ABC三球做斜抛运动过程中，加速度都不相同 B. B球的射程最远，所以最迟落地 C. A球的射高最大，所以最迟落地 D. AC两球的水平位移相等，所以两球的水平速度分量相等 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A．斜抛运动是匀变速曲线运动，加速度为重力加速度g，故A错；‎ BC．落地时间取决于竖直方向上的运动，竖直方向上小球做竖直上抛运动，所以向上运动位移越大所需时间越长，由图可知A球竖直位移最大，所需时间最长，落地最晚，故B错误C正确；‎ D．水平位移取决于水平分速度和运动时间，AC两球水平位移相等，但时间不同，故水平分速度不相等，故D错误。‎ ‎14.倾角为α、质量为M的斜面体静止在水平桌面上，质量为m的木块静止在斜面体上．下列结论正确的是 A. 木块受到的摩擦力大小是mgcosα B. 木块对斜面体的压力大小是mgsinα C. 桌面对斜面体的摩擦力大小是mgsinαcosα D. 桌面对斜面体的支持力大小是（M+m）g ‎【答案】D ‎【解析】‎ 试题分析：先对木块m受力分析，受重力、支持力和静摩擦力，根据平衡条件求解支持力和静摩擦力；然后对M和m整体受力分析，受重力和支持力，二力平衡．‎ 解：AB、先对木块m受力分析，受重力mg、支持力N和静摩擦力f，根据平衡条件，有：‎ f=mgsinθ…①‎ N=mgcosθ…②‎ 故AB错误；‎ CD、对M和m整体受力分析，受重力和支持力，二力平衡，故桌面对斜面体的支持力为N=（M+m）g，静摩擦力为零，故C错误，D正确．‎ 故选D．‎ ‎15.如图为某一电场的电场线，M、N、P为电场线上的三个点，M、N是同一电场线上两点．下列判断正确的是(　 　)‎ A. M、N、P三点中N点的场强最大 B. M、N、P三点中N点的电势最高 C. 负电荷在M点的电势能大于在N点的电势能 D. 正电荷从M点自由释放，电荷将沿电场线运动到N点 ‎【答案】A ‎【解析】‎ 电场线的疏密反应了场的强弱，N点处电场线最密，所以N点场强最大，故A正确；顺着电场线的方向，电势降低，所以M点的电势最高，故B错误；根据EP=qφ，φM＞φP＞φN可知，负电荷在M点电势能小于在N点的电势能，故C正确；在M点静止释放，正电荷在电场力的作用下运动，但是运动轨迹并不是电场线，故D错误．故选A.‎ ‎16.如图所示是某款理发用的电吹风的电路图，它主要由电动机和电热丝构成．当闭合开关后，电动机驱动风叶旋转，将空气从进风口吸入，经电热丝加热，形成热风后从出风口吹出．已知电吹风的额定电压为，吹冷风时的功率为，吹热风时的功率为．关于该电吹风，下列说法正确的是（ ）‎ A. 电热丝的电阻为 B. 电动机的电阻为 C. 当电吹风吹热风时，电热丝每秒钟消耗的电能为 D. 当电吹风吹热风时，电动机每秒钟消耗的电能为 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】吹热风时电热丝消耗的功率为，又由可得电热丝的电阻为，选项A正确；由于不知道电动机线圈的发热功率，所以电动机线圈的电阻无法计算，选项B错误；当电吹风吹热风时，电热丝每秒钟消耗的电能为880J，选项C错误；当电吹风吹热风时，电动机每秒钟消耗的电能为120J，选项D错误．‎ ‎17.教师在课堂上做了两个小实验，让小明同学印象深刻．第一个实验叫做“旋转的液体”，在玻璃皿的中心放一个圆柱形电极，沿边缘内壁放一个圆环形电极，把它们分别与电池的两极相连，然后在玻璃皿中放入导电液体，例如盐水，如果把玻璃皿放在磁场中，液体就会旋转起来，如图甲所示．第二个实验叫做“振动的弹簧”，把一根柔软的弹簧悬挂起来，使它的下端刚好跟槽中的水银接触，通电后，发现弹簧不断上下振动，如图乙所示．下列关于这两个趣味实验的说法正确的是（ ）‎ A. 图甲中，如果改变磁场的方向，液体的旋转方向不变 B. 图甲中，如果改变电源的正负极，液体的旋转方向不变 C. 图乙中，如果改变电源的正负极，依然可以观察到弹簧不断上下振动 D. 图乙中，如果将水银换成酒精，依然可以观察到弹簧不断上下振动 ‎【答案】C ‎【解析】‎ 图甲中，仅仅调换N、S极位置或仅仅调换电源的正负极位置，安培力方向肯定改变，液体的旋转方向要改变，故AB 均错误；图乙中，当有电流通过弹簧时，构成弹簧的每一圈导线周围都产生了磁场，根据安培定则知，各圈导线之间都产生了相互的吸引作用，弹簧就缩短了，当弹簧的下端离开水银后，电路断开，弹簧中没有了电流，各圈导线之间失去了相互吸引力，弹簧又恢复原长，使得弹簧下端又与水银接触，弹簧中又有了电流，开始重复上述过程，可以观察到弹簧不断上下振动；如果改变电源的正负极，依然可以观察到弹簧不断上下振动；但是如果将水银换成酒精，酒精不导电，则弹簧将不再上下振动，故选项C正确，D错误；故选C.‎ ‎18.如图甲所示是一打桩机的简易模型．质量m=‎1kg的物体在拉力F作用下从与钉子接触处由静止开始运动，上升一段高度后撤去F，到最高点后自由下落，撞击钉子，将钉子打入‎2cm深度，且物体不再被弹起。若以初始状态物体与钉子接触处为零势能点，物体上升过程中，机械能E与上身高度h的关系图像如图乙所示。撞击前不计所有摩擦，钉子质量忽略不计，则（　　）‎ A. 物体上升过程的加速度为‎12m/s2‎ B. 物体上升过程最大速度为‎2m/s C. 物体上升到‎0.25m高度处拉力F的瞬时功率为10W D. 钉子受到的平均阻力为600N ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】AB. 物体上升‎1m高度时的机械能，即：，解得物体上升过程中最大速度，根据匀变速直线运动的速度位移公式得：，可知物体上升过程的加速度为，‎ 故A错误，B正确；‎ C. 根据速度位移公式得：，解得：，‎ 根据牛顿第二定律得：解得：，则拉力F瞬时功率为：，故C错误；‎ D. 根据机械能守恒得，物体与钉子接触时的动能为12J，根据能量守恒得：‎ ‎，代入数据得：，故D错误；‎ 故选B。‎ 非选择题部分（本题共5小题，共34分）‎ ‎19.在“究功与速度变化的关系”实验中。‎ ‎（1）如图甲所示，关于橡皮筋做功，下列说法正确的是：____‎ A．皮筋做的功可以直接测量 B．增加橡皮筋的条数可以使橡皮筋对小车做的功成整数倍的增加 C．皮筋在小车运动的全程中始终做功 D．橡皮筋拉伸为原来的两倍，橡皮筋做功也增加为原来的两倍 ‎（2）实验中甲乙两位同学的实验操作均正确，甲同学根据实验数据作出了功与速度的关系图（图乙中的图1）线，即W-v图，并由此图线得出“功与速度的平方一定成正比”的结论。乙同学根据实验数据作出了功与速度平方的关系图（图2）线，即W-v2，并由此也得出了“功与速度的平方一定成正比”的结论。关于甲、乙两位同学的分析，你的评价____‎ A．甲的分析不正确，乙的分析正确 B．甲的分析正确，乙的分析不正确 C．甲和乙的分析都正确 D．甲和乙的分析都不正确 ‎（3）如图丙是某同学在正确实验操作过程中得到的一条纸带，O、A、B、C、D、E、F为选取的计数点，相邻的两个计数点间还有一个点没有画出，各计数点的距离分别为xoA=‎1.87cm，xAB=‎2.92cm，xBC=‎4.10cm，xCD=‎8.02cm，xDE=‎8.92cm，xEF=‎8.92cm，若打点计时器的打点频率为50Hz，则由该纸带可知本次实验中橡皮筋做功结束时小车的速度是____m/s（保留三位有效数字）。‎ ‎【答案】 (1). B (2). A (3). 2.23‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】(1)A. 橡皮筋的拉力是一个变力，我们无法用进行计算，故A错误；‎ B. 橡皮筋伸长量按倍数增加时，功并不简单地按倍数增加，变力功一时无法确切测算。因此我们要设法回避求变力做功的具体数值，可以用一根橡皮筋做功记为W，用两根橡皮筋做功记为2W，用三根橡皮筋做功记为3W…，从而回避了直接求功的困难，故B正确；‎ C. 小车在橡皮条的拉力作用下先加速运动，当橡皮条恢复原长时，小车由于惯性继续前进，做匀速运动，此时橡皮筋不做功，故C错误；‎ D. 橡皮筋的拉力是一个变力，我们无法用进行计算，x变为原来的2倍，Fx比原来的两倍要大，故D错误；‎ 故选：B。‎ ‎(2)根据甲图，得到，式子中k为常系数，n为指数；当n=1时，图线为直线；当n<1时，图线向下弯曲；当n>1时，图线向上弯曲；甲图图线向上弯曲，故表达式中n为大于1的任意数值；而乙图中，W与v2成正比，故A正确，BCD错误。‎ 故选：A。‎ ‎(3)计时器的打点频率为50Hz，相邻的两个计数点间还有一个点没有画出，则相邻的两个计数点间时间间隔，由所打点可知，DE之间距离基本等于EF之间距离，因此小车最后获得的速度为：‎ ‎20.在做练习使用多用电表的实验中。‎ ‎（1）将两表笔分别与待测电阻相接，发现指针位置如图甲所示，则应将图中的旋钮B转至_____（选填“×1K”或“×‎10”‎）挡。‎ ‎（2）若旋钮B已转至正确的位置，然后将两表笔短接时，再旋转旋钮____（选填“A”或“B”或“C”），使指针对准电阻的“‎0”‎刻度线。最后，再将两表笔分别与待测电阻相接，发现指针位置如图乙所示，则该电阻阻值为____Ω。‎ ‎（3）全部测量结束后，应把图甲中的旋钮B拨到“OFF”挡或者____（填字母）。‎ A．流电压500V挡 B．直流电流500mA挡 C．交流电压500V挡 ‎【答案】 (1). ×10 (2). C 120 (3). C ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）由甲图可知，用“×‎100”‎倍率的挡位测量电阻，欧姆表指针偏转角度较小，说明所选挡位太大，为减小实验误差应换小挡，应该用×10档进行测量。‎ ‎（2）用多用电表粗测金属丝的阻值时选档后一定要先进行欧姆调零：将红、黑表笔短接，调节欧姆调零旋钮C，使指针对准电阻的0刻线处，测量后如图所示指针示数为12，倍率为“×‎10”‎，故最后读数为：12×10Ω=120Ω。‎ ‎（3）测量结束后，应把选择开关旋转到OFF挡或者交流电压最高挡，即交流电压500V挡，故选C。‎ ‎21.如图所示，矩形线圈abcd置于匀强磁场中，线圈平面和磁场垂直，ab=cd=‎0.2m，bc=ad=‎0.1m，线圈中的电流强度I=‎4.0A，方向如图，已知穿过线框的磁通=0.016Wb。求：‎ ‎（1）匀强磁场的磁感应强度B；‎ ‎（2）底边bc所受磁场力的大小和方向。‎ ‎【答案】（1）；（2）；由左手定则可知安培力方向向上 ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）由可得，‎ ‎（2）底边bc所受磁场力的大小:‎ 由左手定则可知安培力向上；‎ ‎22.推啤酒杯是一种娱乐性很强的游戏，选手在距离桌子右侧x=‎3m处将杯子以一定速度滑出，杯子滑行过程中只受到摩擦力作用，杯子停下来的点离桌子右边沿越近，则得分越高。某人在A点以‎3m/s速度抛出杯子时，杯子恰好停在最右侧B点，求：‎ ‎（1）杯子与桌面间动摩擦因数；‎ ‎（2）某人不小心以‎5m/s初速度把杯子从A点抛出，则杯子到达B点时的速度；‎ ‎（3）桌面高度h=‎1.25m，第（2）问中杯子落地点离B点水平位移。‎ ‎【答案】（1）0.15（2）‎4m/s（3）‎‎2m ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）设杯子在滑行过程中加速度大小为a，与桌面间动摩擦因数为μ，杯子做减速运动 根据牛顿第二定律可得：‎ 联立解得：‎ ‎（2）设杯子到达B点时的速度为vB，则 解得：；‎ ‎（3）杯子从B点滑出后，做平抛运动 竖直方向：‎ 解得：‎ 水平方向：‎ 解得：‎ ‎23.同学参照如图的过山车情景设计了如图模型：光滑弧形轨道的下端与半径为R的竖直光滑圆轨道相接，现使质量为m的滑块（可视为质点）从弧形轨道上端距地面高h=3R处由静止滑下，之后滑块沿圆轨道运动，再滑上与圆轨道圆滑连接的倾角θ=37°的足够长的粗糙斜面轨道。已知当地重力加速度为g，滑块与斜面轨道间的动摩擦因数μ=0.5，不计空气阻力，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，sin37°=0.6，cos37°=0.8．求：‎ ‎（1）滑块经过圆轨道最低点时轨道对其弹力大小；‎ ‎（2）滑块经过圆轨道最高点时轨道对其弹力大小；‎ ‎（3）滑块在斜面轨道上运动的路程。‎ ‎【答案】(1)7mg(2)mg(3)7.5R ‎【解析】‎ ‎【详解】(1)滑块从开始下滑至圆轨道最低点的过程,根据机械能守恒定律得 在圆轨道最低点，根据牛顿第二定律得 联立解得 ‎ (2)滑块从开始下滑至圆轨道最高点的过程,根据机械能守恒定律得 在圆轨道最高点,根据牛顿第二定律得 联立解得 ‎ ‎ (3)由于斜面轨道对滑块摩擦力 滑块所受重力沿斜面向下的分力 故滑块第一次滑到斜面最高点后还会沿斜面返回。‎ 设滑块第一次沿斜面上升最大距离为L1，则 解得 设滑块第一次返回斜面底端时的动能为E，则：‎ 故滑块不能到达圆弧左端与圆心等高处，以后将在圆轨道与斜面轨道之间来回运动，直至停在斜面轨道底端。‎ 设滑块在斜面上运动的路程为s，则对滑块运动全程用动能定理：‎ 解得