专题22 分类与整合思想、化归与转化思想（仿真押题）-2017年高考数学（理）命题猜想与仿真押题

专题22 分类与整合思想、化归与转化思想（仿真押题）-2017年高考数学（理）命题猜想与仿真押题

专题22 分类与整合思想、化归与转化思想（仿真押题）‎ ‎2017年高考数学（理）命题猜想与仿真押题 ‎1.等比数列{an}中，a3＝7，前3项之和S3＝21，则公比q的值是(　　)‎ A.1 B.－ C.1或－ D.－1或 解析　当公比q＝1时，a1＝a2＝a3＝7，S3＝3a1＝21，符合要求.当q≠1时，a1q2＝7，＝21，解之得，q＝－或q＝1(舍去).综上可知，q＝1或－.‎ 答案　C ‎2.函数f(x)＝2x＋x3－2在区间(0，1)内的零点个数是(　　)‎ A.0 B.1 C.2 D.3‎ 答案　B ‎3.已知函数f(x)＝ln x－x＋－1，g(x)＝－x2＋2bx－4，若对任意的x1∈(0，2)，任意的x2∈1，2]，不等式f(x1)≥g(x2)恒成立，则实数b的取值范围是(　　)‎ A. B.(1，＋∞)‎ C. D. 解析　依题意，问题等价于f(x1)min≥g(x2)max，‎ f(x)＝ln x－x＋－1，‎ 所以f′(x)＝－－＝.‎ 由f′(x)＞0，解得1＜x＜3，故函数f(x)单调递增区间是(1，3)，同理得f(x)的单调递减区间是(0，1)和(3，＋∞)，故在区间(0，2)上，x＝1是函数f(x)的极小值点，这个极小值点是唯一的，所以f(x1)min＝f(1)＝－.‎ 函数g(x2)＝－x＋2bx2－4，x2∈1，2].‎ 当b＜1时，g(x)max＝g(1)＝2b－5；‎ 当1≤b≤2时，g(x2)max＝g(b)＝b2－4；‎ 当b＞2时，g(x2)max＝g(2)＝4b－8.‎ 故问题等价于 或或 解第一个不等式组得b＜1，‎ 解第二个不等式组得1≤b≤，‎ 第三个不等式组无解.‎ 综上所述，b的取值范围是.故选A.‎ 答案　A ‎4．定义函数y＝f(x)，x∈D，若存在常数c，对任意x1∈D，存在唯一的x2∈D，使得＝c，则称函数f(x)在D上的均值为c.已知f(x)＝lg x，x∈10，100]，则函数f(x)＝lg x在10，100]上的均值为(　　)‎ A. B. C. D．10‎ ‎【答案】A　‎ ‎【解析】由题意可知x1x2＝1000，所以x2＝∈10，100]，所以函数f(x)＝lg x在10，100]上的均值为＝＝＝.‎ ‎5．已知g(x)＝ax＋a，f(x)＝对∀x1∈－2，2]，∃x2∈－2，2]，使g(x1)＝f(x2)成立，则a的取值范围是(　　)‎ A．－1，＋∞) B．－1，1]‎ C．(0，1] D．(－∞，1]‎ ‎【答案】B　‎ ‎【解析】对∀x1∈－2，2]，∃x2∈－2，2]，使g(x1)＝f(x2)成立等价于当x∈－2，2]时，函数g(x)的值域是函数f(x)值域的子集．易知当x∈－2，2]时，函数f(x)的值域为－3，3]．‎ 当a>0时，函数g(x)在－2，2]上的值域为－a，3a]，由－a，3a]⊆－3，3]，得－a≥－3且3a≤3，得a≤1，此时02π，对于C，D两个选项的图像，选项D中图像的最小正周期小于2π，故f(x)的图像不可能是选项D中的图像．‎ ‎9．已知α为钝角，且cos(＋α)＝－，则sin 2α＝________．‎ ‎【答案】－　‎ ‎【解析】cos(＋α)＝－，即sin α＝，又α为钝角，∴cos α＝－，∴sin 2α＝2sin αcos α＝－.‎ ‎10．已知某三棱锥的三视图(单位：cm)如图所示，则该三棱锥外接球的表面积等于________cm2.‎ ‎【答案】14π　‎ ‎【解析】由三视图可知该几何体为三棱锥A BCD.把该三棱锥补成长方体，可得外接球的直径2r＝，故外接球的表面积为14π.‎ ‎11．若不等式x2＋2xy≤a(x2＋y2)对于一切正数x，y恒成立，则实数a的最小值为________．‎ ‎【答案】　‎ ‎12．如图所示，已知△ABC是等腰直角三角形，CA＝1，点P是△ABC内一点，过点P分别引三边的平行线，与各边围成以P为顶点的三个三角形(图中阴影部分)．当点P在△ABC内运动时，以P为顶点的三个三角形面积和取最小值时，以CP为半径的球的表面积为________．‎ ‎【答案】　‎ ‎【解析】如图所示，以C为原点，CA所在直线为x轴，CB所在直线为y轴建立平面直角坐标系，则C(0，0)，A(1，0)，B(0，1)．‎ 设过点P且平行于直线AB的直线GE的方程为x＋y＝a(00)．‎ ‎(1)若对任意x∈(0，＋∞)，都有f(x)≥0恒成立，求实数a的取值集合；‎ ‎(2)证明：(1＋)na时，f′(x)>0，‎ 所以f(x)的单调递减区间为(0，a)，单调递增区间为(a，＋∞)，‎ 所以f(x)min＝f(a)＝a－1－aln a．由题意得f(x)min≥0，即a－1－aln a≥0.‎ 令g(a)＝a－1－aln a，可得g′(a)＝－ln a，因此g(a)在(0，1)上单调递增，在(1，＋∞)上单调递减，所以g(a)max＝g(1)＝0，故当a－1－aln a≥0时，a＝1，‎ 故实数a的取值集合为{1}．‎ ‎17.数列{an}中，a1＝8，a4＝2，且满足an＋2－2an＋1＋an＝0.‎ ‎(1)求数列的通项公式；‎ ‎(2)设Sn＝|a1|＋|a2|＋…＋|an|，求Sn.‎ 解　(1)an＋2－2an＋1＋an＝0，所以an＋2－an＋1＝an＋1－an，‎ 所以{an＋1－an}为常数列，‎ 所以{an}是以a1为首项的等差数列，‎ 设an＝a1＋(n－1)d，a4＝a1＋3d，‎ 所以d＝＝－2，所以an＝10－2n.‎ ‎(2)因为an＝10－2n，令an＝0，得n＝5.‎ 当n＞5时，an＜0；当n＝5时，an＝0；当n＜5时，an＞0.‎ 所以当n＞5时，‎ Sn＝|a1|＋|a2|＋…＋|an|‎ ‎＝a1＋a2＋…＋a5－(a6＋a7＋…＋an)‎ ‎＝T5－(Tn－T5)＝2T5－Tn＝n2－9n＋40，‎ Tn＝a1＋a2＋…＋an，‎ 当n≤5时，‎ Sn＝|a1|＋|a2|＋…＋|an|‎ ‎＝a1＋a2＋…＋an＝Tn＝9n－n2.‎ 所以Sn＝ ‎18.已知函数g(x)＝(a∈R)，f(x)＝ln(x＋1)＋g(x).‎ ‎(1)若函数g(x)过点(1，1)，求函数f(x)的图象在x＝0处的切线方程；‎ ‎(2)判断函数f(x)的单调性.‎ 解　(1)因为函数g(x)过点(1，1)，所以1＝，解得a＝2，所以f(x)＝ln(x＋1)＋.由f′(x)＝ ‎＋＝，则f′(0)＝3，所以所求的切线的斜率为3.又f(0)＝0，所以切点为(0，0)，故所求的切线方程为y＝3x.‎ ‎(2)因为f(x)＝ln(x＋1)＋(x＞－1)，‎ 所以f′(x)＝＋＝.‎ ‎①当a≥0时，因为x＞－1，所以f′(x)＞0，‎ 故f(x)在(－1，＋∞)上单调递增；‎ ‎19.已知椭圆＋＝1(a＞b＞0)的一个焦点与抛物线y2＝4x的焦点F重合，且椭圆短轴的两个端点与点F构成正三角形.‎ ‎(1)求椭圆的方程；‎ ‎(2)若过点(1，0)的直线l与椭圆交于不同的两点P，Q，试问在x轴上是否存在定点E(m，0)，使·恒为定值？若存在，求出E的坐标，并求出这个定值；若不存在，请说明理由.‎ ‎ ‎ ‎(2)假设存在满足条件的点E，当直线l的斜率存在时设其斜率为k，则l的方程为y＝k(x－1).‎ 由得(4k2＋1)x2－8k2x＋4k2－4＝0，‎ 设P(x1，y1)，Q(x2，y2)，所以x1＋x2＝，x1x2＝.‎ 则＝(m－x1，－y1)，＝(m－x2，－y2)，‎ 所以·＝(m－x1)(m－x2)＋y1y2‎ ‎＝m2－m(x1＋x2)＋x1x2＋y1y2‎ ‎＝m2－m(x1＋x2)＋x1x2＋k2(x1－1)(x2－1)‎ ‎＝m2－＋＋k2 ‎＝ ‎＝ ‎＝(4m2－8m＋1)＋.‎ 要使·为定值，令2m－＝0，‎ 即m＝，此时·＝.‎ 当直线l的斜率不存在时，‎ 不妨取P，Q，‎ 由E，可得＝，＝，‎ 所以·＝－＝.‎ 综上，存在点E，使·为定值.‎ ‎ ‎