2017-2018学年河北省邢台市第一中学高二上学期第四次月考化学试题 解析版

2017-2018学年河北省邢台市第一中学高二上学期第四次月考化学试题 解析版

邢台一中2017-2018学年上学期第四次月考 高二年级化学试题 ‎1. 下列物质的成分判断全部正确的是（ ）‎ 物质成分 蛋白质 纤维素 烃 合成纤维 食品添加剂 A 羽绒（被）‎ 人造棉 汽油 长筒丝袜 谷氨酸钠 B 南韩丝 光导纤维 甘油 有机玻璃 柠檬酸 C 桑蚕丝 醋酸纤维 花生油 玻璃钢 山梨酸钾 D 羊毛 面巾纸 牛油 硅橡胶 三聚氰胺 A. A B. B C. C D. D ‎【答案】A ‎【解析】A项，羽绒的主要成分为蛋白质，人造棉的主要成分是纤维素，汽油是含5~11个碳原子的烃的混合物，长筒丝袜的主要成分是合成纤维，谷氨酸钠是味精的主要成分，属于食品添加剂，正确；B项，南韩丝的主要成分是70%蚕丝和30%涤纶，光导纤维的主要成分为SiO2，光导纤维不是纤维素，甘油的结构简式为HOCH2CH（OH）CH2OH，甘油中含C、H、O三种元素，甘油不属于烃，有机玻璃属于塑料，柠檬酸属于食品添加剂，错误；C项，桑蚕丝的主要成分是蛋白质，醋酸纤维是纤维素乙酸酯，醋酸纤维不是纤维素，花生油中含C、H、O三种元素，花生油不属于烃，玻璃钢属于复合材料，山梨酸钾属于防腐剂，山梨酸钾属于食品添加剂，错误；D项，羊毛的主要成分为蛋白质，面巾纸的主要成分为纤维素，牛油中含C、H、O三种元素，牛油不属于烃，硅橡胶属于合成橡胶，三聚氰胺不能用作食品添加剂，错误；答案选A。‎ ‎2. 下列各组物质中实验式相同，既不是同系物，又不是同分异构体的是( )‎ ‎①聚乙烯和乙烯　②甲酸甲酯和果糖　③淀粉和纤维素④蔗糖和麦芽糖　⑤聚乙烯和聚氯乙烯 ⑥乙酸和硬脂酸 ⑦硝基乙烷和氨基乙酸⑧苯乙烯和三元轴烯 A. ①②⑤ B. ①②③⑧ C. ①③⑤ D. ①②③⑤‎ ‎【答案】B ‎【解析】①聚乙烯和乙烯的实验式都是CH2，乙烯含碳碳双键，聚乙烯不含碳碳双键，聚乙烯和乙烯不是同系物，聚乙烯和乙烯的分子式不同，聚乙烯为高分子化合物，属于混合物，聚乙烯和乙烯不是同分异构体；②甲酸甲酯的分子式为C2H4O2，果糖的分子式为C6H12O6，两者的实验式都是CH2O，甲酸甲酯中官能团为酯基，果糖中官能团为羟基和羰基，两者结构不相似，分子组成上不相差若干个“CH2”，甲酸甲酯和果糖不是同系物，甲酸甲酯和果糖的分子式不同，甲酸甲酯和果糖不是同分异构体；③淀粉和纤维素的分子式都可以表示为（C6H10O5）n，两者实验式都是C6H10O5，由于两者都是混合物，既不是同系物，也不是同分异构体；④蔗糖和麦芽糖的分子式都是C12H22O11，两者互为同分异构体；⑤聚乙烯和聚氯乙烯的实验式不同；⑥乙酸的结构简式为CH3COOH，硬脂酸的结构简式为C17H35COOH，两者都属于饱和一元酸，分子组成上相差16个“CH2”，两者互为同系物；⑦硝基乙烷的结构简式为CH3CH2NO2，氨基乙酸的结构简式为H2NCH2COOH，两者分子式相同，两者互为同分异构体；⑧苯乙烯的结构简式为，分子式为C8H8，三元轴烯的结构简式为，分子式为C6H6，两者的实验式都是CH，苯乙烯中含1个苯环和1个碳碳双键，三元轴烯中含3个碳碳双键，两者结构不相似，分子组成上不相差若干个“CH2”，苯乙烯和三元轴烯不是同系物，苯乙烯和三元轴烯分子式不同，苯乙烯和三元轴烯不是同分异构体；符合题意的是①②③⑧，答案选B。‎ ‎3. 化合物A经李比希法和质谱法分析得知其相对分子质量为 136，分子式C8H8O2，A的核磁共振氢谱有4个峰且面积之比为1：2：2：3，A分子中只含一个苯环，且苯环上只有一个取代基，其红外光谱与核磁共振氢谱如图。关于A的下列说法中不正确的是 A. A分子属于酯类化合物，在一定条件下能发生水解反应 B. A在一定条件下可与3 mol H2发生加成反应 C. 符合题中A分子结构特征的有机物只有一种 D. 与A属于同类化合物的同分异构体只有2种 ‎【答案】D ‎【解析】A的分子式为C8H8O2，A的不饱和度为=5，A的分子中只含一个苯环且苯环上只有一个取代基，苯环上有三种氢原子，且氢原子数为1、2、2，A的核磁共振氢谱有4个峰且面积之比为1:2:2:3，所以剩余的取代基上的3个H等效，为—CH3，结合红外光谱图知A中含酯基，A的结构简式为。A项，A分子中含酯基，属于酯类化合物，一定条件下能发生水解反应，正确；B项，A中的苯环能与H2发生加成反应，A在一定条件下可与3molH2发生加成反应，正确；C项，根据上述分析，符合条件的A的结构简式只有一种，正确；D项，与A同类的同分异构体属于酯类，符合条件的同分异构体的结构简式为、、、、，共5种，错误；答案选D。‎ 点睛：本题考查有机物结构的推断、核磁共振氢谱、红外光谱、官能团的性质、同分异构体数目的确定等。推断A的结构是解题的关键，注意结合分子式与红外光谱图含有的基团进行判断。核磁共振氢谱用来判断氢原子的种类和氢原子的个数比，红外光谱用来判断官能团和化学键。‎ ‎4. 下列说法不正确的是 A. 1mol乙醇可以与足量金属钠反应，生成0.5molH2，能证明乙醇分子有一个H 原子与其余的H 原子不同 B. 下列反应可证明苯环受甲基的影响，甲苯易被酸性高锰酸钾溶液氧化 C. 苯不能使溴的四氯化碳溶液褪色可以说明苯分子中没有与乙烯分子中类似的碳碳双键 D. 下列反应可证明由于羟基对苯环的影响，导致苯酚的取代比苯容易 ‎【答案】B ‎【解析】A项，1mol乙醇与足量金属Na反应生成0.5molH2说明1个乙醇分子中有1个活性氢，即有1个H原子与其余H原子不同，正确；B项，甲苯能被酸性KMnO4溶液氧化成苯甲酸，可证明甲基受苯环的影响易被氧化，错误；C项，苯不能使溴的四氯化碳溶液褪色，说明苯分子中不含碳碳双键，正确；D项，苯酚与浓溴水发生取代反应生成三溴苯酚，苯与液溴在催化剂存在下发生取代反应生成溴苯，说明酚羟基对苯环的影响使苯酚比苯更易发生取代，正确；答案选B。‎ ‎5. 下列实验操作与预期实验目的或所得实验结论一致的是(　　)‎ 选项 实验操作 实验目的或结论 A 向苯中滴入少量浓溴水，振荡，静置 溶液分层，上层呈橙红色，下层几乎无色，苯和溴水发生取代反应，使溴水褪色 B 麦芽糖溶液与新制的氢氧化铜悬浊液共热 出现砖红色沉淀证明麦芽糖中含有醛基 C 向鸡蛋清溶液中加入饱和(NH4)2SO4溶液 有白色沉淀产生，蛋白质发生了变性 D C2H5OH与浓硫酸170℃共热，制得的气体通入酸性KMnO4溶液 检验制得气体是否为乙烯 A. A B. B C. C D. D ‎【答案】B ‎【解析】A项，向苯中滴入少量浓溴水，振荡，静置，溶液分层，上层呈橙红色，下层几乎无色，苯将溴水中的溴萃取到水层，没有发生反应，错误；B项，麦芽糖与新制Cu（OH）2悬浊液共热，产生砖红色沉淀证明麦芽糖中含醛基，正确；C项，鸡蛋清溶液中加入饱和（NH4）2SO4溶液，有白色沉淀产生，蛋白质发生了盐析，错误；D项，C2H5OH与浓硫酸共热到170℃所得气体中混有SO2、C2H5OH蒸气，SO2、C2H5OH蒸气也能使酸性KMnO4‎ 溶液褪色，不能证明得到的气体中一定含乙烯，错误；答案选B。‎ 点睛：本题易错选C和D。C项注意区分蛋白质的盐析和变性，向蛋白质溶液中加入轻金属盐（如Na2SO4、（NH4）2SO4、NaCl等）蛋白质发生盐析，加热、强酸、强碱、重金属盐（如铜盐等）、紫外线、某些有机物（如HCHO、CH3CH2OH等）等能使蛋白质发生变性。D项注意在制乙烯的过程中浓硫酸会将CH3CH2OH氧化，浓硫酸自身被还原成SO2，同时乙醇具有挥发性，SO2、CH3CH2OH都会使酸性KMnO4溶液褪色，所以要检验制得的气体是否为乙烯，应先将气体通入盛有NaOH溶液的洗气瓶，再通入酸性KMnO4溶液。‎ ‎6. 已知苯与一卤代烷在催化剂作用下可生成苯的同系物＋CH3X→—CH3＋ HX ，在催化剂存在下，由苯和下列各组物质合成乙苯最好应选用的是 A. CH3CH3和Cl2 B. CH2＝CH2和Cl2‎ C. CH2＝CH2和HCl D. CH3CH3和HCl ‎【答案】C 考点：考查了有机物的化学性质及推断的相关知识。‎ ‎7. 反应条件是影响有机化学反应的重要因素。下列各组物质的反应产物与反应条件无关的是 A. 甲苯与氯气 B. 丙烯与溴的CCl4溶液 C. 溴乙烷与氢氧化钠 D. 乙醇与浓硫酸 ‎【答案】B ‎【解析】A．甲苯与氯气在光照条件下，甲基上的氢原子被氯原子取代，而在铁粉作催化剂的条件下，苯环上的氢被氯原子取代，故A错误；B．丙烯与溴的CCl4溶液在任何条件下均发生加成反应，故B正确；C．溴乙烷与氢氧化钠的水溶液反应发生水解生成乙醇，而与氢氧化钠的醇溶液混合加热，发生消去反应生成乙烯，故C错误；D．乙醇与浓硫酸在170℃条件下加热发生消去反应生成乙烯，在140℃条件下加热发生取代反应生成乙醚，故D错误；答案为B。‎ ‎8. 下列关于有机物的说法中，正确的一组是 (　　)‎ ‎①淀粉、油脂、蛋白质在一定条件下都能发生水解反应　②“乙醇汽油”‎ 是在汽油中加入适量乙醇而制成的一种燃料，它是一种新型化合物　③除去乙酸乙酯中残留的乙酸，加过量饱和碳酸钠溶液振荡后，静置分液　④石油的分馏和煤的气化都是发生了化学变化　⑤淀粉遇碘酒变蓝色；在加热条件下葡萄糖能与新制Cu(OH)2悬浊液发生反应　⑥塑料、橡胶和纤维都是合成高分子材料 A. ③④⑤ B. ①③⑥ C. ①③⑤ D. ②③④‎ ‎【答案】C ‎【解析】①淀粉、油脂、蛋白质都是有小分子物质经过化学反应形成的，所以能水解，故正确；②乙醇汽油是一种由粮食及各种植物纤维加工成的燃料乙醇和普通汽油按一定比例混配形成的新型替代能源，所以是混合物，故错误；③乙酸乙酯不溶于饱和碳酸钠，乙酸的酸性比碳酸强，能与碳酸钠反应生成二氧化碳而被吸收，然后分液可得到纯净的乙酸乙酯，故正确；④石油的分馏没有新物质生成，属于物理变化，煤的干馏有新物质生成属于化学变化，故错误；⑤碘单质遇淀粉变蓝色是碘的特性，葡萄糖含有醛基所以能和能与银氨溶液反应析出银，与新制得的氢氧化铜反应生成砖红色的沉淀，故正确；⑥塑料为合成高分子材料，而部分橡胶和纤维可能为天然高分子材料，故错误；故选Ｃ。‎ ‎9. 对下列有机物的判断错误的是（ ）‎ ‎① ② ③ ④ ⑤ ⑥‎ A. 除①外，其它有机物均可使酸性高锰酸钾溶液褪色 B. ③④⑥都属于芳香烃。④⑥苯环上的一溴代物的同分异构体数目均有6种 C. ②⑤的一氯代物均只有一种，①的一氯代物有四种，④苯环上的二氯代物有9种，‎ D. ④⑤⑥的所有碳原子可能处于同一平面 ‎【答案】B ‎【解析】A项，②和⑤中含碳碳双键，可使酸性KMnO4溶液褪色，③④⑥的苯环侧链的α碳上连有H原子，可使酸性KMnO4溶液褪色，正确；B项，③④⑥都含有苯环，③④⑥都属于芳香烃，④的苯环上有3种H原子（如图，1、4等效，2、5等效，3、6‎ 等效），④的苯环上的一溴代物的同分异构体数目有3种，⑥的左边苯环两侧链为间位，右边苯环两侧链为对位，⑥的苯环上有6种H原子，⑥的苯环上的一溴代物的同分异构体数目有6种，错误；C项，②⑤结构高度对称，都只有一种H原子，②⑤的一氯代物均只有一种，①中有4种H原子，①的一氯代物有4种，④的苯环上二氯代物有9种（如图，第1个Cl在1号位，第2个Cl在2、3、4、5、6位，有5种；第1个Cl在2号位，第2个Cl在3、5、6，有3种，第1个Cl在3号位，第2个Cl在6号，1种，共5+3+1=9种），正确；D项，④和⑥中有苯环碳原子和甲基碳原子，且甲基碳原子与苯环碳原子直接相连，联想苯的结构，结合单键可以旋转，④和⑥中所有碳原子可能处于同一平面上，⑤中4个饱和碳原子与双键碳原子直接相连，联想乙烯的结构，⑤中所有碳原子处于同一平面上，正确；答案选B。‎ 点睛：本题涉及两个难点：烃的卤代物种类的确定和分子中原子的共面问题。烃的卤代物种类的确定：（1）一卤代物种类的确定常用等效氢法：同一个碳原子上的氢原子等效，同一个碳原子上所连甲基上氢原子等效，处于对称位置的氢原子等效；（2）二卤代物种类的确定常用“定一移二”法（如④的苯环上二氯代物种类的确定）。确定分子中共面的原子个数的技巧：（1）三键原子和与之直接相连的原子共直线（联想乙炔的结构），苯环上处于对位的2个碳原子和与之直接相连的原子共直线；（2）任意三个原子一定共平面；（3）双键原子和与之直接相连的原子共平面（联想乙烯的结构），苯环碳原子和与苯环直接相连的原子共平面（联想苯的结构）；（4）分子中出现饱和碳原子，所有原子不可能都在同一平面上；（5）单键可以旋转；（6）注意“可能”“最多”“最少”“所有原子”“碳原子”等限制条件。‎ ‎10. 由1,3丁二烯合成氯丁橡胶的过程中，是一种中间产物。下列正确的是( )‎ A. 1,3丁二烯中所有原子一定在同一平面上 B. 1,3丁二烯转化为时，先与HCl发生1,2加成再水解得到 C. 在NaOH醇溶液中或浓硫酸存在时加热都能发生消去反应 D. 催化氧化得X，X能发生银镜反应，1 molX最多能生成2 molAg ‎【答案】C ‎【解析】A．碳碳双键为平面结构，C-H键与C=C键的夹角为120°，C-C单键可以在空间旋转，则1，3-丁二烯中某些原子有可能不在同一平面上，A错误；B.1，3-丁二烯转化为时，先发生1，4加成，然后水解生成二醇，再与HCl发生加成，B错误；C．在NaOH醇溶液中发生-Cl的消去反应，在浓硫酸存在时加热发生-OH的消去反应，C正确；D．催化氧化得X，X能发生银镜反应，为二元醛，1 molX最多能生成4molAg，D错误；答案选C。‎ ‎11. 某有机化合物的结构简式如图所示，下列说法正确的是（ ） ‎ A. 不能发生银镜发应 B. lmol该物质最多可与2molBr2反应 C. lmol该物质最多可与4mol NaOH 反应 D. 与NaHCO3、Na2CO3均能发生反应 ‎【答案】C ‎【解析】试题分析：A．含甲酸某酯结构，能发生银镜反应，故A错误；B．酚-OH的邻位、碳碳双键与溴水反应，则1mol 该物质最多可与3molBr2反应，故B错误；C.2个酚羟基、-Cl及-COOC-均与NaOH反应，则1mol 该物质最多可与4mol NaOH反应，故C正确；D．含酚-OH，与Na2CO3发生反应，与碳酸氢钠不反应，故D错误；故选C。‎ ‎【考点定位】考查有机物的结构和性质 ‎【名师点晴】本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，把握官能团与性质的关系为解答的关键。由结构可知分子中含HCOOC-、酚-OH、-Cl、碳碳双键，结合甲酸某酯、酚、卤代烃、烯烃的性质。本题侧重分析与应用能力的考查，注意烯烃、酯等有机物的性质分析。‎ ‎12. A、B、C、D、E均为有机化合物，A是分子式为C5H1OO的直链化合物，B与NaHCO3溶液完全反应，其物质的量之比为1：2，它们之间的关系如图所示（提示：RCH=CHR′在酸性高锰酸钾溶液中反应生成RCOOH和R′COOH，其中R和R′为烷基）．下列叙述错误的是(　　)       ‎ ‎ ‎ A. B的结构简式为HOOC﹣CH2﹣COOH B. C与乙醇发生了酯化反应 C. A的结构简式是CH3﹣CH（OH）﹣CH=CH﹣CH3 D. E的分子式为C3H2O4Na2‎ ‎【答案】C ‎【解析】试题分析：A的分子式为C5H10O，不饱和度为=1，被酸性高锰酸钾氧化生成B、C，由信息可知，A含有1个C=C双键，B、C都含有羧基，C与乙醇发生酯化反应生成D为C4H8O2，则C为CH3COOH、D为CH3COOC2H5．B中碳原子数目为3，能与碳酸氢钠按1：2反应，故B分子中含有2个羧基-COOH，说明A分子中还含有1个-OH，故A的结构简式为CH3CH=CHCH2CH2OH、则B为HOOCCH2COOH，与碳酸氢钠反应生成E为NaOOCCH2COONa。A．由上述分析可知，B为HOOCCH2COOH，故A正确；B．C含有羧基，与乙醇发生酯化反应，故B正确；C．A为CH3CH=CHCH2CH2OH，不能与氢氧化钠反应，故C错误；D．E为NaOOCCH2COONa，分子式为C3H2O4Na2，故D正确，故选C。‎ 考点：考查了有机物的化学性质及推断的相关知识。‎ ‎13. 合成导电高分子化合物PPV的反应为：‎ 下列说法正确的是( )‎ A. PPV是聚苯乙炔 B. 该反应为缩聚反应 C. PPV与聚苯乙烯的最小结构单元组成相同，可通过质谱法测PPV的平均相对分子质量算得聚合度 D. 1 mol 最多可与2 mol H2发生反应 ‎【答案】B ‎【解析】A项，苯乙炔的结构简式为，聚苯乙炔的结构简式为，PPV不是聚苯乙炔，错误；B项，该反应除了生成高分子化合物外还有小分子HI生成，该反应为缩聚反应，正确；C项，PPV的最小结构单元为 ‎，聚苯乙烯的最小结构单元为，最小结构单元不同，用质谱图可测有机物的相对分子质量，进而算出聚合度，错误；D项，中的碳碳双键和苯环都能与H2发生加成反应，1mol最多可与5molH2发生加成反应，错误；答案选B。‎ 点睛：解答本题应掌握加聚反应和缩聚反应的特点，根据所给反应方程式看出反应中有小分子生成，故为缩聚反应。注意判断高分子链节的方法以及质谱法的应用，结构中含碳碳双键、碳碳三键、苯环、醛基、羰基的有机物能与H2发生加成反应。‎ ‎14. 下列说法不正确的是 A. 聚合物可由单体CH3CH＝CH2和CH2＝CH2加聚制得 B. 1 molCH3COOH与1mol CH3CH2OH在浓硫酸共热下生成的乙酸乙酯分子数为NA C. 乙醇、苯酚、乙酸都有羟基，但是羟基上的H活泼性不同，主要是基团之间相互影响造成的 D. 等物质的量的乙炔和乙醛分别充分燃烧，所耗用氧气的量相同 ‎【答案】B ‎ ‎ ‎15. 下列对氨基酸和蛋白质的描述正确的是( )‎ A. 加热能杀死流感病毒是因为蛋白质受热变性 B. 氨基酸和蛋白质遇重金属离子均会变性 C. α－氨基丙酸与α－氨基苯丙酸混合物脱水成肽，只生成2种二肽 D. 氨基酸溶于过量氢氧化钠溶液中生成的离子，在电场作用下向负极移动 ‎【答案】A ‎【解析】A项，加热能使蛋白质发生变性，杀死流感病毒，正确；B项，蛋白质遇重金属离子会变性，氨基酸与重金属离子的作用不属于变性，错误；C项，α-氨基丙酸与α-氨基苯丙酸混合物脱水成肽可生成4种二肽，自身脱水可形成2种二肽，不同分子间脱水可形成2种二肽（α-氨基丙酸的羧基脱羟基与α-氨基苯丙酸的氨基脱氢或α-氨基丙酸的氨基脱氢与α-氨基苯丙酸的羧基脱羟基），错误；D项，氨基酸溶于过量NaOH溶液，其中羧基与NaOH反应生成酸根阴离子，在电场作用下向正极移动，错误；答案选A。‎ ‎16. 有机物A的分子式为C4H8O3，一定条件下相同质量的A遇NaHCO3溶液、Na均能产生气体。且生成气体体积比（同温同压）为1:1，则A的结构最多有（ ）‎ A. 3种 B. 4种 C. 5种 D. 6种 ‎【答案】C ‎【解析】等物质的量的某有机物分别与足量的Na和NaHCO3反应，生成气体的体积均相同，说明分子中含有1个羟基和1个羧基，则A的结构，，，，，，故选C。‎ ‎17. 下列有关化学反应表达正确的是（ ）‎ A. 1-丙醇与浓氢溴酸反应： CH3CH2 CH2OH + HBr CH3CH2 CH2Br + H2O B. 服用阿司匹林过量出现水杨酸（）中毒反应， 可静脉注射 NaHCO3溶液：+ 2 HCO3－→+ 2 CO2↑ + 2 H2O C. 向CH2BrCOOH中加入足量的氢氧化钠溶液并加热：CH2BrCOOH＋OH－CH2BrCOO－＋H2O D. 向丙氨酸钠中加入足量盐酸：‎ ‎【答案】A ‎【解析】A、醇与氢卤酸发生取代反应，故A正确；B、注射NaHCO3溶液的离子反应为+HCO3－→+CO2↑+H2O，故B错误；C、CH2‎ BrCOOH中加入足量的氢氧化钠溶液并加热的离子反应为CH2BrCOOH+2OH－CH2OHCOO－+H2O+Br－，故C错误；D、‎ ‎，故D错误；故选A。‎ ‎18. 在一定条件下，甲苯可生成二甲苯混合物和苯。有关物质的沸点、熔点如下：‎ 对二甲苯 邻二甲苯 间二甲苯 苯 沸点/℃‎ ‎138‎ ‎144‎ ‎139‎ ‎80‎ 熔点/℃‎ ‎13‎ ‎-25‎ ‎-47‎ ‎6‎ 下列说法不正确的是( )‎ A. 该反应属于取代反应 B. 甲苯的沸点高于144℃‎ C. 用蒸馏的方法可将苯从反应所得产物中首先分离出来 D. 从二甲苯混合物中，用冷却结晶的方法可将对二甲苯分离出来 ‎【答案】B ‎【解析】A项，对比甲苯、苯、二甲苯的结构，甲苯在一定条件下反应生成苯和二甲苯混合物的反应中甲苯苯环上一个H被甲基取代，为取代反应，正确；B项，苯、甲苯、二甲苯互为同系物，随着碳原子数的增多，沸点升高，甲苯的沸点低于二甲苯的沸点，错误；C项，苯和二甲苯的混合物为沸点不同的互相混溶的液体混合物，用蒸馏法分离，苯的沸点最低，所以首先分离出来的是苯，正确；D项，三种二甲苯中，对二甲苯的熔点最高，冷却后优先形成固体，用冷却结晶的方法可将对二甲苯分离出来，正确；答案选B。‎ ‎19. 金刚烷是一种重要的化工原料，工业上可通过下列途径制备。下列说法中正确的是 A. 环戊二烯中的所有原子共平面 B. 二聚环戊二烯的分子式为C10H10‎ C. 四氢二聚环戊二烯与金刚烷互为同系物 D. 金刚烷的一氯一溴代物有8种 ‎【答案】D ‎【解析】A项，环戊二烯中含有一个饱和碳原子，环戊二烯中的所有原子不可能都共平面，错误；B项，二聚环戊二烯的不饱和度为5，分子式为C10H12，错误；C项，四氢二聚环戊二烯的分子式为C10H16，金刚烷的分子式为C10H16，两者互为同分异构体，错误；D项，金刚烷（如图）中含4个（1、3、5、7），6个（2、4、6、8、9、10），4个六元环，且与交替出现，金刚烷中有2种H原子，其一氯代物有2种，一氯一溴代物有8种（若Cl在，则Br在六元环Cl的邻、间、对位，有3种；若Cl在，Br与Cl在同一个六元环上有4种，分别与Cl同碳，处于Cl的邻、间、对位；若Cl在，Br与Cl不在同一个六元环上有1种，共3+4+1=8种），正确；答案选D。‎ ‎20. 有机化合物分子中的邻近基团间往往会有一定的相互影响，这种影响会使有机化合物表现出一些特性。下列事实不能证明这一说法的是 A. 苯乙烯能与溴水反应，而苯不能与溴水反应 B. 乙酸能与NaOH溶液反应，而乙醇不能与NaOH溶液反应 C. 苯与硝酸反应生成一硝基苯，而甲苯与硝酸反应生成三硝基甲苯 D. 甲苯能使酸性高锰酸钾溶液褪色，而乙烷不能使酸性高锰酸钾溶液褪色 ‎【答案】A ‎【解析】A．苯乙烯能与溴水发生加成反应，而苯不能与溴水发生加成反应，是乙烯基中有碳碳双键的缘故，故A错误；B．乙酸能与NaOH溶液反应，而乙醇不能与NaOH溶液反应，说明乙基及CH3CO对羟基的影响不一样，故B正确；C．苯与硝酸反应生成一硝基苯，而甲苯与硝酸反应生成三硝基甲苯，说明甲基影响苯环的性质，故C正确；D．甲苯能使酸性高锰酸钾溶液褪色，甲基受苯环的影响导致甲基上的H活泼，而乙烷不能，可说明相互影响，故D正确；答案为A。‎ ‎21. 键线式是有机物结构的表示方法之一，碳链用线段表示，氢原子省略不写，如图所示是药物异搏定合成路线中的某一步反应，下列说法正确的是（ ）‎ A. 物质X的化学式为C7H6O2‎ B. 物质Y中含有一个手性碳原子 C. 物质Z中在同一平面内最多的碳原子可能有13个 D. 物质Z含有两种官能团 ‎【答案】C ‎【解析】A．物质X的化学式为C8H8O2，故A错误；B．连接四个不同原子或原子团的C原子为手性碳原子，该分子中没有手性碳原子，故B错误；C．Z结构中含有苯环、碳碳双键、碳氧双键，具有苯和乙烯结构特点，物质Z中所有碳原子可能在同一平面内，即在同一平面内最多的碳原子可能有13个，故C正确；D．物质Z中有碳碳双键、醚基及酯基三种官能团，故D错误；故选C。‎ ‎22. 如右上图所示，横坐标表示完全燃烧时消耗可燃气体X（X=A、B、C）的物质的量n(X)，纵坐标表示燃烧时生成水的物质的量n(H2O)，A、B是两种可燃气体，C是A和B的混合气体，则C的成分及体积比可能是（ ）‎ A. C2H4与C3H4，体积比为任意比 B. H2与C4H8，体积比2：1‎ C. C2H2与C3H8，体积比1：2 D. H2与C2H6，体积比3：1‎ ‎【答案】B ‎【解析】试题分析：由图像可以看出，A和生成水的物质的量之比为1:1，B和生成水的物质的量之比为1:4，而C和生成水的物质的量之比为1:2.设混合物中A为xmol，则生成水的物质的量为xmol，B的物质的量为ymol，则生成水的物质的量为4ymol，则混合后生成水的物质的量为x+4y摩尔，即2（x+4y）=x+4y，整理得x:y=2:1，而氢气和生成水的物质的量之比为1:1，与C4H8和生成水的物质的量之比为1：4，体积比为2:1。选B。‎ 考点： 有关混合物反应的计算 ‎23. 右图有机物系统命名为_________________________________；它的一氯代物有____种；它由含有一个双键的烯烃和H2加成得来，此烯烃可能有的结构有____种 ‎【答案】 (1). 3，5—二甲基—3—乙基庚烷 (2). 8 (3). 5‎ ‎【解析】试题分析：本题考查有机物的系统命名，一氯代物种类的判断，由烷烃逆推烯烃的结构。根据烷烃的命名步骤，给该烷烃主链碳原子编号：，该物质的名称为3,5-二甲基-3-乙基庚烷。该物质含有8种H原子，其一氯代物有8种。它由含有一个双键的烯烃和H2加成得来，如图序号为烯烃中碳碳双键位置：，此烯烃可能有5种。‎ 点睛：烷烃的命名可按下列口诀进行：选主链称某烷作母体，定端点编序号定支位，支名前母名后，支名同要合并，支名异简在前。用等效氢法确定一氯代物的种类：同一个碳原子上的氢原子等效，同一个碳原子上所连甲基上氢原子等效，处于对称位置的氢原子等效。由烷烃推断原烯烃结构必须注意对称性和相邻两个碳原子上都有H原子。‎ ‎24. E是一种可以在食品中添加的防腐剂，它的合成路线如下（部分反应条件略）。‎ ‎（1）A的名称是_________，A的同分异构体中属于芳香族化合物的还有_________种。‎ ‎（2）反应步骤A→B的作用是_________。‎ ‎（3）C→D的有机产物中除了D外还有一种产物，该物质的结构简式为_________ 。‎ ‎（4）E与足量热NaOH溶液反应的化学方程式为_________。‎ ‎（5）1molA与足量溴水反应，最多可消耗_________mol单质溴。足量的A、C分别与1molNa2CO3充分反应，消耗A和C的物质的量之比为_________。‎ ‎【答案】 (1). 对甲基苯酚或4-甲基苯酚 (2). 4 (3). 保护酚羟基不被酸性高锰酸钾氧化 (4). CH3I (5). (6). 2 (7). 1:2‎ ‎【解析】(1)的名称是对甲基苯酚或4-甲基苯酚，A的同分异构体中属于芳香族化合物的还有甲基和酚羟基处于间位或邻位二种，另外还有苯甲醇、苯甲醚，共有4种。‎ ‎(2)由整个流程可知，反应步骤A→B 的作用是保护酚羟基不被酸性高锰酸钾氧化；‎ ‎(3)在KI和酸性条件下发生取代反应生成和CH3I；‎ ‎(4)与足量热NaOH溶液反应的化学方程式为；‎ ‎(5)根据苯酚与浓溴水发生的取代反应可知，1mol与足量溴水反应，最多可消耗2mol单质溴；酸性强酸为HCO3-＜苯酚＜碳酸＜羧酸，则足量的、分别与1molNa2CO3充分反应，消耗A和C的物质的量之比为1:2。‎ ‎25. 合成具有良好生物降解性的有机高分子材料是有机化学研究的重要课题之一。聚醋酸乙烯酯（PVAc）水解生成的聚乙烯醇（PVA），具有良好生物降解性，常用于生产安全玻璃夹层材料PVB。有关合成路线如下图（部分反应条件和产物略去）。‎ 回答下列问题：‎ ‎（1）A为饱和一元醇，其氧的质量分数约为34.8%，A的化学名称为___________，PVA的结构简式为_________________。‎ ‎（2）C中官能团的名称是_________________，A～F中核磁共振氢谱出峰最多的是______（填代号）。‎ ‎（3）反应①包含的反应类型是_________________；反应④的化学方程式为__________________。‎ ‎（4）PVAc是由F加聚而成，与F具有相同官能团的同分异构体还有___________种；写出其中一种的结构简式：______________________。‎ ‎【答案】 (1). 乙醇 (2). (3). 碳碳双键、醛基 (4). CD (5). 加成反应，消去反应 (6). CH3CH2CH2CHO＋ ＋H2O (7). 4 (8). HCOOCH=CHCH3、HCOOCH2CH=CH2、CH3OOCCH=CH2、HCOOC（CH3）=CH2‎ ‎【解析】试题分析：本题考查有机推断，涉及有机物结构简式的确定，官能团的识别，反应类型的判断和有机方程式的书写，限定条件同分异构体的书写和种类的判断。‎ ‎（1）A为饱和一元醇，则A符合分子通式CnH2n+2O（n1），=34.8%，解得n=2，A的分子式为C2H6O，A为饱和一元醇，A的结构简式为CH3CH2OH，A的名称为乙醇。根据图示PVA为PVAc的水解产物，根据PVB的结构简式可推知反应④发生的是题给已知II的反应，可逆推出D的结构简式为CH3CH2CH2CHO，PVA的结构简式为。‎ ‎（2）A→B为CH3CH2OH的催化氧化反应，B的结构简式为CH3CHO；对比B和D 的结构简式，结合B→C的反应条件，反应①发生题给已知I的反应，C的结构简式为CH3CH=CHCHO，C中官能团为碳碳双键、醛基。由PVAc可逆推出其单体F的结构简式为CH2=CHOOCCH3，A发生氧化反应生成E，E与CHCH反应生成F，E的结构简式为CH3COOH。A、B、C、D、E、F中所含H原子的种类依次为3、2、4、4、2、3，核磁共振氢谱中峰的个数依次为3、2、4、4、2、3，核磁共振氢谱出峰最多的是CD。‎ ‎（3）反应①为2CH3CHOCH3CH=CHCHO+H2O，可见其过程为2CH3CHO→CH3CH（OH）CH2CHO→CH3CH=CHCHO，先发生加成反应，后发生消去反应。反应④的化学方程式为CH3CH2CH2CHO++H2O。‎ ‎（4）F的结构简式为CH2=CHOOCCH3，F中的官能团为碳碳双键、酯基，与F具有相同官能团的同分异构体有HCOOCH=CHCH3、HCOOCH2CH=CH2、HCOOC（CH3）=CH2、CH2=CHCOOCH3，共有4种。‎ ‎26. 工业上以1,3－丁二烯，丙烯，乙炔等为原料合成流程图如下 已知：有机反应中有一种双烯加成反应，如：CH2＝CH—CH＝CH2＋CH2＝CH2→ 。‎ ‎（1）反应①的反应类型是______________，B中含有的官能团的名称________________。‎ ‎（2）写出反应②的化学方程式__________________________。‎ ‎（3）写出C的结构简式_______________。‎ ‎（4）写出含有六元环且核磁共振氢谱有4组峰的同分异构体的结构简式__________。‎ ‎（5）根据以上合成信息，以乙烯为原料合成1,6—己二醇，其他试剂任选，写出合成的流程图________________________。‎ ‎【答案】 (1). 取代反应 (2). 碳碳双键；氯原子 (3). CH2=CH－CH=CH2+ CH2=CH－CH2Cl→ (4). (5). (6). ‎ ‎【解析】试题分析：本题考查有机推断和有机合成，涉及官能团的识别，有机物结构简式和有机方程式的书写，有机反应类型的判断，限定条件同分异构体的书写，有机合成路线的设计。CH2=CHCH3与Cl2发生反应①生成A，B与H2发生加成反应生成，B中含不饱和键，CH2=CH-CH=CH2+A→B，结合题给已知，A的结构简式为CH2=CHCH2Cl，B的结构简式为。与CHCNa发生反应④生成C，C与H2发生反应⑤生成，则C的结构简式为。‎ ‎（1）反应①为CH2=CHCH3与Cl2在500℃时反应生成CH2=CHCH2Cl，反应类型为取代反应。B的结构简式为，B中的官能团为碳碳双键、氯原子。‎ ‎（2）反应②的化学方程式为CH2=CH-CH=CH2+CH2=CHCH2Cl→。‎ ‎（3）根据上述分析，C的结构简式为。‎ ‎（4）的核磁共振氢谱有5组峰，的含有六元环且核磁共振氢谱有4组峰的同分异构体的结构简式为。‎ ‎（5）1，6-己二醇的结构简式为HOCH2CH2CH2CH2CH2CH2OH，其中含有的官能团为羟基，且结构对称；对比原料乙烯的结构简式，合成路线要构建碳干骨架使碳链增长和引入羟基。联想流程中反应④、⑤、⑥，应由CH2=CH2先与Cl2发生加成反应生成ClCH2CH2Cl，ClCH2CH2Cl与CHCNa反应生成CHCCH2CH2CCH，CHCCH2CH2CCH在Lindlar催化剂作用下与H2发生加成反应生成CH2=CHCH2CH2CH=CH2，CH2=CHCH2CH2CH=CH2发生反应⑥的反应生成HOCH2CH2CH2CH2CH2CH2OH，合成路线为 ‎。‎ ‎27. A、B都是芳香族化合物，1molA水解得到1molB和1mol醋酸。A、B的相对分子质量都不超过200，完全燃烧都只生成CO2和H2O。且B分子中碳和氢元素总的质量分数为65.2%。A溶液具有酸性，不能使FeCl3溶液显色。‎ ‎（1）A、B的相对分子质量之差为_______________________。‎ ‎（2）1个B分子中应该有________个氧原子。‎ ‎（3）A中所含的官能团名称：_____________________________。‎ ‎（4）1molB物质分别与足量的碳酸氢钠溶液、氢氧化钠溶液反应理论上消耗二者的物质的量之比是_________________________。‎ ‎【答案】 (1). 42 (2). 3 (3). 酯基，羧基 (4). 1：2‎ ‎【解析】试题分析：A、B的相对分子质量都不超过200，完全燃烧都只生成CO2和H2O．且B分子碳和氢元素总的质量百分含量为65.2%，根据B+CH3COOH→A+H2O判断，假设A的相对分子质量为200，则B的最大相对分子质量为156，含氧34.8%，则氧原子个数为≈3，即B分子中含有3个O原子，有机物B的相对分子质量==138；A溶液具有酸性，1molA水解得到1molB和1mol醋酸，可知B中含有-COOH、-OH，B分子是去掉1个-COOH、-OH属于基团的式量=138-45-17=76，则属于基团中C原子最大数目==6…4，故为-C6H4-，B的分子式为C7H6O3；A中含苯环、羧基、酯基，则A为苯甲酸苯酚乙酸酯，其结构可能为（有邻、间、对三种可能），则A的分子式为C9H8O4，B为羟基苯甲酸，存在邻、间、对三种同分异构体，三种可能的结构简式为、、。据此可得下列结论：‎ ‎（1）根据B+CH3COOH→A+H2O可知，Mr（A）-Mr（B）=Mr（CH3COOH）-Mr（H2O）=60-18=42，故答案为：‎ ‎（2）有以上分析可知B中含有3个氧原子。‎ 故答案为：3；‎ ‎（3）A显酸性，且可水解，推测A应为含羧基的酯，即有-COO-和-COOH两种官能团。故答案为：羧基、‎ 酯基；‎ ‎（4）B为羟基苯甲酸，含有-OH和-COOH，其中-COOH能与碳酸氢钠溶液反应，都能与NaOH反应，1molB物质分别与足量的碳酸氢钠溶液、氢氧化钠溶液反应理论上消耗二者的物质的量之比是1：2。‎ 故答案为：1：2。‎ 考点：考查有机物的推断 ‎ ‎ ‎ ‎