人教物理2019高考一轮选练练题10及答案

人教物理2019高考一轮选练练题10及答案

（人教）物理 2019 高考一轮选练练题（10）及答案 一、选择题 1、如图,半径为 R、圆心为 O 的光滑圆环固定在竖直平面内,OC 水平,D 是圆环最 低点.质量为 2m 的小球 A 与质量为 m 的小球 B 套在圆环上,两球之间用轻杆相连. 两球初始位置如图所示,由静止释放,当小球 A 运动至 D 点时,小球 B 的动能为 ( D ) A. mgR B. mgR C. mgR D. mgR 解析:A,B 组成的系统机械能守恒.当 A 运动到最低点 D 时,A 下降的高度为 hA=R+Rsin 45°,B 上升的高度为 hB=Rsin 45°,则有 2mghA-mghB= ·2m + m , 又 vAcos 45°=vBcos 45°, 小球 B 的动能为 = m = mgR,选项 D 正确. 2、(多选)一质点做匀变速直线运动，先后通过 P、Q、N 三点，如图所示，已知 PQ ＝QN＝15 m，质点通过 PQ 的时间 t1＝3 s，通过 QN 的时间 t2＝2 s，则下列说法 中正确的是( ) A．此质点运动的加速度为 1 m/s2 B．此质点通过 P 的速度为 3.0 m/s C．此质点通过 Q 的速度为 6.5 m/s D．此质点通过 Q 的速度为 6.0 m/s 解析：选 AC.设质点加速度为 a，经过 P 点时速度为 vP，对 PQ 段有 x＝vPt1＋1 2at21， 对 PN 段有 2x＝vP(t1＋t2)＋1 2a(t1＋t2)2，联立并代入数据解得 vP＝3.5 m/s，a＝1 m/s2，则 vQ＝vP＋at1，代入数据解得 vQ＝6.5 m/s，所以选项 A、C 正确． 3、如图甲所示，足够长的木板 B 静置于光滑水平面上，其上放置小滑块 A。木板 B 受到随 时间 t 变化的水平拉力 F 作用时，用传感器测出木板 B 的加速度 a，得到如图乙所示的 a－ F 图象，g 取 10 m/s2，则( ) A.滑块 A 的质量为 4 kg B.木板 B 的质量为 1 kg C.当 F＝10 N 时木板 B 的加速度为 4 m/s2 D.滑块 A 与木板 B 间的动摩擦因数为 0.1 【答案】BC 【解析】由图知，当 F＝8 N 时，加速度为：a＝2 m/s2，对整体分析： F＝(mA＋mB)a，解 得：mA＋mB＝4 kg，当 F 大于 8 N 时，A、B 发生相对滑动，对 B 有：a＝ ＝ F － ，由图示图象可知，图线的斜率：k＝ ＝ ＝1，解得：mB＝1 kg，滑块 A 的质量为：mA＝3 kg。当 a＝0 时，F＝6 N，代入解得 μ＝0.2，故 A、D 错误，B 正确；根 据 F＝10 N>8 N 时，滑块与木板相对滑动，B 的加速度为：aB＝a＝ ＝ F－ μ g＝(1×10－0.2×30) m/s2＝4 m/s2。故 C 正确。 4、(多选)如图所示，甲图表示的光滑平台上，物体 A 以初速度 v0 滑到上表面粗糙 的水平小车上，车与水平面间的动摩擦因数不计；乙图为物体 A 与小车 B 的 v－t 图象，由此可知( ) A．小车上表面长度 B．物体 A 与小车 B 的质量之比 C．A 与小车 B 上表面的动摩擦因数 D．小车 B 获得的动能 解析：选 BC.由图象可知，AB 最终以共同速度 v1 匀速运动，不能确定小车上表 面长度，故 A 错误；由动量守恒定律得，mAv0＝(mA＋mB)v1，解得mA mB ＝ v1 v0－v1 ， 故可以确定物体 A 与小车 B 的质量之比，故 B 正确；由图象可以知道 A 相对小 车 B 的位移Δx＝1 2v0t1，根据能量守恒得：μmAgΔx＝1 2mAv20－1 2(mA＋mB)v21，根据 B 中求得质量关系，可以解出动摩擦因数，故 C 正确；由于小车 B 的质量不可 知，故不能确定小车 B 获得的动能，故 D 错误．故选 BC. 5、如图所示,电源电动势为 E,内阻为 r.电路中的 R2,R3 分别为总阻值一定的滑动 变阻器,R0 为定值电阻,R1 为光敏电阻(其电阻随光照强度增大而减小).当开关 S 闭合时,电容器中一带电微粒恰好处于静止状态.有关下列说法中正确的是 ( A ) A.只逐渐增大 R1 的光照强度,电阻 R0 消耗的电功率变大,电阻 R3 中有向上的电流 B.只调节电阻 R3 的滑动端 P2 向上端移动时,电源消耗的功率变大,电阻 R3 中有向 上的电流 C.只调节电阻 R2 的滑动端 P1 向下端移动时,电压表示数变大,带电微粒向下运动 D.若断开开关 S,电容器所带电荷量变大,带电微粒向上运动 解析:只逐渐增大 R1 的光照强度,R1 的阻值减小,总电阻减小,总电流增大,电阻 R0 消耗的电功率变大,滑动变阻器两端的电压变大,电容器两端的电压增大,电容器 下极板带的电荷量变大,所以电阻 R3 中有向上的电流,故 A 正确;电路稳定时,电 容器相当于开关断开,只调节电阻 R3 的滑动端 P2 向上端移动时,对电路没有影响, 故 B 错误;只调节电阻 R2 的滑动端 P1 向下端移动时,电容器并联部分的电阻变大, 所以电容器两端的电压变大,由 E= 可知,电场力变大,带电微粒向上运动,故C错 误;若断开开关 S,电容器处于放电状态,电荷量变小,故 D 错误. 6、(2019·北京市丰台区二模)关于玻尔建立的氢原子模型，下列说法正确的是( ) A．氢原子处于基态时，电子的轨道半径最大 B．氢原子在不同能量态之间跃迁时可以吸收任意频率的光子 C．氢原子从基态向较高能量态跃迁时，电子的动能减小 D．氢原子从基态向较高能量态跃迁时，系统的电势能减小 解析：选 C.氢原子处于基态时，电子的轨道半径最小，故 A 错误；由 hν＝Em－ En 知氢原子在不同能量态之间跃迁时只可以吸收特定频率的光子，故 B 错误； 氢原子从基态向较高能量态跃迁，电子距离氢原子核的距离增大，匀速圆周运动 的半径增大，线速度减小，动能减小，C 正确；氢原子从基态向较高能量态跃迁 时，电子距离氢原子核的距离增大，电场力做负功，电势能增大，D 错误． 7、如图甲所示，一台线圈内阻为 2 Ω的小型发电机外接一只电阻为 10 Ω的灯泡， 发电机内匀强磁场的磁感应强度为 2 π T，线圈的面积为 0.01 m2，发电机正常工作 时灯泡的电流 i 随时间 t 变化的正弦规律图象如图乙所示．下列说法正确的是( ) A．t＝0.05 s 时，穿过线圈的磁通量为零 B．t＝0.05 s 时，理想交流电压表的示数为 30 V C．发电机内线圈的匝数为 240 D．发电机线圈内阻每秒钟产生的焦耳热为 9 J 解析：选 AB.由图乙可知 t＝0.05 s 时，发电机的输出电流为最大值，此时线圈平 面与中性面垂直，磁通量为零，A 正确．由图乙可知电流的有效值 I＝3 A，理想 交流电压表的示数 U＝3×10 V＝30 V，B 项正确．由图乙可知，电流最大值为 3 2 A，则发电机产生的感应电动势最大值 Em＝nBSω＝(2 Ω＋10 Ω)×3 2 A＝ 36 2 V，又 B＝ 2 π T，S＝0.01 m2，ω＝2π T ＝10π rad/s，得 n＝360，C 项错误．Q ＝32×2×1 J＝18 J，D 项错误． 8、如图，在绕地运行的天宮一号实验舱中，宇航员王亚平将支架固定在桌面上，摆轴末端 用细绳连接一小球．拉直细绳并给小球一个垂直细绳的初速度，它沿 bdac 做圆周运动．在 a 、 b 、 c 、 d 四点时（ d 、 c 两点与圆心等高），设在天宫一号实验舱中测量小球动能分别为 、 、 、 ，细绳拉力大小分别为 、 、 、 ，阻力不计，则（ ） A. B. 若在 c 点绳子突然断裂，王亚平看到小球做竖直上抛运动 C. D. 若在 b 点绳子突然断裂，王亚平看到小球做平抛运动 【来源】【全国百强校】河北省衡水中学 2019 届高三二十模考试 (B) 物理试题 【答案】 C 【点睛】解答本题要抓住小球处于完全失重状态，由绳子的拉力提供向心力，再根据向心力 公式分析即可． 二、非选择题 如图所示,某小型水电站发电机的输出功率为 10 kW,输出电压为 400 V,向距离较 远的用户供电,为了减少电能损失,使用 2 kV 高压输电,最后用户得到 220 V,9.5 kW 的电力,求: (1)升压变压器原、副线圈的匝数比 n1∶n2; (2)输电线路导线的总电阻 R; (3)降压变压器原、副线圈的匝数比 n3∶n4. 解析:(1)升压变压器的原、副线圈的匝数比为 (2)输电线上的电流为 I= = A=5 A 输电线电阻 R= = Ω=20 Ω. (3)降压变压器原线圈电压 U3=U2-IR=2 000 V-5×20 V=1 900 V 故降压变压器原、副线圈的匝数比为 = = = . 答案:(1)1∶5 (2)20 Ω (3)95∶11